广西桂林市阳朔中学2025-2026学年高一物理第一学期期末达标检测试题含解析.doc

广西桂林市阳朔中学2025-2026学年高一物理第一学期期末达标检测试题
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、福建师大附中物理组校本课程《疯狂物理》开设了制作水火箭这节课（如图所示），其原理图如图所示：用橡皮塞紧的装水瓶子，形成一个密闭的空间。在发射水火箭前，用打气筒把气体打入密闭的容器内，使得容器内空气的气压增大，当气压增大到一定程度时，瓶口与橡皮塞自由脱离。假设箭内水向下喷出时，火箭获得向上的速度，以下说法正确的是：

A.水火箭的水向下喷出时，水给水火箭一个向上的反作用力
B.水火箭的水向下喷出时，周围的空气给水火箭一个向上的反作用力
C.水火箭的水向下喷出时，给火箭向上的力小于水火箭的重力
D.水火箭的水向下喷出时，给火箭向上的力等于于水火箭的重力
2、如图，在竖直光滑墙壁上，用细绳将一个匀质钢球悬挂在A点，钢球处于静止状态，如果增加细绳长度，则细绳对钢球的拉力（　　）

A.变大 B.变小
C.不变 D.大小变化情况无法确定
3、小球从 3m 高处沿竖直方向自由下落，被水平地板弹回，在 1m 高处被接住。在这个过程中小球通过的路程和位移的大小分别是（）
A.4m，2m B.3m，1m
C.3m，2m D.4m，3m
4、牛顿第二定律的表达式中，包含几个矢量（　　）

A.1个 B.2个
C.3个 D.没有矢量
5、如图所示，A、B叠放在水平桌面上，今用水平拉力F作用于B，但没有拉动，则物体B受到几个力作用（）

A.5 B.6
C.4 D.3
6、关于速度、加速度概念，下列说法中理解错误的是：
A.速度是描述物体运动快慢的物理量，速度大表示物体运动得快
B.物体做匀速运动时，速度v与运动的位移x成正比，与运动时间t成反比
C.物体的加速度大，表示物体速度变化快
D.加速度的方向与速度变化的方向一定相同
7、一立方体木块从高处自由下落到深水中，取竖直向下为正方向，其速度﹣时间图象如图所示，由图象可知（　　）

A.a～b段木块的加速度大于b～c段的加速度
B.b时刻木块达到最深处
C.c时刻木块达到最深处
D.d时刻木块速度方向竖直向上
8、一兴趣小组做了一次实验,实验时让某同学从桌子上跳下,自由下落H后双脚触地,他顺势弯曲双腿,他的重心又下降了h后停住,利用传感器和计算机显示该同学受到地面的支持力F随时间变化的图象如图所示。根据图象提供的信息,以下判断正确的是( )

A.在0至t2时间内该同学速度逐渐减小 B.t2时刻该同学的加速度为零
C.t3时刻该同学的速度达到最大 D.在t3至t4时间内该同学处于超重状态
9、雨滴落到地面的速度通常仅为几米每秒，这与雨滴下落过程中受到空气阻力有关。一雨滴从空中由静止开始沿竖直方向下落，雨滴下落过程中所受重力保持不变，其速度-时间图像如图所示，则雨滴下落过程中

A.速度先增大后减小
B.加速度逐渐减小
C.受到合力逐渐减小
D.受到的空气阻力不变
10、将小球从某高度处以初速度v0水平抛出，经时间t恰好落在水平地面上，重力加速度为g，忽略空气阻力，下列说法正确的是（　　）
A.小球落地时速度大小为v0+gt
B.小球落地时速度大小为
C.落地时小球速度方向与水平方向夹角θ满足
D.落地时小球速度方向与水平方向夹角θ满足
11、小球从空中自由下落，与水平地面相碰后弹到空中某一高度，其速度随时间变化的关系如图所示 .取则

A下落的最大速度为5m/s
B.自由落体高度为2.5m
C.能弹起的最大高度为1.25m
D.小球从下落到反弹到最高点所经过的路程为1.7m
12、如图是某物体做直线运动的速度图象,下列有关物体运动情况（0s再保持物体所受力相同，测量不同质量在这个力的作用下的加速度，分析加速度与质量的关系．我们把这种方法称之为：_________________________
实验装置如图甲所示，

（2）下面的做法有利于减小实验误差的有：（ ）
A．把长木板没有定滑轮的一端适当抬高
B．连接小车与定滑轮的细绳要调成与木板平行
C．为了让小车的加速度大些，应该尽可能增加钩码个数
D．将连在小车后的纸带尽可能放平顺，以减小纸带与打点计时器的摩擦
（3）如图乙为某同学实验后，根据实验所得的数据，作出的图像，可以判断该同学在实验中存在问题主要有：_________________
14、为了测量弹簧的劲度系数，某同学进行了如下实验

将称弹簧称竖直悬挂在铁架台上，用弹簧测力计拉弹簧下端，同时记下弹簧总长度和弹簧测力计的示数，记录的数据如下表：

请完成以下问题：
（1）第4次操作时，弹簧测力计的示数如图所示，请读出其示数F4＝_____N
（2）第4次的数据外，其他均已在图乙中描点，请你把第4次数据在图中描点，并作F﹣L图象____________
（3）根据F﹣L图象可得弹簧的劲度系数k＝_____N/m（保留三位有效数字）
15、在探究物体的加速度与合外力的关系实验中：
甲同学用图甲装置：保持小车(含车中重物)的质量M不变，细线下端悬挂钩码的总重力mg作为小车受到的合力F，用打点计时器测出小车运动的加速度a

(1)关于实验操作，下列说法正确的是________
A．实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间细线与木板平行
B．平衡摩擦力时，在细线的下端悬挂钩码，使小车在线的拉力作用下能匀速下滑
C．每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力
D．实验时应先释放小车，后接通打点计时器电源
(2)图乙为实验中打出纸带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出连续的5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点时间间隔为T，测出各计数点间的距离x1，x2，x3，x4．该同学用逐差法得到小车加速度的表达式a＝________
(3)改变细线下端钩码的个数，得到a－F图象如图丙所示，造成图线上端弯曲的主要原因是_____
A．平衡摩擦力过度
B．平衡摩擦力不够
C．没有满足M >>m的条件
D．描点连线不够准确
乙同学利用测力计测细线拉力，为方便读数设计如下图实验装置：装有定滑轮的长木板固定在水平实验台上，用右端固定一个滑轮的滑块代替小车，钩码弹簧测力计通过绕在滑轮上的轻绳相连，放开钩码，滑块在长木板上做匀加速直线运动

(4)读出弹簧测力计的示数F，处理纸带，得到滑块运动的加速度a；改变钩码个数，重复实验．以弹簧测力计的示数F为纵坐标，以加速度a为横坐标，得到的图象是纵轴截距为b，斜率为k的一条倾斜直线，如图所示．已知重力加速度为g，忽略滑轮与绳之间的摩擦．根据以上条件可计算出滑块和木板之间的动摩擦因数μ＝________，滑块和与滑块固定的定滑轮的总质量M=________（要求（4）问中两个空均用b、k、g中的字母表示）

三．计算题(22分)
16、（12分）如图所示，a、b是两个半径都为R的光滑小球，球的质量均为m，现将它们用长为2R的细绳连结在一起，在细绳的中点O处用一竖直向上的恒力F拉着两个小球一起向上做匀加速直线运动。在运动过程中，求：
(1)两球运动的加速度大小；
(2)OB段绳的拉力FB的大小；
(3)a球对b球压力FN的大小。

17、（10分）飞机在水平跑道上加速滑行时受到机身重力mg、竖直向上的机翼升力F升、发动机推力F推、空气阻力F阻、地面支持力FN和轮胎与地面之间的摩擦力F摩．已知升力与阻力均与飞机运动的速度平方成正比，即F升=k1v2, F阻=k2v2，轮胎和地面之间的等效动摩擦因数为μ．假设飞机在跑道上加速滑行时发动机推力

（1画出飞机在加速滑行时受力分析图；
（2）飞机在水平跑道上匀加速滑行所需条件是什么？
（3）若飞机在水平跑道上从静止开始匀加速滑行后起飞，跑道的长度至少多大？
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】AB.由牛顿第三定律可知，当水火箭向下喷水时，水会给火箭一个向上的反作用力，A正确，B错误；
CD.由于水火箭向下喷水时，水火箭有向上的加速度，有牛顿第二定律可知，给火箭向上的力大于水火箭的重力，C、D错误；

故选A。
2、B
【解析】以小球为研究对象，分析受力情况：重力G，墙的支持力N和绳子的拉力T，作出受力图如图。

设绳子与墙之间的夹角为θ，根据平衡条件得

如果所用的绳子变长，θ减小，G不变，则由上式可知T变小；故B正确，ACD错误。
故选B。
3、A
【解析】这个过程中小球通过的路程为3m+1m=4m；位移的大小为3m-1m=2m；
故选A。
4、B
【解析】既有大小、又有方向的物理量是矢量，中m只有大小、没有方向，F、a既有大小、又有方向，因此中，包含2个矢量。选项B正确，ACD错误。
故选B。
5、A
【解析】解：先对A分析，受重力和支持力，二力平衡；不受静摩擦力，否则不能保持静止；
再对物体B受力分析，受重力、拉力、A对B向下的压力，地面对B的支持力和向左的静摩擦力，共5个力；
故选A
6、B
【解析】A项：速度是描述物体运动快慢的物理量，速度大表示物体运动得快，故A正确；
B项：物体做匀速运动即速度不变，故B错误；
C项：加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，故C正确；
D项：由公式可知，加速度方向与速度变化的方向一定相同，D正确
本题选错误的，故选B
7、CD
【解析】根据图线的斜率表示加速度，斜率越大，加速度越大，可知a～b段木块的加速度小于b～c段的加速度．故A错误．由图知Oc段木块一直向下，cd段表示木块向上运动，所以c时刻木块到达最深处，故B错误，C正确．因竖直向下为正方向，则d时刻木块速度方向竖直向上，故D正确．故选CD
点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率、速度符号表示的含义
8、BD
【解析】AB．在0到t2时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，由于支持力不断增大，所以加速度不断减小，在t2时刻，支持力的大小等于重力的大小，故此时加速度为0，速度最大，A错误，B正确；
C．t3时刻，支持力大于重力，合力不为零，加速度不为零，速度为零，C错误；
D．根据牛顿第二定律得在t3到t4时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态，D正确。
故选BD。
9、BC
【解析】A．由图像可知，雨滴的速度先增大后不变，故A错误；
B．因为v-t图像的斜率等于加速度，可知加速度逐渐减小，故B正确；
C．加速度逐渐减小，根据：
F=ma
可知雨滴受到的合力逐渐减小，故C正确；
D．根据
mg-f=ma
可知雨滴受到的空气阻力逐渐变大，故D错误。
故选BC.
10、BC
【解析】AB．小球落地时竖直方向的速度为，则小球落地时速度大小为

故A错误，B正确；
CD．将小球落时速度分解为水平方向与竖直方向，则有

故C正确，D错误。
故选BC。
11、AD
【解析】解决本题的关键是正确理解速度时间图象的物理意义：速度图象的斜率代表物体的加速度，速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移，最后求出反弹的高度
【详解】由图可知，小球下落到0.5s时的速度最大，最大速度为5m/s；故A正确；由图象可知：前0.5s内物体自由下落，后0.3s物体反弹，根据v-t图象中速度图象与时间轴围成的面积表示位移可得自由落体高度为；小球弹起的高度为：h2=×3×0.3=0.45m，故BC错误；小球从下落到反弹到最高点所经过的路程为h1+h2=1.7m，选项D正确；故选AD
【点睛】解决本题要明确v-t图象的含义：在v-t图象中每时刻对应于速度的大小，速度的正负表示其运动方向，图象的斜率表示物体运动的加速度，图象与时间轴围成的面积为物体的位移，时间轴上方面积表示位移为正，下方表示为负
12、AC
【解析】考查v-t图像。
【详解】A．v-t图中，斜率的绝对值表示加速度的大小，0~2s，

2~6s，

6~8s，

即0~8s内，加速度大小都5m/s2，A正确；
BC．由图可知，0~4s速度方向不变，4s后速度方向改变，所以4s末离出发点最远，B错误，C正确；
D．由图可知，在2s末和6s末，加速度方向发生变化，不是匀变速，D错误。
故选AC。

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.控制变量法 ②.ABD ③.存在的主要问题有：1、平衡摩擦力时木板抬得过高：2、在研究a-F的关系时，增加砝码个数没有保持砝码总质量远小于小车的总质量
【解析】本题主要考查探究“加速度与力、质量的关系”的实验，考查实验操作中的误差分析以及图像分析
【详解】（1）物理学中对于多变量的问题，通常采用控制变量法
（2）A项中把木板没有定滑轮的一端适当抬高，可减小小车与木板的摩擦力，可减小实验误差，故A正确；B项中连接小车与定滑轮的细绳要调成与木板平行，可减小绳子与木板间的摩擦力，同时保证绳子的拉力可充当小车所受的合外力，可减小实验误差，故B正确；C项中尽可能增加钩码的个数会使钩码的质量不能满足远小于小车质量的前提条件，使得不能将钩码的重力当做小车所受的合外力，故C错误；D项中将连在小车后的纸带尽可能放平顺，以减小纸带与打点计时器的摩擦，可减小实验误差，故D正确
（3）由图像可知，在F=0时，小车的加速度不为零，说明平衡摩擦力时木板抬得过高；图像后面出现弯曲的形式，说明增加砝码个数没有保持砝码总质量远小于小车的总质量
14、 ①.3.20; ②. ③.150N/m;
【解析】(1)了解弹簧测力计的量程和分度值，根据指针指示的数值来读数；
(2)根据描点法可测出图象，注意用直线将各点相连
(3)结合图线得出弹簧的原长，根据图线的斜率求出劲度系数的大小
【详解】(1) 弹簧测力计的分度值是0.1N，故弹簧测力计的示数为3N+0.20N=3.20N；
(2) 根据提供数据描点画出图象如图所示：

(3) 劲度系数为图象直线部分的斜率，k=
【点睛】本题利用“探究弹力和弹簧伸长量的关系，并测定弹簧的劲度系数”考查了学生设计的能力和作图的能力，知道F-L图线的斜率表示劲度系数
15、 ①.（1）A ②.（2） ③.（3）C ④.（4） ⑤.2k
【解析】（1）调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂钩码，故B错误；  由于平衡摩擦力之后有Mgsinθ=μMgcosθ，故tanθ=μ．所以无论小车的质量是否改变，小车所受的滑动摩擦力都等于小车的重力沿斜面的分力，改变小车质量即改变拉小车拉力，不需要重新平衡摩擦力，故C错误； 实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，故D错误；故选A.
（2）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上相邻计数点间的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s
根据△x=aT2可得：xCE-xAC=a（2T）2，小车运动的加速度为a=
（3）随着力F的增大，即随所挂钩码质量m的增大，不能满足M＞＞m，因此曲线上部出现弯曲现象，故选C
（4）滑块受到的拉力T为弹簧秤示数的两倍，即：T=2F
滑块受到的摩擦力为：f=μMg
由牛顿第二定律可得：T-f=Ma
解得力F与加速度a的函数关系式为：
由图象所给信息可得图象截距为：b= ；而图象斜率为k=
解得：M=2k；μ=；
【点睛】该题考查了实验注意事项、实验数据处理分析，知道实验原理及注意事项即可正确解题；探究加速度与力、质量的关系实验时，要平衡小车受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不够、或过平衡摩擦力，小车受到的合力就不等于钩码的重力，要知道此时在图像上出现的问题

三．计算题(22分)
16、 (1)－g(2)(3)
【解析】(1)对整体应用牛顿第二定律
F-2mg＝2ma
解得
a=-g
(2)分析b球受力
FBcos-mg=ma
解得
FB=
(3)与F垂直方向球b受力平衡：
FN -FBsin=0
解得
FN =

17、（1）如图；

（2）， ；（3）
【解析】（1）受力分析如图所示

（2）由牛顿第运动定律，得

题给条件

综合上述各式，得

由于飞机起飞时速度在变化，要确保整个过程均为匀加速直线运动，必须满足

（3）匀加速运动的加速度为

起飞的条件为

即

由匀加速运动关系式

得