2025-2026学年安徽省阜阳市太和县太和二中物理高二上期末综合测试试题含解析.doc

2025-2026学年安徽省阜阳市太和县太和二中物理高二上期末综合测试试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，A、B两闭合圆形导线环用相同规格的导线制成，它们的半径之比rA∶rB＝2∶1，在两导线环包围的空间内存在一正方形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直于两导线环的平面．当磁场的磁感应强度随时间均匀增大的过程中，流过两导线环的感应电流大小之比为(　　)

A. ＝1
B.＝2
C.＝
D.＝
2、在电磁学发展过程中，许多科学家做出了贡献，下列说法正确的是（ ）
A.库仑发现了点电荷的相互作用规律，密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值
B.洛伦兹发现了磁场对电流的作用规律，安培发现了磁场对运动电荷的作用规律
C.赫兹发现了电现象的磁本质，楞次总结了右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向
D.奥斯特发现了电磁感应现象并建立了电磁感应定律，法拉第发现了电流磁效应
3、在一绝缘、粗糙且足够长水平管道中有一带电荷量为q、质量为m的带正电小球，管道半径略大于小球半径，整个管道处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中，磁感应强度方向与管道垂直，现给带电小球一个水平速度v0，且，则在整个运动过程中，带电小球克服摩擦力所做的功为（）

A.0 B.
C. D.
4、图中a、b是两个点电荷，它们的电荷量分别为Q1、Q2，MN是ab连线的中垂线，P是中垂线上的一点．下列哪种情况能使P点场强方向指向MN的右侧（　　）

A.Q1、Q2都是正电荷，且Q1＜Q2
B.Q1是正电荷，Q2是负电荷，且Q1＞|Q2|
C.Q1是负电荷，Q2是正电荷，且|Q1|＜Q2
D.Q1、Q2都是负电荷，且|Q1|＞|Q2|
5、根据楞次定律可知感应电流的磁场一定是：（）
A.阻碍引起感应电流的磁通量
B.与引起感应电流的磁场反向
C.阻碍引起感应电流的磁通量的变化
D.与引起感应电流的磁场方向相同
6、下列说法中正确的是
A.奥斯特首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究
B.法拉第发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕
C.楞次认为，在原子、分子等物质微粒的内部存在着一种环形电流，从而使每个物质微粒都成为微小的磁体
D.安培发现了磁场对电流的作用规律，洛仑兹发现了磁场对运动电荷的作用规律
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、石油、煤、天然气等是不可再生的能源．人类无节制地使用和开采这些能源，不但破坏环境，还会导致能源枯竭．下列措施有助于缓解能源危机、保证可持续发展的有
A.用木材代替煤，进行火力发电 B.将高能耗企业从发达地区转移到欠发达地区
C.少开汽车，多骑自行车或搭乘公共交通工具出行 D.大力开发风力发电，减少火力发电
8、如图所示，水平向右的匀强电场中，质量为m带正电的小球在A点由静止释放后，沿直线由A点运动到B点。不计空气阻力，在这一过程中，(　　)

A.小球的重力势能减小
B.小球的动能减小
C.小球的机械能减小
D.小球的电势能减小
9、如图所示，图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，箭头表示运动方向，a、b是轨迹上的两点．若粒子在运动中只受电场力作用．根据此图能作出的正确判断是(　　)

A.带电粒子所带电荷的符号
B.粒子在a、b两点的受力方向
C.粒子在a、b两点何处速度大
D.a、b两点电场的强弱
10、如图甲为小型交流发电机的示意图，在匀强磁场中，矩形金属线圈绕与磁场方向垂直的轴匀速转动，产生的电动势随时间变化的规律如图乙所示。已知发电机线圈的内阻为2Ω，外接灯泡的电阻为38Ω，其它电阻不计，下列说法正确的是（）

A.t=5×10-3s时穿过线圈的磁通量最小
B.1s内线圈中的电流方向改变50次
C.灯泡两端的电压为19V
D.0~0.02s内回路中产生的热量为0.2J
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）为了测定干电池的电动势和内阻，现有下列器材：
A．6.3V蓄电池；
B．干电池一节；
C．电压表V(0～3V～15V，内阻约为3kΩ，15kΩ)；
D．电流表A(0～0.6A～3A，内阻约为10Ω，2Ω)；
E．电流表G(满偏电流3mA，内阻Rg＝10Ω)；
F．变压器
G．滑动变阻器(0～20Ω)；
H．滑动变阻器(0～1000Ω)；
I．电阻箱(0～9999Ω)；
J．开关、导线
（1）用电流表和电压表测量干电池的电动势和内阻时，应选用的变阻器是________(用代号回答)
（2）根据实验要求，用笔画线代替导线在图上连线__________

（3）某次实验记录如下：
实验次数
1
2
3
4
5
电流表示数/A
0.24
0.50
0.70
1.10
1.50
电压表示数/V
1.30
1.10
0.95
0.60
0.30

根据表中数据在坐标图上画出U－I图线_______，由图可求得E＝________V，r＝________Ω.
（4）用你设计的电路做实验，测得的电动势与电池电动势的真实值相比________(填偏大、偏小或相等)；测得的内阻与电池内阻的真实值相比________(填偏大、偏小或相等)
（5）如果实验中电压表坏了，选用其他器材进行实验，请画出相应的电路图_________
12．（12分）为测定电源的电动势和内阻，实验室提供了如下器材：
A．待测电源(电动势约为9V)
B．电压表(视为理想电压表,量程为3V)
C．电阻箱R(0∼999.9Ω)
D．定值电阻R0
E.开关、导线若干

(1)用欧姆表(×1)测电阻R0,欧姆表的指针如图甲所示,则R0=______Ω
(2)为达到测定的目的，请将图乙所示的仪器连成一个完整的实验电路___________
(3)某同学应用所测得的数据,绘出的1/U−R图象是一条直线,如图丙所示,测得直线的斜率k=1/90,纵坐标的截距b=2/15，则电源的电动势E=_______V，内阻r= _______Ω
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】A、B两导线环的半径不同，它们所包围的面积不同，但某一时刻穿过它们的磁通量均为穿过磁场所在区域面积上的磁通量，所以两导线环上的磁通量变化率是相等的，根据知产生的电动势也是相等的，根据电阻 ，则A、B的电阻之比为2:1，再根据欧姆定律 ，可得电流之比为 ，故D对，
故选D
点睛：根据判断电动势的变化，在利用闭合电路欧姆定律求电流，但要弄清楚的是电阻随半径的增大而增大
2、A
【解析】库仑发现了点电荷的相互作用规律，密立根通过油滴实验测定了元电荷的数值，选项A正确；安培发现了磁场对电流的作用规律，洛伦兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，选项B错误；安培发现了电现象的磁本质，安培总结了右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，选项C错误；法拉第发现了电磁感应现象并建立了电磁感应定律，奥斯特发现了电流磁效应，选项D错误；故选A.
3、C
【解析】ABCD．当时，，则小球与管道之间有弹力、摩擦力，圆环做减速运动到静止，且只有摩擦力做功。根据动能定理得

 带电小球克服摩擦力所做的功为，故ABD错误， C正确。
故选C。
4、B
【解析】A.Q1、Q2都是正电荷，各自在P点产生的场强E1、E2如图：

要使P点场强方向指向MN的右侧，根据场强的叠加，需要有Q1>Q2，选项A错误；
B.Q1是正电荷，Q2是负电荷，
各自在P点产生的场强E1、E2如图：

根据场强的叠加，P点场强方向一定指向MN的右侧，选项B正确；
C.Q1是负电荷，Q2是正电荷，各自在P点产生的场强E1、E2如图：

根据场强的叠加， P点场强方向一定指向MN的左侧，选项C错误；
D.Q1、Q2都是负电荷，各自在P点产生的场强E1、E2如图：

要使P点场强方向指向MN的右侧，根据场强的叠加，需要有|Q2|＞|Q1|，选项D错误。
故选B。
5、C
【解析】当磁通量增大时，感应电流的磁场与引起感应电流的磁场方向相反，当磁通量减小时，感应电流的磁场与引起感应电流的磁场方向相同；即感应电流的磁场一定是阻碍引起感应电流的磁通量的变化
A.阻碍引起感应电流的磁通量，与分析不相符，故A项错误；
B.与引起感应电流的磁场反向，与分析不相符，故B项错误；
C.阻碍引起感应电流的磁通量的变化，与分析相符，故C项正确；
D.与引起感应电流的磁场方向相同，与分析不相符，故D项错误
6、D
【解析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.
【详解】A、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象研究；故A错误.
B、奥斯特发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的；故B错误.
C、安培认为在原子、分子等物质微粒的内部，存在着一种环形电流，从而使每个物质微粒都成为微小的磁体；故C错误.
D、洛仑兹发现了磁场对运动电荷的作用规律，安培发现了磁场对电流的作用规律；故D正确.
故选D.
【点睛】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、CD
【解析】将木材代替煤，进行火力发电，不能减少电能的消耗，也不能减少化石燃料的使用，不能做到节能减排，无助于缓解能源危机、保证可持续发展，故A错误；将高能耗企业从发达地区转移到欠发达地区，不能减少化石燃料的使用，也不能做到节能减排，无助于缓解能源危机、保证可持续发展，故B错误；少开汽车，采取骑自行车或做公交车，可减少污染物的排放，减少化石能源的使用，有助于缓解能源危机、保证可持续发展，故C正确；大力开发风力发电，减少火力发电，可减少污染物的排放，减少化石能源的使用，有助于缓解能源危机、保证可持续发展．故D正确
8、AD
【解析】小球受到水平向右的电场力，竖直向下的重力，又知道小球沿直线AB运动，故合力方向在直线AB上，由A指向B；
A．从A到B，小球的高度减小，重力做正功，重力势能减小，A正确
B．合力方向与运动方向同向，所以做正功，动能增大，B错误；
CD．电场力方向和运动方向夹角为锐角，故电场力做正功，所以电势能减小，机械能增大，C错误D正确；
故选AD。
9、BCD
【解析】由题图中粒子的运动轨迹可知粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性，故A错误，B正确；由轨迹弯曲方向与粒子速度方向的关系分析可知，电场力对粒子做负功，粒子动能减小，电势能增大，则粒子在a点的速度较大，故C正确；根据电场线的疏密程度可判断a、b两点电场的强弱a点场强较大，故D正确
10、ACD
【解析】A．根据图像可知经过：

电动势最大，穿过线框的磁通量为0，即最小，A正确；
B．一个周期内电流方向改变两次，内整周期个数为：

所以电流方向变化次，B错误；
C．交变电流的有效值为：

根据分压规律可知灯泡两端电压：

C正确；
D．根据焦耳定律：

D正确。
故选ACD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.G ②.如图所示：

③.如图所示：

④.1.50 ⑤.0.80 ⑥.偏小 ⑦.偏小 ⑧.如图所示：
或
【解析】实验中应选用的较小阻值的滑线变阻器，有利于电流的变化和表的读数；
在实物图中先连接其中一个支路，再并联另一支路，注意实物图的连接注意事项；
在U-I图象中纵坐标的截距代表的是电源的电动势，直线的斜率代表的是电源的内阻的大小；
【详解】（1）滑动变阻器作限流用，电路中的电流应较大，故滑动变阻器用阻值小的即可满足实验要求，故变阻器选G正确；
（2）滑动变阻器采用限流式接法，电源的内阻是比较小的，为了减小误差，相对电源，安培表采用外接法，如图所示：

（3）描点作图如图所示：

图线与纵轴的交点即为电源的电动势
电池内阻；
（4）因该接法中由于电压表的分流而导致电流表示数偏小，但电压表是准确的，故图象比真实图象要向上偏，同时，当电路短路时，电压表的分流是可以忽略的，故短路电流是准确的，故图象与横轴的交点不变，故所测电动势小于真实值，内阻也小于真实值，即测得的电动势和内阻都偏小；
（5）如果实验中电压表坏了，将电流表G和电阻箱串联改装成电压表，运用伏安法原理进行实验，也可以直接将电阻箱和安培表串联运用安阻法进行实验，如图所示：
或
【点睛】本题考查测定电动势和内电阻的数据处理，要求能根据公式得出图象中斜率及截距的含义，在计算电源的内阻的时候，一定要注意纵坐标的数值是不是从0开始的，本接法虽然电动势和内电阻均偏小，但由于误差均较小，故实验中我们一般采取本方法
12、 ①.(1)10.0 ②.(2)如图 ③.(3)9.0 ④.2.0
【解析】（1）欧姆档所用档位为×1；指针示数为10.0；故最终读数为：10.0×1=10.0Ω；
（2）由题中给定仪器可知由于没有电流表，故无法直接用伏安法进行测量；同时由于电压表量程过小；故通过电压表和定值电阻组合，由欧姆定律求解电流；再与电阻箱连接；则可得出等效的安阻法；如图所示；

（3）由闭合电路欧姆定律可知：E=U+(R+r)
变形可得：
由图象可知，b=；
解得：E=9.0V；r=2.0Ω；

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N