2025-2026学年新疆昌吉州行知学校高一物理第一学期期末达标测试试题含解析.doc

2025-2026学年新疆昌吉州行知学校高一物理第一学期期末达标测试试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、物体在三个共点力的作用下，其中不可能使该物体保持平衡状态的是( )
A.3N，4N，6N B.1N，4N，4N
C.5N，6N，2N D.2N，4N，7N
2、甲、乙两球从同一高度相隔1秒先后自由落下，在下落过程中（）
A.两球的距离始终不变 B.两球的距离越来越大
C.两球的速度差越来越大 D.两球速度差越来越小
3、一小球从空中由静止下落，已知下落过程中小球所受阻力与速度的平方成正比，设小球离地足够高，则 ( )
A.小球先加速后匀速
B.小球一直在做加速运动
C.小球在做减速运动
D.小球先加速后减速
4、下列关于四项运动的解释，说法正确的是（　　）
A.蹦床运动员在空中上升到最高点时处于完全失重状态
B.跳高运动员在越杆时处于平衡状态
C.举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于超重状态
D.跳远运动员助跑是为了增加自己的惯性，以便跳得更远
5、关于超重和失重，下列说法正确的是（　　）
A.超重就是物体受到的重力增大了 B.失重就是物体受到的重力减小了
C.完全失重就是物体受到的重力为零 D.无论超重、失重，物体受到的重力都不变
6、如图所示，质量的物体在水平地面上向左运动，物体与水平地面间的动摩擦因数为0.2，与此同时物体受到一个水平向右的推力的作用，g取，则物体产生的加速度是（　　）

A.0 B.，水平向右
C.，水平向左 D.，水平向右
7、如图是伽利略“理想实验”原理图、A、C、D、E在同一水平面上，vD、vE、vF、vG为小钢珠在D、E、F、G处的速度大小，若轨道都光滑，则以下说法正确的是（　　）

A.vD＞vE
B.vF＝vG
C.本实验是为了说明“小钢珠上升的高度与释放高度相同”
D.本实验是为了说明“小钢珠在水平面上的匀速直线运动不需要力来维持
8、以下说法正确的是
A.物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点
B.合力一定，两分力间夹角越大，分力越小
C.两个分力一定，其合力大小随夹角增大而增大
D.当物体做匀变速直线运动时，中间时刻速度总是小于中间位置的速度
9、我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组是由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车．假设动车组各车厢质量均相等，动车的额定功率都相同，动车组在水平直轨道上送行过程中阻力与车重成正比，某列动车组由8节车厢组成其中第1、5节车厢为动车，其余为拖车，则该动车组（ ）

A.启动时乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同
B.做匀加速运动时，第5、6节与第6、7节车厢间的作用力大小相同
C.进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度成正比
D.与改为4节动车带4节拖车的动车组最大速度之比为1:2
10、如图所示，长L=0.5 m细线下端悬挂一质量m=0.1 kg的小球，细线上端固定在天花板上O点．将小球拉离竖直位置后给小球一初速度，使小球在水平面内做匀速圆周运动，测得细线与竖直方向的夹角θ=37°（sin37°=0.6，cos37°=0.8）.下列说法正确的是

A.细线拉力大小为0.8 N
B.细线拉力大小为1.25 N
C.小球运动的线速度大小为1.5 m/s
D.小球运动的线速度大小为 m/s
11、如图所示为甲、乙两物体同时从同一地点出发，同方向做匀加速直线运动的v-t图象，则

A.甲的瞬时速度表达式为v＝2t
B.乙的加速度比甲的加速度大
C.t＝2 s时，甲在乙的前面
D.t＝4 s时，甲、乙两物体相遇
12、一架飞机着陆时的速度是216km/h，着陆后做匀减速直线运动，加速度大小为3m/s2．由此可以确定
A.飞机最后2s运动的平均速度为3m/s
B.飞机滑行的跑道至少为600m
C.飞机滑行的跑道至少为1000m
D.经过25s时飞机速度的大小为15m/s
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、下图为“研究匀变速直线运动的规律”的装置，已知打点计时器打点周期，请完成以下问题：

（1）关于本实验的说法正确的是（ ）
A．本实验应在释放小车之前接通打点计时器的电源
B．电火花计时器和电磁打点计时器接到交流和直流电源上均可工作
C．电火花计时器和电磁打点计时器工作电压相同
D．电火花计时器和电磁打点计时器工作频率相同
E．纸带上若相邻两个计数点之间有n个打点计时器打出的点，则对应两计数点间的时间为秒
F．砝码盘中的砝码个数越多，释放小车后在纸带上打点个数越多
（2）如图所示为打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出，从纸带上测出，，则打计数点1时的速度表达式______（用、、T表示），小车加速度大小_____；

（3）若算出了几个计数点瞬时速度，建立坐标系，画出的图像如图所示，根据图像可得出小车运动的加速度为_____，内小车通过的位移大小__。

14、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用图1所示的装置。

（1）本实验应用的实验方法是_____
A.假设法 B.控制变量法 C.理想实验法
（2）关于该实验下列说法中正确是_____
A.在探究加速度与质量的关系时，每次改变小车质量时都应平衡摩擦力
B.在探究加速度与外力的关系时，作出a﹣F的图像为曲线
C.在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作出a﹣图像
D.当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小
（3）某次实验中打点计时器在纸带上依次打出一系列的点，取A、B、C、D、E五个计数点，距离如图2所示，每两个计数点间有四个点未画出，且计时器打点周期为0.02s，则打C点的瞬间，纸带的速度大小为____m/s，纸带运动的加速度a=_____m/s2。（计算结果都保留两位有效数字）
15、在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学的实验情况如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳。

(1)图中与B相连的弹簧测力计的示数为________N
(2)该同学用同一套器材做了三次实验，白纸上留下标注信息有结点位置O、力的标度、分力和合力的大小及为了画力的作用线而描绘的点，如图所示。其中最为合理的是_______

(3)关于本实验，下列说法正确的是______
A．两细绳必须等长
B．弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行
C．两次拉伸橡皮条，只要使橡皮条伸长到相同长度即可
D．橡皮条应与两细绳夹角的平分线在同一直线上
三．计算题(22分)
16、（12分）如图甲所示，水平地面上的P点有一质量m =1.0kg的滑块，一轻弹簧左端固定在墙面，右端与滑块接触（不粘连），弹簧处于原长。现推动滑块将弹簧压缩到Q点，PQ间的距离△x = 0.20m。t = 0时刻释放滑块，利用速度传感器描绘出滑块的图象如图乙中的Oabc所示，其中Oab段为曲线，bc段为直线。Od是速度图象上O点的切线。取g=10m/s2。求：
（1）滑块与地面间的动摩擦因数μ；
（2）弹簧的劲度系数k；
（3）滑块滑动过程中的平均速度。

17、（10分）用两根绳AC和BC吊起一重为100N的木块，如图所示，已知两绳AC、BC与竖直方向的夹角分别为30°和45°．求AC和BC绳中的拉力的大小

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】A.3N、4N的合力范围为合，6N的力在这个合力范围内，三力可以平衡，故A不符合题意；
B.1N、4N的合力范围为合，4N的力在这个合力范围内，三力可以平衡，故B不符合题意；
C.5N，6N的合力范围为合，2N的力在这个合力范围内，三力可以平衡，故C不符合题意；
D.2N，4N的合力范围为合，7N的力不在这个合力范围内，三力不可能平衡，故D符合题意
2、B
【解析】甲乙两球均做自由落体运动，由速度公式求出速度之差与时间的关系，由位移公式列出它们的距离与时间关系的表达式即可解题
【详解】A、设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+1，则两球的距离，可见两球间的距离随时间推移，越来越大；故A错误，B正确.
C、D、甲乙两球均做加速度为g的自由落体运动，速度之差为△v=g(t+1)-gt=g，保持不变；故C，D均错误.
故选B.
【点睛】本题主要考查了自由落体运动的位移时间公式及速度时间公式的直接应用.
3、A
【解析】设小球受到的阻力为，在刚开始下落一段时间内阻力是从零增加，，向下做加速运动，过程中速度在增大，所以阻力在增大，当时，合力为零，做匀速直线运动，速度不在增大，故小球的速度先增大后匀速，A正确
考点：考查了牛顿第二定律的应用
4、A
【解析】A．蹦床运动员在空中上升到最高点时只受到重力的作用，加速度为重力加速度，处于失重状态，故A正确；
B．平衡状态指的是物体处于静止或者是匀速直线运动状态，跳高运动员在越杆时，受到重力的作用，不是受力平衡状态，故B错误；
C．举重运动员在举铃过头停在最高点时，铃处于静止状态，受力平衡，不超重也不失重，故C错误；
D．惯性的大小只与物体的质量有关，跳远运动员助跑不是在增加自己的惯性，故D错误。
故选A。
5、D
【解析】详解】AB．超重、失重时，重力没有变化，视重发生变化，故AB错误；
C．完全失重就是物体受到的重力不变，用来提供加速度，故C错误；
D．无论超重、失重，物体受到的重力都不变，故D正确。
故选D。
6、B
【解析】物体所受摩擦力为

方向向右，根据牛顿第二定律得

代入数据解得

方向水平向右，故B正确，ACD错误。
故选B
7、BD
【解析】本题考查了伽利略斜面实验的物理意义，伽利略通过“理想斜面实验”推翻了力是维持运动的原因的错误观点
【详解】A．A、C、D、E在同一水平面上，所以D、E两点速度相等，故A错误；
B．若轨道都光滑，则小球在平直的轨道上做匀速直线运动，所以各点的速度都是相等的．故B正确；
CD．伽利略设计这个理想实验，其目的是为了说明亚里士多德的力是维持物体运动状态的原因的结论是错误的，物体运动不需要力来维持．故C错误，D正确
故选BD
【点睛】伽利略“理想斜面实验”在物理上有着重要意义，伽利略第一个把实验引入物理，标志着物理学的真正开始
8、AD
【解析】根据“质点、合力与分力关系、匀变速直线运动”可知，本题考查质点的条件、力的合成、匀变速直线运动的公式，根据理想模型合力公式、匀变速直线运动的推论分析推断.
【详解】A、根据质点的条件可知，物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点；故A正确.
B、合力一定时，两分力夹角越大，则分力就越大；故B错误.
C、由两个力的合成运用平行四边形定则有，则两个分力F1和F2一定其合力大小随夹角θ增大而减小；故C错误.
D、当物体做匀加速直线运动时，速度图象如图1所示．物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间所围的“面积”相等，由数学知识得知v1＜v2

当物体做匀减速直线运动时，速度图象如图2所示，物体经过中点位置时，前后两段过程的位移相等，速度图象与时间所围的“面积”相等，由数学知识得知v1＜v2；所以某段位移中点的瞬时速度大于该段时间中间时刻的速度；故D正确.
故选AD.
【点睛】质点是经常考查的概念，物体能否看成质点要根据具体情况分析，当物体的大小和形状对研究的问题没有影响或影响可以忽略时，物体可看作质点，同一物体在不同情景下，有时可看作质点，有时不能；理解力的矢量合成法则，注意中间时刻速度与中点位置的速度关系.
9、AD
【解析】根据受力分析，结合牛顿第二定律分析车厢之间的作用力；根据动能定理分析从关闭发动机到停下来滑行的距离；当牵引力和阻力的大小相等时，动车的速度达到最大值，由此可以求得将非动力车改为动力车的数量。
【详解】A．设每节动车的功率为P，牵引力为F，每一节车厢的质量是m，阻力为kmg；启动时乘客的加速度的方向与车厢运动的方向是相同的，所以乘客受到车厢作用力的方向与车运动的方向相同，故A正确；
B．做加速运动时，有两节动力车厢，对整个的车进行受力分析得
2F-8kmg=8ma
对6、7、8车厢进行受力分析得
F1-3kmg=3ma
对7、8车厢进行受力分析得
F2-2kmg=2ma
联立可得，故B错误；
C．设进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离为s，根据动能定理有
−8kmg•s=0−8×mv2
可得，可知进站时从关闭发动机到停下来滑行的距离与关闭发动机时的速度的平方成正比，故C错误；
D．当只有两节动力车时，最大速率为v，则
2P=8kmg•v
改为4节动车带4节拖车的动车组时

所以，故D正确。
故选AD。
【点睛】机车的速度达到最大时，机车做匀速运动，此时机车处于受力平衡状态，即此时的牵引力和受到的阻力的大小相等，再根据瞬时功率的公式即可解答本题。
10、BC
【解析】AB．细线拉力在竖直方向分力平衡重力，，T=1.25N，A错误B正确
CD．细线拉力和重力的合力提供向心力，根据几何关系可得，小球运动的线速度大小为1.5 m/s，C正确D错误
11、AD
【解析】速度图象的斜率等于加速度，则甲的加速度为，则甲的瞬时速度表达式为v=a甲t=2t．故A正确．甲图线的斜率大于乙图线的斜率，则甲的加速度比乙的加速度大．故B错误
速度图象的“面积”大小等于位移，由图看出，t=2s时，乙的位移大于甲的位移，而两物体是同时从同一地点出发同方向做匀加速直线运动的，则t=2s时，乙在甲的前面．故C错误．由数学知识可知，t=4s时，甲乙两图线与坐标轴所围“面积”相等，则位移相等，说明它们相遇．故D正确．故选AD
【点睛】本题的关键是抓住速度图象的两个数学意义：速度图象的斜率等于加速度，速度图象的“面积”大小等于位移
12、AB
【解析】本题有初末速度和加速度，然后由速度和位移的关系公式可直接得出，根据匀变速直线运动的平均速度公式计算平均速度，根据平均速度位移关系求得跑道的至少长度。
【详解】A．，停止运动前2秒时速度，逆向思维，根据公式：

带入数值：

则2秒的平均速度：

故A正确；
BC．规定速度的方向为正方向，设飞机场的跑道至少x能使飞机安全地停下来，根据：

代入数据可知：

解得：

故C错误B正确；
D．逆向思维，飞机安全停下来的时间：

则25秒时飞机已经停止，所以飞机的速度为零，D错误。
故选AB。
【点睛】掌握匀变速直线运动的速度时间关系和平均速度关系是正确解题的基础。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.AD ②. ③. ④.或 ⑤
【解析】(1)[1]A．开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放小车，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让小车运动，再接通打点计时器的电源，由于小车运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故A正确；
B．电火花计时器和电磁打点计时器只能接到交流电源上，故B错误；
C．电火花计时器工作电压为，电磁打点计时器工作电压为以下，故C错误；
D．电火花计时器和电磁打点计时器工作频率相同，都为，故D正确；
E．纸带上若相邻两个计数点之间有n个打点计时器打出的点，则对应两计数点间的时间为秒，故E错误；
F．砝码盘中的砝码个数越多，释放小车运动的越快，则在纸带上打点个数越少，故F错误。
故选AD；
(2)[2]由于相邻两计数点间还有4个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有

[3]根据匀变速直线运动的推论公式

可以求出加速度的大小

(3)[4]根据图像求出图形的斜率，所以小车加速度

[5]内小车通过的位移大小等于图像组成的图形的面积，则

14、 ①.A ②.CD ③.0.11 ④.0.20
【解析】（1）[1]在研究物体的“加速度、作用力和质量”三个物理量的关系时，由于变量较多，因此采用了“控制变量法”进行研究，分别控制一个物理量不变看另外两个物理量之间的关系。
故选A。
（2）[2]A．在平衡摩擦力时，设木板倾角为，小车匀速下滑，则有

m约掉，故不需要每次都重新平衡摩擦力，A错误；
B．在探究加速度a与质量m的关系时，作出a-F的图像为直线，B错误；
C．要直观的反映两个量之间的关系，可以通过作图来解决。但是只有作出一条直线，才可以直观的反映两个变量之间的关系。在探究加速度a与质量m的关系时，为了直观判断二者间的关系，应作，C正确；
D．设小车的质量为M，砝码盘和砝码的质量为m，设绳子上拉力为F，以整体为研究对象有

解得

对小车受力分析，得绳子的拉力

若要让，只有当时才满足条件，所以只有当时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，D正确。
故选CD。
（3）[3]每两个计数点间有四个点未画出，故相邻的计数点的时间T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得

[4]根据匀变速直线运动的推论公式

得

15、 (1).3.00 (2).B (3).B
【解析】(1)[1]弹簧测力计的每一格代表0.1N，图中与B相连的弹簧测力计的示数为3.00N
(2)[2]为减小实验误差，两拉力大小应适当大些，两拉力的夹角应适当大小，作力的图示时，标度应小一点，由图示可知，A中两拉力大小且标度相对较大，C中两拉力夹角太小，AC两情况实验误差较大，B两拉力大小、两力间的夹角与标度都比较适当，实验误差较小
故选B。
(3)[3]A．为方便作出拉力的方向，橡皮条上的细绳套应适当长些，但长度不必等长，故A错误；
B．为减小实验误差，弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行，故B正确；
C．两次实验时结点位置必须相同，即结点O的位置必与前一次相同，故C错误；
D．为减小实验误差，两拉力的夹角应适当大小，因为两分力不一定大小相等，所以橡皮条与两细绳夹角的平分线不一定在同一直线上，故D错误。
故选：B。

三．计算题(22分)
16、（1）0.50；（2）；（3）
【解析】(1)从图象上知bc段对应滑块脱离弹簧后的运动，图线斜率表示加速度，则

当滑块脱离弹簧后由牛顿第二定律知

代入数据计算得出；
(2)由速度图象的斜率等于加速度，则知当时刻滑块的加速度

此时根据牛顿第二定律有

代入数据计算得出；
(3)根据v-t图像图线与横轴围成的面积表示位移可知离开弹簧后的位移

滑块离开弹簧前位移

故全程的平均速度为

17、，
【解析】对结点C受力分析，如图所示：

根据共点力平衡条件，有：
水平方向：

竖直方向：

联立两方程得：
，