2026届广东省新兴县第一中学高一物理第一学期期末考试模拟试题含解析.doc

2026届广东省新兴县第一中学高一物理第一学期期末考试模拟试题
考生须知：
1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、下列物理量中，属于矢量的是
A.加速度 B.质量
C.路程 D.时间
2、物体A被一根轻弹簧悬于天花板下，画出重物和弹簧的受力图如图所示。关于F1、F2、F3、F4这四个力，下列说法正确的是（　　）

A.F1的反作用力是F4
B.F2的反作用力是F3
C.F1与F2是一对作用力与反作用力
D.F3的施力者是物体A
3、将一个半球体置于水平地面上，半球的中央有一光滑小孔，上端有一光滑的小滑轮，柔软光滑的轻绳绕过滑轮，两端分别系有质量为m1、m2的物体（两物体均可看成质点，m2悬于空中）时，整个装置处于静止状态，如图所示．已知此时m1与半球的球心O的连线与水平线成37°角（sin37°=0.6，cos37°=0.8），m1与半球面的动摩擦因数为0.5，并假设m1所受到的最大静摩擦力等于滑动摩擦力．则在整个装置处于静止的前提下，下列说法正确的是（　　）

A.当不同时，地面对半球体的摩擦力也不同
B.半球体对m1的支持力m2随的变化而变化
C.随着m2质量的逐渐增大，m1所受半球体的摩擦力一定逐渐增大
D.当＜≤2时，半球体对m1的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上
4、以20m/s的初速度从地面竖直上抛一物体（g取10m/s2），以下说法正确的是（ ）
A.运动过程加速度不断变化 B.从抛出到上升至最高点时间为1s
C.上升的最大高度为25m D.从上抛至落回原处的时间为4s
5、将某汽车的刹车过程看作匀变速直线运动．该汽车在紧急刹车时加速度的大小为，在2s内停下来，则能正确表示该车刹车过程的图象为
A. B.
C. D.
6、航天员王亚平在运行中的“天宫一号”内做了如图所示实验：长为L的细线一端固定，另端系一小球，在最低点给小球一个初速度，小球能在竖直平面内绕定点做匀速圆周运动若将此装置带回地球，仍在最低点给小球相同初速度，则在竖直平面内关于小球的运动情况说法正确的是（　　）

A.小球不可能做匀速圆周运动
B.小球一定能做完整的圆周运动
C.细绳L足够长小球才可能做完整的圆周运动
D.小球通过最高点的速度不一定要大于等于
7、如图所示一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面．若鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中( )

A.桌布对鱼缸摩擦力的方向向左
B.鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等
C.若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大
D.若猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面
8、厦门海底世界的“海狮顶球”节目因其互动性强而深受小朋友们的喜爱．如图所示为一海狮把球顶向空中，并等其落下．下列说法正确的是　　

A.球在最高点时受到重力和海狮对它的顶力作用
B.球在最高点时速度为零，但加速度不为零
C.球在上升过程中处于超重状态
D.球在下落过程中处于失重状态
9一轻质弹簧一端固定在倾角为37°的光滑斜面的底端，另一端拴住质量不计的物块P，Q为质量为4kg的重物，弹簧的劲度系数为k=600N/m，系统处于静止状态。现给Q施加一个方向沿斜面向上的力F，使它从静止开始沿斜面向上做匀加速直线运动，已知在前0.2s内F为变力，0.2s以后F为恒力（，），则有( )

A.P、Q一起匀加速的加速度为2m/s2 B.F的最小值为8N，F的最大值为36N
C.P、Q分离时弹簧为原长 D.若P为有质量的物体，P、Q分离时弹簧为原长
10、如图所示为某质点运动的v－t图象，2～4s内图线为对称弧线，若4s末质点回到了出发点，则下列说法正确的是（　　）

A.1～2s内质点的加速度大小为8m/s2
B.2～4s内质点的位移大小为8m
C.3s末质点的加速度等于零
D.3s末质点的速度为8m/s
11、行星沿不同的椭圆轨道绕太阳运动，根据开普勒行星运动定律可知（ ）
A.所有椭圆轨道的中心重合，太阳处在该中心上
B.所有行星都是在近日点速度比在远日点的速度大
C.椭圆轨道半长轴长的行星，绕太阳运行一周的时间也长
D.如果将行星的轨道近似看作圆，则行星做匀速圆周运动
12、甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车x﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）

A.t1时刻两车相距最远
B.t1时刻乙车从后面追上甲车
C.t1时刻乙车的速度大于甲车的速度
D.t1时刻，乙车速度等于甲车速度
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“研究匀变速直线运动”的实验中，末次实验纸带的记录如下图所示

(1)纸带上O、A、B、C、D、E、F为计数点，相邻两个计数点间还有4个点没有画出，则相邻两计数点的时间间隔为______s
(2)实验时以下操作步骤正确的是_________
A.实验中，应先释放小车，再接通电源
B.实验中，应先接通电源，再释放小车
C.实验结束后，应先取下纸带，在关闭电源
D.实验结束后，应先关闭电源，再取下纸带
(3)根据纸带数据可知，在打D点时对小车速度为_____m/s,小车的加速度大小为___m/s2（以上结果保留两位有效数字）
14、在“研究平抛物体的运动”的实验中，
（1）实验前应对实验装置反复调节，直到斜槽末端切线______．每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛的___________________________
（2）某同学只记录了A、B、C三点，各点的坐标如图所示，则A点是否为抛出点______填是或否，物体运动的初速度为______．g

15、用如图所示装置探究小车的加速度与力、质量的关系．在满足实验条件的情况下，细线下端悬挂钩码的总重力视为小车受到的合力F，用打点计时器打出纸带，计算出小车运动的加速度a.

(1) 关于实验操作，下列说法正确的是________
A.实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行
B.平衡摩擦力时，在细线的下端悬挂钩码，使小车在拉力作用下匀速下滑
C.每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力
D.实验时应先释放小车，后接通打点计时器电源
(2)某组同学实验时保持小车(含车中重物)的质量M不变，根据实验得出的数据，画出a-F图象，如图所示，那么该组同学实验中出现的问题可能是____________________(选填“摩擦力平衡过度”或“摩擦力没有平衡”)

(3)另一组同学探究小车加速度a与其质量M的关系时，保持钩码的总质量不变，为了直观地判断a与M的数量关系，应作________(选填“a-M”或“”)图象
三．计算题(22分)
16、（12分）一个质量是60kg的人站在升降机的地板上，升降机的顶部悬挂了一个弹簧测力计，弹簧测力计下面挂着一个质量为m＝5kg的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧测力计的示数为40N，g取10m/s2，求：
（1）此时升降机的加速度的大小；
（2）此时人对地板的压力
17、（10分）如图所示，一根原长为的轻弹簧套在光滑直杆上，其下端固定在杆的端，质量为的小球也套在杆上且与弹簧的上端相连。小球和杆一起绕经过杆端的竖直轴匀速转动，且杆与水平面间始终保持角。已知杆处于静止状态时弹簧长度为，重力加速度为，，求：
（1）弹簧的劲度系数；
（2）弹簧为原长时，小球的角速度；
（3）当杆的角速度时弹簧的长度。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】A、加速度是矢量，其方向与合外力方向相同，故A正确；
B、质量、路程、时间都是只有大小，没有方向的标量，故BCD错误
2、D
【解析】F1是指弹簧对重物A的拉力，F3是指重物A对弹簧的拉力，F4是指天花板对弹簧的拉力，F2为重物A的重力。
AC．F1的反作用力是F3，AC错误；
B．F2的反作用力是物体对地球的引力，B错误；
D．F3的施力者是物体A，D正确。
故选D。
3、D
【解析】对半球体m1、m2整体受力分析如图所示：

A．只受重力和支持力这一对平衡力，相对地面并无运动趋势，故不受摩擦力，故A错误；
B．对m1受力分析，如图将重力正交分解，根据共点力平衡条件得到y方向：N﹣m1gcos53°=0，只要m1与半球的球心O的连线与水平线之间的夹角不变，N就不变，故B错误；
C．据题意得知：T=m2g，解得=，当＞时，m1gsin53°=T+f，其中T=m2g，f随着m2质量的逐渐增大而逐渐减小，故C错误；
D．当＞时，有T=m2g＜m1gsin53°，即拉力小于重力的下滑分量，m1有下滑趋势，摩擦力沿切线向上，当达到最大静摩擦力时m2g+μm1gcos53°=m1gsin53°，解得=，因而当＜≤2时，半球体对m1的摩擦力的方向垂直于图中的虚线向上，故D正确
4、D
【解析】A．物体在竖直上抛运动时，只受重力，则加速度保持不变，故A错误；
B．上升过程做匀减速直线运动，由
v=gt
可得上升时间

故B错误；
C．上升的最大高度

故C错误；
D．上升和下降过程为互逆过程，时间相等，故从上抛至落回原处的时间为4s；故D正确；
故选D。
【点睛】竖直上抛运动是加速度大小始终为g，方向竖直向下的匀变速运动，可分段求解，也可整体法求解，选用适当的方法求解即可．注意向上的减速运动可以反向作为向下的匀加速进行分析.
5、A
【解析】汽车在紧急刹车时加速度的大小为6m/s2，在2s内停下来，则，据可得，即在2s内汽车速度从变成0，能正确表示该车刹车过程的v-t图象的是A项
6、A
【解析】分析在太空中和地面上物体的受力情况，明确在太空中物体处于完全失重状态；而在地面上时物体受到重力的作用，在最高点时需要满足临界条件才能做完整的圆周运动；同时注意明确匀速圆周运运动的性质.
【详解】A、B、把此装置带回地球表面，在最低点给小球相同初速度，小球在运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，则动能和重力势能相互转化，速度的大小发生改变，不可能做匀速圆周运动，故A正确，B错误；
C、D、若小球到达最高点的速度，则小球可以做完整的圆周运动，若小于此速度，则不能达到最高点，则不能做完整的圆周运动，故C错误，D错误.
故选A.
【点睛】本题主要考查了机械能守恒定律及绳﹣球模型到达最高点的条件，知道在运行的天宫一号内，物体都处于完全失重状态，给小球一个初速度，小球能做匀速圆周运动，而在地面上时需要考虑重力的作用.
7、BD
【解析】鱼缸向右加速运动，桌布对鱼缸摩擦力的方向向右，故A错误；鱼缸在桌布上加速运动，脱离桌布后在桌面上做减速运动，加速度大小相等，且加速运动的末速度等于减速运动的初速度，故可知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，故B正确；鱼缸受的摩擦力只与鱼缸的重力和摩擦因数有关，故若猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，故C错误；若猫减小拉力，若鱼缸能与桌布保持相对静止，故鱼缸能滑出桌面，故D正确．故选BD
8、BD
【解析】根据竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下的运动，加速度为g，上升和下落过程具有对称性，同一位置速度大小相等，方向相反即可解题
【详解】竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下运动，球在最高处只受到重力，故A错误；球上升到最高点时受到重力的作用，速度为零，加速度为g，故B正确；球上升到最高点时受到重力的作用，加速度为g，加速度的方向向下，处于失重状态，故C错误；竖直上抛运动上升和下落过程都是只受到重力的作用，加速度为g，加速度的方向向下，处于失重状态，故D正确．所以BD正确，AC错误
【点睛】本题主要考查了竖直上抛运动的基本规律，要求同学们知道，竖直上抛运动是初速度向上，只在重力作用下的运动
9、AC
【解析】AC．系统做匀变速直线运动，因为物块P质量不计，Q物块质量为，两物块分离时，对系统应用牛顿第二定律：

对于Q物块应用牛顿第二定律：

因为加速度相同，所以，所以弹簧恢复原长时，二者分离；开始P、Q静止，根据平衡条件：

根据题意弹簧经过恢复原长，根据匀变速直线运动位移与时间关系：

解得：，AC正确；
B．开始时，弹簧弹力沿斜面向上最大，外力有最小值：

解得：
两物块分离后，弹簧弹力为零，外力有最大值：

解得：，B错误；
D．根据A选项分析可知，若P物块质量不为零，二者分离时，D错误。
故选AC。
10、ABC
【解析】A．1～2s内质点的加速度为

所以1～2s内质点的加速度大小为8m/s2，故A正确；
B．4s末质点回到了出发点，所以2～4s内质点的位移大小等于1～2s的位移大小，为

故B正确；
C．3s末图线的斜率为零，所以此时加速度为零，故C正确；
D．设3s末质点的速度大小为v。图线“面积”表示位移，则

所以

故D错误。
故选ABC。
11、BCD
【解析】A．所有的行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭圆的一个焦点上，故A错误；
B．行星从近日点到远日点万有引力做负功，动能减小，速度减小，故B正确；
C．根据开普勒第三定律得所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等，所以椭圆轨道半长轴长的行星，绕太阳运行一周的时间也长，故C正确；
D．如果将行星的轨道近似看作圆，太阳对行星的引力提供其所需的向心力，则行星做匀速圆周运动，故D正确。
故选BCD。
12、BC
【解析】A.甲、乙两车由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，t1时间内两车具有相同的位移，t1时刻两车相遇，故A错误；
B.x—t图像的斜率表示物体运动的速度，甲做匀速直线运动，乙做速度逐渐增大的加速运动，开始甲的速度大于乙的速度，甲在前乙在后，在t1时刻两车相遇，故乙从后面追上甲车，故B正确；
CD.x—t图像斜率表示速度，即t1时刻乙车的速度大于甲车的速度，故C正确，D错误。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.0.1； ②.BD； ③.0.31； ④.0.50
【解析】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上D点时小车的瞬时速度大小，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小
【详解】（1）因为相邻两个计数点间还有4个点没有画出，则相邻两计数点的时间间隔为0.1s
（2）实验中，应先接通电源，再释放小车，选项A错误，B正确；实验结束后，应先关闭电源，再取下纸带，选项C错误，D正确；故选BD.
（3）打D点时对小车的速度为；根据∆x=aT2，结合逐差法可得小车的加速度大小为：

14、 ①.水平 ②.初速度相同   ③.否 ④.
【解析】（1）根据实验的原理以及操作中的注意事项确定正确的操作过程；
（2）根据匀变速运动规律来判断A点是否为抛出点，然后根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，结合水平位移和时间间隔求出初速度；
【详解】，
（1）为了保证小球的初速度水平，斜槽末端应切线水平，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛运动的初速度相同；
（2）由图示可知，，做平抛运动的物体在水平方向上做匀速直线运动，
因此物体从A到B的运动时间与从B到C的运动时间相等，设为t，由图可知：，，若A点为抛出点，则在A点时竖直方向速度为零，则在相等时间内的位移之比应该为：，而实际上，可知A点不是抛出点；
物体在竖直方向上做自由落体运动，则
运动时间为：
则物体的初速度为：
【点睛】解决本题的关键知道实验的原理以及注意事项，掌握平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论灵活求解
15、 ①.（1）A ②.（2）摩擦力平衡过度 ③.（3）
【解析】（1）调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂钩码，故B错误；由于平衡摩擦力之后有Mgsinθ=μMgcosθ，故tanθ=μ．所以无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量即改变拉小车拉力，不需要重新平衡摩擦力，故C错误；实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块故D错误；故选A；
（2）由图可知当F=0时加速度不为零，可知原因是平衡摩擦力过度，木板一端抬的过高；
（3）因a=F，可知a-关系是线性关系，则为了直观地判断a与M的数量关系，应作a-图象

三．计算题(22分)
16、 (1)2 m/s2；(2)480 N；
【解析】(1)弹簧测力计对物体的拉力FT＝40 N
对物体由牛顿第二定律可得：FT－mg＝ma
解得：
故升降机加速度大小2 m/s2，方向竖直向下
(2)设地板对人的支持力为FN
对人由牛顿第二定律可得：FN－Mg＝Ma
解得FN＝Mg＋Ma＝60×10N＋60×(-2) N＝480 N
由牛顿第三定律可得人对地板的压力为480 N
【点睛】先对测力计研究，根据牛顿第二定律求出加速度．人的加速度等于所吊物体的加速度，再对人研究，由牛顿第二定律可得地板对人的支持力，由牛顿第三定律可得人对地板的压力
17、（1）（2）（3）
【解析】(1)由平衡条件

解得弹簧的劲度系数为

(2)当弹簧弹力为零时，小球只受到重力和杆的支持力，它们的合力提供向心力，则有：

解得

(3)当时，弹簧处于伸长状态，伸长量为x，由正交分解知
竖直方向

水平方向

解得

所以弹簧长度为