2025-2026学年上海市丰华中学高一上物理期末学业质量监测模拟试题含解析.doc

2025-2026学年上海市丰华中学高一上物理期末学业质量监测模拟试题
考生请注意：
1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。
2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、如图为世界计量日邮票，国际计量大会确定睁国际单位制中，不属于力学基本单位的是（　　）

A.牛顿
B.米
C.千克
D.秒
2、如图，用水平力F将重力等于G的木块压在竖直墙面上，使木块静止．下列判断正确的是

A.由于木块静止，所以F＝G
B.若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于mg
C.减小压力F，墙和木块间的静摩擦一定减小
D.增大压力F，墙和木块间的静摩擦力不变
3、踢毽子是一项深受大众喜爱的传统健身运动。在某次踢毽子的过程中，关于毽子和脚之间的相互作用力，下列说法正确的是（　　）

A.毽子对脚的作用力大于脚对毽子的作用力
B.毽子对脚的作用力小于脚对毽子的作用力
C脚对毽子的作用力与毽子对脚的作用力方向相同
D.脚对毽子的作用力是由于脚发生形变产生的
4、下列说法符合历史事实的是（）
A.亚里士多德认为重的物体与轻的物体下落得一样快
B.伽利略用实验直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动
C.牛顿认为惯性的大小由物体的质量和速度共同决定的
D.伽利略指出：力不是维持物体运动的原因
5、如图所示，光滑斜面上放一轻质弹簧，弹簧下端固定，小球从静止开始沿斜面下滑，从它接触弹簧到弹簧被压缩至最短的过程中，小球的加速度和速度的变化情况是（ ）

A.加速度一直变大，速度一直变小
B.加速度一直变小，速度一直变大
C.加速度先变小后变大，速度先变大后变小
D.加速度先变大后变小，速度先变小后变大
6、如图所示，水平杆上套有两个相同的质量均为m的环，两细线等长，下端系着质量为M的物体，系统静止，现在增大两环间距而系统仍静止，则杆对环的支持力FN和细线对环的拉力F的变化情况是（ ）

A.都不变
B.都增大
C.支持力FN增大，拉力F不变
D.支持力FN不变，拉力F增大
7、下列说法不正确的是（　　）
A.重力就是地球对物体的引力
B.重力的方向竖直向下，故地球上一切物体所受的重力的方向都是相同
C.物体的重心可以不在物体上
D.弹簧测力计可以测出物体的重力，但读数时必须保持弹簧测力计和物体都处于静止状态或匀速直线运动状态
8、新中国成立60周年，在天安门广场进行十年一次的大阅兵仪式，各个部队和军种都在紧张的演练，在空军演练中，某空降兵从飞机上跳下，他从跳离飞机到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列说法正确的是（　　）

A.0～10s内空降兵和伞整体所受重力大于空气阻力
B.0～10s内做加速度逐渐减小的加速运动，10～15s内做加速度增大的减速运动
C.0～10s内的平均速度为1m/s
D.10s～15s内加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小
9、蹦极是一项户外休闲活动，跳跃者站在较高的位置，用橡皮绳固定住后跳下，落地前弹起。下图为一蹦极爱好者运动的速度时间图像如图所示，图像中OB为直线、其他为曲线，不计空气阻力，则正确的有（ ）

A.该爱好者始终受到橡皮绳的拉力作用
B.该爱好者在BC段受到橡皮绳的拉力等于重力
C.该爱好者D时刻下落到最低点
D.可求出当地的重力加速度约为9.78m/s2
10、把一个已知力F分解，要求其中一个分力F1跟F成30°，而大小未知；另一个分力F2＝F，但方向未知，则F1的大小可能是(　　)
A. B.F
C.F D.F
11、如图甲所示，水平传送带逆时针匀速转动，一个质量为m＝1kg的小物块以某一水平初速度从传送带左端滑上传送带，通过速度传感器记录下小物块运动的v－t图像如图乙所示，取向左为正方向，以小物块滑上传送带时为计时起点。已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2。下列说法中正确的是

A.小物块在传送带上运动的时间为5s
B.小物块与传送带间的动摩擦因数为0.2
C.小物块距离传送带左端的最大距离为8m
D.小物块在传送带上相对传送带滑动的距离为9m
12、小船被绳索拉向岸边，如图所示，船在水中运动时设水的阻力大小不变，那么在小船匀速靠岸的过程中，下列说法正确的是(　　)

A.绳子的拉力FT不断增大
B.绳子的拉力FT不变
C.船受的浮力减小
D.船受的浮力增大
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、一个质量为4kg的物体受到几个共点力的作用而处于平衡状态。若将物体受到的一个向东方向、大小为8N的力改为向西，其它力均不变。物体的加速度大小为_______m/s2，方向为________。
14、如图所示，弹力跟伸长量成正比的橡皮条AB，系一重物放在水平桌面上，在悬点A的正下方C点有一光滑圆钉，橡皮条不形变时的自由长度为AC，在水平拉力作用下使物体沿粗糙桌面缓缓向右运动，则物体受到的摩擦力___________，水平拉力_________。（填：变大或变小或不变）

15、某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置。分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向。
（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为_______N。
（2）下列不必要的实验要求是_________。（请填写选项前对应的字母）

A.应测量重物M所受的重力
B.弹簧测力计应在使用前校零
C.拉线方向应与木板平面平行
D.改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置
（3）某次实验中，该同学发现弹簧测力计A的指针示数稍稍超出量程，请你提出一个解决办法_________。
三．计算题(22分)
16、（12分）歼-15战机是我国自行设计研制的首型舰载多用途歼击机，短距起飞能力强大．若歼-15战机正常起飞过程中加速度为a，经s距离就达到起飞速度腾空而起．现已知“辽宁”舰起飞甲板长为L(L道提升到离地面64m的高处，由静止释放，为研究方便，可认为升降机先做自由落体运动45m．后受到恒力制动．做匀减速运动．至离地面4m高处时速度刚好减小到零．然后再缓慢将游客送回地面．取g=10m/s2．求：
（1）游客在自由下落45m时的速度大小；
（2）游客在匀减速阶段运动的时间；
（3）在匀减速阶段．升降机对游客的作用力与游客体重之比。

参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、A
【解析】单位制包括基本单位和导出单位，在国际单位制中，力学的基本单位是米、千克、秒
【详解】A．牛顿不属于国际单位制中力学基本单位，是导出单位，故A错误；
BCD．米、千克、秒均属于国际单位制中力学基本单位，故BCD正确
本题选不属于力学基本单位的，故选A
【点睛】解决本题时要知道单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本物理量的单位叫基本单位，由物理公式推导出的单位叫做导出单位
2、D
【解析】ACD．对物体受力分析，受推力F、重力G，由于物体保持静止，处于平衡状态，合力为零，故受墙壁对其垂直向外支持力N，还有竖直向上的静摩擦力f，根据平衡条件，有
F=N
f=G
即静摩擦力与重力平衡，与推力无关，重力与F也无关，故AC错误，D正确；
B．若撤去F，木块沿墙壁下滑时，木块受滑动摩擦力大小等于0，选项B错误
3、D
【解析】ABC．毽子对脚作用力与脚对毽子的作用力是相互作用力，根据牛顿第三定律可知，二者大小相等，方向相反，故ABC错误；
D．由弹力的产生可知，脚对毽子的作用力是由于脚发生形变产生的，故D正确。
故选D。
4、D
【解析】伽利略认为重的物体与轻的物体下落得一样快，选项A错误；伽利略没有直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，而是将斜面实验进行外推得出间接得出的实验结果，故B错误．牛顿认为惯性的大小由物体的质量决定的，和速度无关，选项C错误；伽利略指出：力不是维持物体运动的原因，选项D正确；故选D.
5、C
【解析】本题要正确分析小球下滑与弹簧接触过程中弹力变化，即可求出小球合外力的变化情况，进一步根据牛顿第二定律得出加速度变化，从而明确速度的变化情况
解：开始阶段，弹簧的压缩量较小，因此弹簧对小球向上的弹力小于重力沿斜面的分力，此时合外力大小：F=mgsinθ﹣kx，方向向下，随着压缩量的增加，弹力增大，故合外力减小，则加速度减小，由于合外力与速度方向相同，小球的速度增大；
当mgsinθ=kx时，合外力为零，此时速度最大；
由于惯性物体继续向下运动，此时合外力大小为：F=kx﹣mgsinθ，方向沿斜面向上，物体减速，随着压缩量增大，物体合外力增大，加速度增大
故整个过程中加速度先变小后变大，速度先变大后变小，故ABD错误，C正确
故选C
【点评】本题考查了牛顿第二定律的综合应用，学生容易出错的地方是：认为物体一接触弹簧就减速．对弹簧的动态分析也是学生的易错点，在学习中要加强这方面的练习
6、D
【解析】以两个铁环和小球组成的系统为研究对象，竖直方向受到重力和水平横梁对铁环的支持力FN和摩擦力f，如图1所示．根据平衡条件得：2FN=（M+2m）g，得到

可见，水平横梁对铁环的支持力FN不变.以左侧环为研究对象，力图如图2所示．竖直方向：FN=Fsinα+mg , 分析可知FN，mg不变，α减小，则F增大．故选D
7、AB
【解析】A.重力是由于地球对物体的吸引而产生的，重力不是地球对物体的吸引力，选项A符合题意；
B.重力的方向总是竖直向下，所以不同的地点，重力的方向不同，故B符合题意；
C.重心位置与物体的形状和质量分布情况有关，可能在物体上，也可能在物体外，故C不符合题意；
D.弹簧测力计可以测出物体的重力，但读数时必须保持弹簧测力计和物体都是静止或匀速直线运动，故D不符合题意
8、AD
【解析】A．由图可知，在0～10s内物体做加速运动，说明物体的重力大于阻力，故A正确；
B．0～10 s内做加速度逐渐减小的加速运动，10～15s内整体速度在减小，而图象的斜率也在减小，故加速度减小，做加速度减小的减速运动，故B错误；
C．若人在0～10 s内做匀加速运动，则平均速度为；而由v-t图像的面积可知人在0～10 s内的位移大于做匀加速运动的位移，则平均速度大于1m/s，选项C错误；
D．由图象中坐标的变化及斜率的变化可知，10s～15s末加速度方向竖直向上，加速度的大小在逐渐减小，故D正确；
故选AD。
9、CD
【解析】A．在0-4s内，爱好者自由下落时不受橡皮绳的拉力作用，故A错误。
B．在BC段，该爱好者加速向下运动，他的合力向下，则爱好者在BC段受到橡皮绳的拉力小于重力，故B错误。
C．该爱好者在D时刻速度为零，下落到最低点，故C正确。
D．当地的重力加速度等于OB段加速度，为

故D正确。
故选CD。
10、BC
【解析】根据“已知力F分解、求F1的大小”可知，本题考查力的分解讨论，根据力的平行四边形定则，运用几何三角形的边角关系列式分析.
【详解】由题意可知，F2的大小为，大于，因此有两种分解结果；根据平行四边形定则得，如图所示：

又因一个分力F1跟F成30°角，且F2的大小为，由几何关系得或；故B、C正确，A、D错误.故选BC.
【点睛】解决本题的关键知道合力一定，分力的方向已知，因为F2大于该分力的最小值，所以有两解，注意巧用几何知识中直角三角形中线与各边的关系.
11、BD
【解析】A．由速度图像可知物块初速度大小v=4m/s、传送带速度大小v'=2m/s，物块在传送带上滑动t1=3s后，与传送带相对静止，前2秒内物块的位移大小

方向向右，后1秒内的位移大小

方向向左，3秒内位移

方向向右，物块再向左运动时间

物块在传送带上运动时间

故A错误；
B．由速度图像可得，物块做匀变速运动的加速度

由牛顿第二定律得

解得

故B正确；
C．当物块的速度减为零时距离传送带左端有最大距离，前2秒内物块的位移大小

即距离传送带左端的最大距离是4m，故C错误；
D．物块在皮带上滑动的3s内，皮带的位移

方向向左，物块位移

方向向右，相对位移为

故D正确。
故选BD。
12、AC
【解析】AB.小船的受力情况如图所示．据平衡条件知

则拉力：

小船向岸边运动时，角增大，增大，A对，B错；
CD.浮力:

因为增大，sinθ增大，所以浮力F减小，C对，D错。
故选AC。
【点睛】本题是力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，根据平衡条件并结合正交分解法列方程求解．利用正交分解方法解体的一般步骤：①明确研究对象；②进行受力分析；③建立直角坐标系，建立坐标系的原则是让尽可能多的力落在坐标轴上，将不在坐标轴上的力正交分解；④x方向，y方向分别列平衡方程求解

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 ①.4 ②.向西
【解析】[1][2]．物体受到几个共点力的作用处于平衡状态时，物体的合力为零，向东方向、大小为8N的力与其余所有力的合力大小相等、方向相反，则其余力的合力方向向西，大小为8N．将物体受到的一个向东方向、大小为8N的力改为向西，其它力均不变时，则物体的合力大小为16N，方向向西
根据牛顿第二定律得，加速度大小

方向向西
14、 ①.不变 ②.变大
【解析】[1][2]设开始时弹簧伸长的长度，即CB的长度为L，则开始时刻重物对地面的压力
F压=mg-kL
设某一时刻绳子与竖直方向的夹角为θ，则绳子的弹力为

其向上分力

Fy=F′sinθ=kL
物体对地面的压力为mg-kL，保持不变；因f=μF压，故摩擦力也保持不变；
物体缓慢运动，处于平衡状态，则水平拉力
F=f+F′cosθ=f+kLcotθ
向右运动，θ不断减小，则水平拉力越来越大。
15、 ①.3.6 ②.D ③.改变弹簧测力计B的拉力大小
【解析】（1）[1]弹簧测力计的最小刻度为0.2N，则读数为3.6N
（2）[2]A．重物的重力是合力，则应测量重物M所受的重力，选项A正确；
B．弹簧测力计应在使用前校零，以免产生误差，选项B正确；
C．拉线方向应与木板平面平行，选项C正确；
D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点位置可以变化，选项D错误；
此题选择不正确的选项，故选D。
（3）[3]改变弹簧测力计B的拉力大小（或减小重物质量、或将A换称量程较大的测力计、或改变B的方向等）

三．计算题(22分)
16、（1） ；（2）
【解析】(1)设飞机起飞速度为v，则有

解得：
(2)设第二种方法中起飞过程经历时间为t， 则

飞机位移：

航空母舰位移：
x2=v2mt
位移关系：
x1-x2=L
联立解得：

17、（1）30m/s，（2）1s，（3）4
【解析】详解】（1）根据自由落体运动：

解得：；
（2）物体匀减速下落的高度：

物体匀减速下落速度减为0：

解得：；
（3）物体做匀减速下落速度减为0，逆过程为初速度为零的匀加速直线运动：

解得：
根据牛顿第二定律：

方程两边同时除以，解得：。