2026届重庆市渝东六校物理高一上期末质量跟踪监视试题含解析.doc

2026届重庆市渝东六校物理高一上期末质量跟踪监视试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、2013年2月15日中午12时30分左右，俄罗斯车里雅宾斯克州发生陨石坠落事件，它在穿越大气层时摩擦燃烧，发生爆炸，产生大量碎片，形成了所谓“陨石雨”．假定某一碎片自爆炸后落至地面并陷入地下一定深度过程中，其质量不变，则（　　）

A.该碎片在空中下落过程中重力做的功小于动能的增加量
B.该碎片在空中下落过程中重力做的功大于动能的增加量
C.该碎片在陷入地下的过程中合外力做的功小于动能的改变量
D.该碎片在整个过程中克服阻力做的功大于机械能的减少量
2、如图所示是甲、乙两物体从同一点出发的位移﹣时间（s﹣t）图象，由图象可以看出在0～4s这段时间内（　　）

A.甲、乙两物体始终同向运动
B.4s末甲、乙两物体相遇
C.甲的平均速度大于乙的平均速度
D.甲、乙两物体之间的最大距离为6m
3、如图所示，长木板放置在水平面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为μ，木板与水平面间的动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，现对物块施加一水平向右的拉力F，则木板加速度大小a可能是（ ）

A.a=μg B.a=
C.a= D.a=
4、一辆汽车沿着平直的道路行驶，位移-时间图像如图所示，以下有关汽车的运动描述正确的是（　　）

A.10s-20s这段时间内汽车做匀速直线运动
B.t=30s时汽车在返回出发点途中
C.t=40s时汽车离出发点最远
D.汽车前10s内的平均速度小于最后20s内的平均速度
5、在长为50 m的游泳池中举行200 m蛙泳比赛，运动员从比赛开始到结束的过程中，游过的路程的最大值和位移大小的最大值分别是(　　)
A.0，50 m B.0，200 m
C200 m，50 m D.200 m，0
6、汽车以30 m/s的速度在平直公路上行驶，急刹车时的加速度大小为5 m/s2，则自驾驶员急踩刹车开始，2 s与8 s时汽车的位移之比为(　　)
A.5∶8
B.3∶4
C.5∶9
D.4∶3
7、如图所示，在粗糙水平地面上放一三角形劈，三角形劈与光滑竖直墙之间放一光滑圆球，整个装置处于静止状态，若把三角形劈向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则

A.球对墙的压力增大 B.球对墙的压力不变
C.球对三角形劈的压力增大 D.地面对三角形劈的摩擦力不变
8、如图甲所示，木板OA可绕轴O点在竖直平面内转动，某研究小组利用此装置探究物块在方向始终平行于斜面且指向A端、大小为F=8N的力作用下的加速度与斜面倾角的关系。已知物块的质量m=1kg，木板长L=2m，通过实验，得到如图乙所示的加速度与斜面倾角的关系图线，A点坐标（θ1，0），B点坐标（θ2，0）。若物块与木板间的动摩擦因数μ=0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，(g＝10 m/s2)，则以下说法正确的是( )

A.图乙中图线与纵轴交点的纵坐标a0=6m/s2
B.图乙中图线与θ轴交点的横坐标为θ1时，物体受到的摩擦力沿斜面向下，且物体静止
C.图乙中图线与θ轴交点横坐标为θ2时，物体受到的摩擦力沿斜面向下，且物体静止
D.若θ=37°，物体在力F作用下，从木板底端O点开始运动，当作用时间是3s时，物体不能冲出木板
9、如图所示，在动摩擦因数μ＝0.1的水平地面上，质量m＝2kg的物块与水平细绳相连，物块在与水平方向成θ＝53°的拉力F作用下处于静止状态，此时水平面对物块的弹力恰好为零．g取10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，以下说法正确的是（　　）

A.此时细绳的弹力大小为13N
B.当撤去拉力F的瞬间，物块的加速度为0
C.若剪断细绳，则剪断的瞬间物块的加速度大小为7.5m/s2，方向向右
D.剪断细绳，则剪断的瞬间物块的加速度大小为6.5m/s2，方向向右
10、下列说法中，正确的是( )
A.速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量
B.平均速度就是初、末速度的平均值，既有大小，又有方向，是矢量
C.运动物体在某一时刻或某一位置的速度，叫做瞬时速度，它是矢量
D.汽车上的速度计是用来测量汽车平均速度大小的
11、如图所示，为一个可以乘坐二十多人的在竖直柱子上的巨型娱乐器械，可以使人体验超重和失重状态。由升降机将环形座舱送到离地面75m的高处，然后让座舱无摩擦的自由落下，落到离地面30m的位置时，制动系统启动，座舱做匀减速运动，到地面时刚好停下，若座舱中某人用手托着质量为0.2kg的手机，取g=10m/s2，则（　　）

A.当座舱落到离地面45m的位置时，手掌对手机的支持力为0
B.当座舱落到离地面45m的位置时，手掌对手机的支持力为2N
C.当座舱落到离地面15m位置时，手掌对手机的支持力为3N
D.当座舱落到离地面15m的位置时，手掌对手机的支持力为5N
12、如图所示，传送带的水平部分长为L，速率为v，在其左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是

A. B.
C. D.
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、（1）在做“研究匀变速直线运动”实验中，打点计时器打出的一条纸带中的某段如图所示，若A、B、C点间的时间间隔均为0.10s，根据图中给定的长度，计算小车加速度大小为_________m/s2，打下C点时小车的速度大小为________m/s。

（2）为了探究加速度与力、质量的关系，某同学利用如图所示的实验装置，探究小车质量一定时加速度与合外力之间的关系，图中上下两层水平轨道，细线跨过滑轮并挂上砝码盘。若可将砝码和砝码盘的总重力作为小车所受合力，须满足条件1)_____；2)______；两小车尾部细线连到控制装置上，实验时通过控制装置使两小车同时开始运动，并同时停止。该同学测量了两小车的位移为，则______。

14、用如图所示装置探究小车的加速度与力、质量的关系．在满足实验条件的情况下，细线下端悬挂钩码的总重力视为小车受到的合力F，用打点计时器打出纸带，计算出小车运动的加速度a.

(1) 关于实验操作，下列说法正确的是________
A.实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行
B.平衡摩擦力时，在细线的下端悬挂钩码，使小车在拉力作用下匀速下滑
C.每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力
D.实验时应先释放小车，后接通打点计时器电源
(2)某组同学实验时保持小车(含车中重物)的质量M不变，根据实验得出的数据，画出a-F图象，如图所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是____________________(选填“摩擦力平衡过度”或“摩擦力没有平衡”)

(3)另一组同学探究小车加速度a与其质量M的关系时，保持钩码的总质量不变，为了直观地判断a与M的数量关系，应作________(选填“a-M”或“”)图象
15、纯电动概念车E1是中国馆的镇馆之宝之一。若E1概念车的总质量为920kg，在16s内从静止加速到100km/h（即27.8m/s），受到恒定的阻力为1500N，假设它做匀加速直线运动，其动力系统提供的牵引力为________N。当E1概念车以最高时速120km/h（即33.3m/s）做匀速直线运动时，其动力系统输出的功率为__________kW。

三．计算题(22分)
16、（12分）一辆汽车以72km/h的速度行驶，现因紧急事故刹车并最终停止运动．已知汽车刹车过程中的加速度大小为4m/s2，若从刹车瞬间开始计时，求：
(1)汽车2s末的速度和前2s的位移；
(2)汽车前6s的位移
17、（10分）如图所示，传送带与水平面的夹角θ=30°，正以恒定的速度v=2.5m/s顺时针转动，现在其底端A轻放一货物（可视为质点），货物与传送带间的动摩擦因数μ=，经过t=2s，传送带突然被卡住而立即停止转动，由于惯性，货物继续沿传送带向上运动，并刚好到达传送带顶端B．求传送带底端A与顶端B的距离．（g取10m/s2）

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、B
【解析】本题的关键是明确涉及到“机械能变化”的问题时，应用“功能原理”讨论，涉及到“动能变化、动能增量”问题时应用动能定理进行讨论；
【详解】A、根据动能定理可知，碎片动能的增量应等于重力和阻力做功的代数和所以重力做的功大于动能的增加量，故A错误，B正确；
C、根据动能定理，碎片在陷入地下的过程中重力与阻力的合力做的功等于动能的改变量，故C错误；
D、根据“功能原理”可知，除碎片的重力外其它力即为阻力做的功等于碎片机械能的变化，故D错误
【点睛】应明确“功能原理”是指：除重力以外其它力做的总功等于物体机械能的变化
2、B
【解析】根据位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向
【详解】由于位移﹣时间图象斜率表示该时刻的速度，可以从图中看出乙物体的速度（斜率）始终为正值，即速度始终为正方向，甲物体前两秒内速度为正方向，2秒末到4秒末速度为负方向，故A错误；4s秒末两物体的位置坐标相同，说明两物体相遇，故B正确；由图知：4s内甲的位移大小为s甲＝△x＝2m﹣0＝2m，乙的位移大小为s乙＝△x＝2m﹣0＝2m，可见，位移相等，所用时间也相等，则平均速度相等，故C错误；从位移﹣时间图象来看，两个物体两秒末纵坐标读数之差最大，即两物体相距最远，可知2s末两物体相距最远，最大距离为△s＝4m﹣1m＝3m，故D错误．所以B正确，ACD错误
【点睛】解答本题关键要理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义，知道位移时间图象仅描述直线运动
3、D
【解析】若木板相对物块静止，木板和物块一起做匀加速直线运动，整体水平方向的受力为：
则加速度为
若木板相对物块滑动，则对木板水平方向受到两个摩擦力，根据牛顿第二定律可知

解得：故D正确，ABC错误
故选D
4、B
【解析】A．10s-20s这段时间内汽车位置不变，处于静止状态，A错误；
B．20s-40s这段时间汽车的位移减小，所以t=30s时汽车在返回出发点的途中。B正确；
C．t=40s时汽车回到出发点。C错误；
D．两段时间位移的大小相等，时间长的平均速度小，所以汽车前10s内的平均速度大于最后20s内的平均速度。D错误。
故选B。
5、C
【解析】在200米游泳中，实际通过的路程就是表示运动轨迹的长度，即为；

由于泳池长，故200米蝶泳中需要一个来回，故又会回到终点，故位移最大值分别是为，故选项C正确
点睛：解决本题的关键是掌握位移和路程的区别：位移是指位置的移动，由初位置指向末位置，有大小有方向；路程是表示运动轨迹的长度，只有大小，没有方向
6、C
【解析】汽车刹车到停止所需的时间：

2s时位移：

8s时的位移就是6s时的位移，此时车已停：

所以，2 s与8 s时汽车的位移之比为5：9.
A.5∶8，与计算结果不符，故A错误
B.3∶4，与计算结果不符，故B错误
C.5∶9，与计算结果相符，故C正确
D.4∶3，与计算结果不符，故D错误
7、BD
【解析】物体和三角形劈都处于静止状态，受力平衡，先对球受力分析，再对三角形劈受力分析，结合共点力平衡条件列式分析即可
【详解】对球受力分析，受重力、三角形劈支持力和墙壁的支持力；再对三角形劈受力分析，受重力、球的压力、地面的支持力和摩擦力；若把三角形劈向右移动少许，各个力的方向均没有改变，重力不变，故题中所有的力大小也都不变；故AC错误，BD正确；故选BD
【点睛】本题只需判断出各个力的方向是否改变，然后结合共点力平衡条件定性分析即可
8、ABD
【解析】A．当木板水平放置时，物块的加速度为a0，此时滑动摩擦力

解得

故A正确；
BC．当摩擦力沿斜面向下且加速度为零时木板倾角为θ1，当摩擦力沿斜面向上且加速度为零时木板倾角为θ2，这时物块处于静止状态，故B正确，C错误；
D．力F作用时的加速度

撤去力F后的加速度大小

设物块不冲出木板顶端，力F最长作用时间为t，则撤去力F时的速度，位移，撤去力F后运动的距离，由题意有

即

解得

故D正确，
故选ABD。
9、BC
【解析】对初始状态的物块受力分析，由平衡条件可得拉力F和细绳的弹力．撤去拉力F的瞬间，细绳的弹力突变，物块的加速度为零．剪断细绳瞬间，物体受重力、支持力，由牛顿第二定律可得物体的加速度
【详解】A．物块受重力、绳子的弹力T以及拉力F处于平衡，根据共点力平衡得：，，解得：F＝25N，T＝15N．故A项错误
B．撤去拉力F的瞬间，细绳的弹力突变为0，物块的加速度为0．故B项正确
CD．剪断细绳，物块受重力、拉力F，由牛顿第二定律得：，解得：a＝7.5m/s2，方向向右．故C项正确，D项错误
10、AC
【解析】速度是反映运动快慢的物理量，是矢量，平均速度等于某段位移与时间的比值，是矢量．瞬时速度表示某一位置或某一时刻的速度
【详解】A、速度是表示物体运动快慢的物理量，既有大小，又有方向，是矢量；故A正确.
B、平均速度等于某段位移与时间的比值，不是速度的平均值．是矢量；故B错误.
C、瞬时速度是在某一时刻或某一位置的速度，是矢量；故C正确.
D、汽车上的速度计是用来测量汽车瞬时速率的仪器；故D错误.
故选AC.
【点睛】解决本题的关键知道平均速度和瞬时速度的区别，知道速度是矢量，速率是标量
11、AD
【解析】AB．由题意知当座舱落到离地面45m的位置时，座舱还在自由下落过程中，此时加速度为g，人和手机处于完全失重状态，手掌对手机的支持力为0，故A正确，B错误；
CD．当座舱落到离地面15m的位置时，座舱处于匀减速运动阶段，根据自由落体运动公式可知座舱落到离地面30m的位置时速度为

代入数据可得v=30m/s；在匀减速运动过程中有

可得匀减速运动的加速度大小为a=15m/s，此过程中对手机根据牛顿第二定律有

代入数据解得N=5N，即手掌对手机的支持力为5N，故C错误，D正确。
故选AD。
12、ACD
【解析】A.木块在传送带上先做匀加速直线运动，速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动。匀加速直线运动的加速度
a＝μg，
匀加速运动的时间
，
匀加速直线运动的位移
，
匀速运动的时间
，
则木块从左端运动到右端的时间
，
故A正确；
BD.木块在传送带上可能一直做匀加速直线运动，到达右端的速度恰好为v，根据平均速度推论知，
，
则运动的时间
，
故B错误，D正确；
C、木块在传送带上可能一直做匀加速直线运动，根据

得，
，
故C正确。
故选：ACD。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.4.0 ②.1.1 ③.平衡摩擦力 ④.砝码和砝码盘的总质量应该远小于小车的质量 ⑤.x1：x2
【解析】(1)[1]由于每相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式可得小车加速度大小为

[2]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上点时小车的瞬时速度大小

(2)[3][4]本实验需要用砝码盘和砝码的重力代替小车所受的合外力，所以需要平衡摩擦力，即将轨道右端适当垫高；若可将砝码和砝码盘的总重力作为小车所受合力，绳中拉力约等于砝码和砝码盘的总重力，此时需满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车质量；
[5]使两小车同时开始运动，并同时停止，两车运动的位移为

则有

14、 ①.（1）A ②.（2）摩擦力平衡过度 ③.（3）
【解析】（1）调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂钩码，故B错误；由于平衡摩擦力之后有Mgsinθ=μMgcosθ，故tanθ=μ．所以无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量即改变拉小车拉力，不需要重新平衡摩擦力，故C错误；实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，故D错误；故选A；
（2）由图可知当F=0时加速度不为零，可知原因是平衡摩擦力过度，木板一端抬的过高；
（3）因a=F，可知a-关系是线性关系，则为了直观地判断a与M的数量关系，应作a-图象
15、 ①.3.1×103 ②.50
【解析】[1]电动车的加速度由速度公式可得

电动车在加速过程中受到阻力和牵引力作用，由牛顿第二定律可得

代入数据得

[2]当电动车达到最大速度做匀速直线运动时牵引力等于阻力时，由功率公式可得动力系统输出的功率为

三．计算题(22分)
16、（1）12m/s ；32m；（2）50m
【解析】(1)依题意，v0=72km/h=20m/s
v = v0-at ，t =5s
所以汽车经5s停，2s＜5s
根据
v2 = v0-at2，v2=12m/s
根据
x2=v0t2-at22
x2=32m
（2）6s＞5s，所以时间为5s
根据
x6= v0t3-at32
x6=50m
17、4m
【解析】货物从A处开始做匀加速运动，设加速度为a1，由牛顿第二定律得

代入数据得
a1=2.5m/s2
匀加速运动的时间

位移

在t=1-2s内，货物随传送带一起匀速的位移为
x2=v（t-t1）=2.5×（2-1）=2.5m
传送带停止转动后，货物匀减速运动到B端，速度刚好为0．设加速度大小为a2．所以

代入数据得
a2=12.5m/s2
匀减速的位移为
x3==0.25m
则传送带底端A与顶端B的距离
L=x1+x2+x3=4m