河南省许昌市长葛一中2025-2026学年高一物理第一学期期末质量检测模拟试题含解析.doc

河南省许昌市长葛一中2025-2026学年高一物理第一学期期末质量检测模拟试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图所示，质量为m的物块，在水平外力F作用下，始终静止在竖直墙壁上，下列分析正确的是

A.物块一共受到四个力的作用
B.物块只受到三个力的作用
C.物块可能受到三个力的作用
D.物块的受力个数无法确定
2、对做匀变速直线运动物体，下列说法正确的是（）
A.在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：3：5
B.一质点的位置坐标函数是x=4t+2t2，则它运动的初速度是4m/s，加速度是2m/s2
C.做匀减速直线运动的物体，位移一定随时间均匀减小
D.任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等
3、某物体同时受到同一平面内的三个共点力作用，若这三个共点力大小和方向分别如下图甲、乙、丙、丁所示（坐标纸中每格边长表示1N大小的力），则关于该物体受到合力的说法正确的是（　）

A.甲图中物体所受的合力大小等于7N
B.乙图中物体所受合力大小等于5N
C.丙图中物体所受合力大小等于0N
D.丁图中物体所受的合力大小等于3N
4、如图，电梯与水平地面成θ角，一人静止站在电梯水平梯板上，电梯以恒定加速度a启动过程中，水平梯板对人的支持力和摩擦力分别为FN和Ff。若电梯启动加速度减小为，则下面结论正确的是（）

A.水平梯板对人的支持力变为
B.水平梯板对人的摩擦力变为为
C.电梯加速启动过程中，人处于失重状态
D.水平梯板对人的摩擦力和支持力之比仍为为
5、一根轻质弹簧，竖直悬挂，原长为10 cm．当弹簧下端挂2.0 N的重物时，伸长1.0 cm；则当弹簧下端挂8.0 N的重物时，弹簧长( )
A.4.0 cm B.14.0 cm
C.8.0 cm D.18.0 cm
6、如图所示，轻弹簧的左端固定在墙上，右端固定在放于粗糙水平面的物块M上，当物块处在O处时弹簧处于自然状态，现将物块拉至P点后释放，则物块从P点返回O处的过程中

A.物块的速度不断增大，而加速度不断减小
B.物块的速度先增后减，而加速度先减后增
C.物块的速度不断减小，而加速度不断增大
D.物块的速度先增后减，而加速度不断减小
7、关于牛顿第一定律和牛顿第三定律，下列说法正确的是（　　）
A.牛顿第一定律不能直接用实验验证
B.牛顿第一定律说明必须有力作用在物体上，物体才能保持匀速直线运动
C.甲、乙两队拔河比赛队胜，因为甲队对绳子的作用力大于绳子对甲队的作用力
D.依据牛顿第三定律，跳高运动员起跳时，地面对人的支持力与人对地面的压力大小相等
8、如图（a），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平．t=0时，木板开始受到水平外力F的作用，在t=4s时撤去外力．细绳对物块的拉力f随时间t变化的关系如图（b）所示，木板的速度v与时间t的关系如图（c）所示．木板与实验台之间的摩擦可以忽略．重力加速度取g=10m/s2．由题给数据可以得出

A.木板的质量为1kg
B.2s~4s内，力F的大小为0.4N
C.0~2s内，力F的大小保持不变
D.物块与木板之间的动摩擦因数为0.2
9、关于自由落体运动，下列说法不正确的是（ ）
A.物体竖直向下的运动就是自由落体运动
B.加速度等于重力加速度的运动就是自由落体运动
C.在自由落体运动过程中，不同质量的物体运动规律相同
D.物体做自由落体运动位移与时间的平方成正比
10、如图所示，水平传送带以4m/s逆时针匀速转动，A、B为两轮圆心正上方的点，AB=L1=2m，两边水平面分别与传送带上表面无缝对接，弹簧右端固定，自然长度时左端恰好位于B点．现将一小物块与弹簧接触(不栓接)，并压缩至图示位置然后释放，已知小物块与各接触面间的动摩擦因数均为μ=0.2，AP=L2=1m，小物块与轨道左端P碰撞后原速反弹，小物块最后刚好返回到B点时速度减为零．g=10m/s2，则下列说法正确的是( )

A.小物块第一次到A点时，速度大小一定等于
B.小物块第一次到A点时，速度大小一定等于4m/s
C.小物块离开弹簧时的速度一定满足
D.小物块离开弹簧时的速度一定满足
11、如图所示，质量为m的小球A、B置于倾角为θ＝30°的光滑斜面上，小球A、B之间通过一段压缩的轻弹簧连接，小球A通过细线系在斜面体的挡板M上，小球B与挡板N接触，系统处于静止状态．下列说法正确的是（）

A.小球B与挡板N之间无挤压
B.剪断细线的瞬间小球B的加速度为零
C.剪断细线的瞬间小球A可能仍保持静止状态
D.撤去挡板N的瞬间小球B的加速度不一定变化
12、如图所示的装置中不计滑轮所受的摩擦，增加B的重力，A仍然保持静止状态，则正确的是（）

A.悬挂滑轮的轴对滑轮的作用力一定增大

B.绳子对A的拉力一定增大
C.地面对A物体摩擦力减小
D.A物体对地面的压力增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在探究物体的加速度与物体所受外力、物体质量间的关系时，采用如图所示的实验装置，小车以及车中的砝码质量用 M 表示，盘以及盘中的砝码质量用 m 表示

（1）实验过程中，电火花计时器接在频率为的交流电源上，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行
（2）若已平衡好摩擦，在小车做匀加速直线运动过程中，当 M 与 m 的大小关系满足_____时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力
（3）某小组同学先保持盘及盘中的砝码质量 m 一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是____.
A．平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上
B．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力
C．实验时，先接通打点计时器的电源，再放开小车
D．用天平测出 m 以及 M，小车运动的加速度可直接用公式求出
（4）某小组同学保持小车以及车中的砝码质量 M 一定，探究加速度 a 与所受外力 F 的关系时，由于他们操作不当，这组同学得到的 a-F 关系图像如上图所示，①图线不过原点的原因是_________；②图线上端弯曲的原因是_______________

（5）某小组在操作完全正确且满足（2）中质量关系的情况下，如图为实验时小车在长木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，根据纸带可求出小车的加速度大小 a = ____________．（结果保留三位有效数字）

14、在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图甲所示的装置，计时器打点频率为50Hz。

(1)该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图乙所示，自A点起，相邻两点间的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则打E点时小车的速度为_____m/s，小车的加速度为_____m/s2；（结果均保留两位有效数字）
(2)该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持_____不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持_____不变；
(3)该同学通过数据的处理作出了a﹣F图象，如图所示，则

①图中的直线不过原点的原因是_____；
②图中的力F理论上指绳对小车的拉力，而实验中用_____表示。（选填字母符号）
A．小盘和重物的重力
B．绳对小车的拉力
C．小车及小车中重物的总重力
15、两实验小组分别作“探究加速度和力、质量的关系”实验。

（1）A组用如图甲所示装置做实验，图中带滑轮的长木板放置于水平桌面上，拉力传感器与固定在木板一端定滑轮之间轻绳始终与木板面平行，传感器可直接显示绳上拉力的大小。
①做实验时，下列操作必要且正确的是_
A．将长木板右端适当垫高，使小车能自由匀速滑动
B．小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数
C．为了减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量
D．用天平测出砂和砂桶的质量
②某同学据他的实验操作，得到如图乙小车加速度a与拉力传感器示数F的图线，横、纵轴截距分别为F0与-a0，依据a-F图象可求得小车质量M=________。

（2）B组用如图丙所示的实验装置做实验。

①在正确、规范的操作中，打出一条如图丁所示的纸带，每两个计数点之间还有四个计时点没有画出来，纸带上的数字为相邻两个计数点间的距离，打点计时器的频率为50 Hz。打第4个计数点时小车的速度v4＝______ m/s；小车做匀加速直线运动的加速度a＝________ m/s2。(保留三位有效数字)
②平衡了摩擦力后，在小车质量M保持不变的情况下，不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M。测出每次加砂后，砂和砂桶的总重力F和小车的加速度a，作a­F的图像如图戊所示。下列图线正确的是________。
A. B. C. D.
三．计算题(22分)
16、（12分）总质量为40kg的人和雪撬在倾角θ=37°的斜面上向下滑动（如图甲所示），所受的空气阻力与速度成正比．今测得雪撬运动的v﹣t图象如图乙所示，且AB是曲线的切线，B点坐标为（4，15），CD是曲线的渐近线。（g取10m/s2）求：
（1）雪撬开始运动时的速度和加速度以及雪橇运动的最大速度；
（2）空气的阻力系数k和雪撬与斜坡间的动摩擦因数μ

17、（10分）如图所示，在光滑的水平面上有一个长为0.64m、质量为4kg的木块B，在B的左端有一个质量为2kg、可视为质点的铁块A，A与B之间的动摩擦因数为0.2，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等。当对A施加水平向有的拉力时，求经过多长时间可将A从B的左端拉到右端。（g=10m/s2）

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】物块处于平衡状态，则受到向下的重力，向上的静摩擦力，水平向右的力F以及水平向左的墙面的支持力，则一共受到四个力的作用。
故选Ａ。
2、D
【解析】A．初速度为零时，1s内、2s内、3s内通过位移之比为1：4：9，故A错误；
B．根据得，物体的初速度为4m/s，加速度为4m/s2，故B错误；
C．匀减速直线运动物体速度随时间均匀减小，位移不是均匀减小，故C错误；
D．匀变速直线运动的物体，任意两个连续相等时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，故D正确。
故选D。
3、B
【解析】力的合成遵循平行四边形定则，三力合成可以先合成其中两个力，再与第三个力合成，也可用正交分解法先分解再合成
【详解】对甲，先将F1与F3合成，然后再用勾股定理，与F2进行合成，求得合力等于5 N，故A错误；对乙，先将F1与F3沿水平和竖直方向正交分解，再合成，求得合力等于5 N，故B正确；对丙，可将F3沿水平和竖直方向正交分解正交分解，求得合力等于6 N，故C错误；根据三角形法则，丁图中合力等于0，故D错误；故选B
4、B
【解析】A当电梯加速度为a时，竖直方向上有：

水平梯板对人的支持力：

当电梯加速度由a减小为时，在竖直方向上有：

水平梯板对人的支持力：

故A错误；
B当电梯加速度为a时，水平梯板对人的摩擦力为：

当电梯加速度由a减小为时，水平梯板对人的摩擦力变为：

故B正确；
C电梯加速启动过程中，人有向上的加速度，处于超重状态而不是失重状态。故C错误；
D水平梯板对人的摩擦力和支持力之比为：

故D错误
5、B
【解析】据题意，当弹簧下挂2N重物时，伸长1cm，据胡克定律有：，则劲度系数为：，则当弹簧下端挂8N物体时，弹簧伸长量为：，所以弹簧总长为：14m．故B选项正确
考点：本题考查胡克定律
6、B
【解析】物体从P点向左运动到O点的过程中，受到向左的弹力和向右的摩擦力，当弹力大于摩擦力时，物体向左做加速运动，由于弹力逐渐减小，故加速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最大，此后由于弹力小于摩擦力，故继续向左做减速运动，由于受到的合力增大，故加速度增大，做加速度增大的减速运动，故物块的速度先增后减，而加速度先减后增，故B正确；故选B
考点：牛顿第二定律的应用
7、AD
【解析】A．牛顿第一定律描述的是一种理想的情况，是牛顿在前人（伽利略、笛卡尔）的基础上总结出来的规律，不能用实验进行验证，故A正确；
B．牛顿第一定律说明，物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，所以B错误；
C．甲队对绳子的作用力和绳子对甲队的作用力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，故C错误；
D．依据牛顿第三定律，跳高运动员起跳时，地面对人的支持力与人对地面的压力是一对相互作用力，大小相等，方向相反，所以D正确。
故选AD。
8、AB
【解析】结合两图像可判断出0-2s物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力F等于f，故F在此过程中是变力，即C错误；2-5s内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对2-4s和4-5s列运动学方程，可解出质量m为1kg，2-4s内的力F为0.4N，故A、B正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数μ,故D错误.
9、AB
【解析】物体做自由落体运动的条件：①只在重力作用下②从静止开始．只在重力作用下保证了物体的加速度为g；从静止开始保证了物体初速度等于零
【详解】自由落体运动必须为初速度为0，只受重力作用，竖直向下的匀加速直线运动，而物体竖直向下的运动可能为匀速运动或者匀加速运动等，故A错误；加速度等于重力加速度，同时要求初速度为0才是自由落体运动．故B错误；自由落体运动的特点：初速度为0，加速度为重力加速度，方向竖直向下，其运动规律与物体的质量无关，故C正确；物体做自由落体运动，位移时间公式为：h＝gt2，故位移与时间的平方成正比，故D正确；此题选择不正确的选项，故选AB.
10、BD
【解析】由动能定理求出物体返回B点时速度为零的条件，然后分析物体以不同速度滑上传送带后的运动情况，看各选项的速度是否符合要求；
【详解】A、设小物块到达P点的速度为v，反弹后运动到B点的速度为零，由动能定理得：
小物块由A到P点过程中，由动能定理得：
联立解得，故选项A错误，B正确；
C、由题可知小物块在B点离开弹簧，若物体速度较大，一直做匀减速运动，整个过程中根据动能定理有：，解得；
若速度较小，在AB上一直加速，到A点时恰好与带同速，有：解得，故小物块离开弹簧时的速度一定满足，故选项C错误，D正确
【点睛】分析清楚物体运动过程，应用动能定理、牛顿第二定律、运动学公式即可正确解题
11、BC
【解析】A．对B球受力分析，沿斜面方向，由于弹簧压缩，所以B受到弹簧弹力沿斜面向下，重力有沿斜面向下的分力，B要保持平衡，必然受到挡板沿斜面向上的弹力，所以与挡板之间一定有挤压，A错误；
BC．分析小球A，沿斜面方向，受到自身重力沿斜面向下的分力，弹簧沿斜面向上的弹力，细线是否有拉力要根据弹簧弹力和重力沿斜面分力的大小关系判断，若有拉力，剪断细线瞬间拉力变为0，小球向下滑动，加速度立即变化，若没有拉力，剪断细线后仍然平衡，加速度不会变化，仍然静止，BC正确；
D．撤去挡板之前，B静止，加速度0.挡板撤去瞬间，挡板弹力变为0，B在弹簧弹力和自身重力作用下沿斜面向下加速，加速度一定发生变化，D错误。
故选BC。

12、AB
【解析】绳子对A、B两物体的拉力大小相等，增加B的重力，AB仍静止，绳子的拉力增加，夹角不变，所以悬挂滑轮的轴对滑轮的作用力一定增大，故AB正确．物体A始终静止，绳子对A的拉力增大，拉力在水平竖直两方向的分力增加，由共点力的平衡可知，f=Tcosθ；N=GA-Tsinθ，则地面对A物体的摩擦力增大，地面对物体A的支持力变小，故CD错误．故选AB

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①. ②.BC ③.没有平衡摩擦（或平衡摩擦不够） ④.随所挂钩码质量 m 的增大，不能满足. ⑤.3.19
【解析】当盘及盘中砝码的总质量远小于小车及砝码总质量时，可以认为小车受到的拉力等于盘及砝码的重力；平衡摩擦力时，不能挂盘；实验过程中，应保证绳和纸带与木板平行；小车的加速度应由纸带求出；图线不通过坐标原点，当拉力为某一值时，a为零，知没有平衡摩擦力或倾角过小；用逐差法求出加速度
【详解】（1）设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma ，对盘和砝码有：mg-F=ma ，联立解得：，由此可知当M＞＞m时，绳对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力
（2）平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误；每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消不需要重新平衡摩擦力，故B正确；实验时，若先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理，所以实验时，先接通打点计时器的电源，再放开小车，故C正确；小车运动的加速度是利用打点计时器测量，如果用天平测出m以及小车质量M，直接用公式求出，这是在直接运用牛顿第二定律计算的，而我们实验是在探究加速度与物体所受合外力和质量间的关系，应通过图象来解答，故D错误．所以BC正确，AD错误
（3）当F≠0时，a=0．也就是说当绳子上有拉力时小车的加速度还为0，说明实验操作中遗漏了平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，随着F的增大，即盘及盘中砝码质量的增大，不在满足盘及盘中的砝码质量远小于小车的质量，因此曲线上部出现弯曲现象
（4）交流电源频率为f=50Hz，相邻两个点的时间间隔为T=0.04s，根据逐差法△x=aT2得加速度为：
【点睛】从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚，同时注意整体法和隔离法的应用．注意其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚
14、 ①.0.85 ②.5.0 ③.细线对车的拉力F ④.小车的质量M ⑤.平衡摩擦力时木板的右端垫得过高 ⑥.A
【解析】(1)[1][2]E的瞬时速度

用逐差法可得小车的加速度为

(2)[3][4]该实验采取的是控制变量法，所以该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变
(3)[5]图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是平衡摩擦力时木板右端垫得过高
[6]图中的力F理论上指绳对小车的拉力，而实验中却用小盘和重物的重力表示，导致当盘和重物的质量不远小于小车质量时，图线弯曲，故A正确BC错误
15、 ①.AB ②. ③.1.22 ④.2.04 ⑤.C
【解析】(1)[1]
A．将长木板右端适当垫高使小车能自由匀速滑动,这样做的目的是为了平衡摩擦力,只有这样小车受到的合力才为两根细绳的拉力，故A正确；
B．小车靠近打点计时器，可有效利用纸带，先接通电源打点稳定后再释放小车，打出一条纸带，同时记录传感器的示数为F，小车的合力为2F，故B正确；
CD．因为小车受到的合力可以通过传感器的示数表示出来（合力为为2F），所以实验中没有必要测出砂和砂桶的质量，也没有必要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故CD错误。
[2]
由牛顿第二定律可得

由图象的斜率可得

计算可得M=
(2)[3]

[4]

(3)[5]
BD．平衡了摩擦力后，由牛顿第二定律可得

成正比例关系，故BD错误；
AC．不断往砂桶里加砂，直到砂和砂桶的质量最终达到M，越到后面越不满足砂和砂桶的质量远远小于小车质量，绳子的拉力小于砂和砂桶的重力，此时加速度小于砂和砂桶的重力对应的加速度，图线会向下弯曲，故A错误，C正确。
故选择C选项。

三．计算题(22分)
16、（1）10m/s （2）20N•s/m , 0.125
【解析】（1）根据图线可知，开始运动时的速度即A点的速度，vA=5m/s
t=0时雪橇的加速度为：

最终雪橇匀速运动时最大速度为：
vm=10m/s
（2）根据牛顿定律可得：

物体最后以v=10m/s的速度做匀速运动，则有：
mgsin37°﹣kv﹣μmgcos37°=0
联立两式解得：
μ=0.125
k=20N•s/m
17、8s
【解析】以A为研究对象，水平方向受到水平向右的拉力F和水平向左的滑动摩擦力f，根据牛顿第二定律有：

解得：

以B为研究对象，木板水平方向只受向右的摩擦力f，根据牛顿第二定律有：

解得：

从的左端运动到右端，则有：

即有：

代入数据，解得：