江西省安远县第一中学2026届高一数学第一学期期末达标测试试题含解析.doc

江西省安远县第一中学2026届高一数学第一学期期末达标测试试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的
1．已知函数，则 的值等于
A. B.
C. D.
2．已知U={2，3，4，5，6，7}，M={3，4，5，7}，N={2，4，5，6}，则（　　）
A. 4，6  B.
C  D.
3．设函数，若恰有2个零点，则实数的取值范围是（ ）
A. B.
C. D.
4．已知函数的单调区间是，那么函数在区间上（）
A.当时，有最小值无最大值 B.当时，无最小值有最大值
C.当时，有最小值无最大值 D.当时，无最小值也无最大值
5．已知命题：，总有，则命题的否定为（）
A.，使得 B.，使得
C.，总有 D.，总有
6．祖暅原理也称祖氏原理，一个涉及几何求积的著名命题．内容为：“幂势既同，则积不容异”．“幂”是截面积，“势”是几何体的高．意思是两个等高的几何体，如在等高处的截面积相等，体积相等．设A，B为两个等高的几何体，p：A、B的体积相等，q：A、B在同一高处的截面积相等．根据祖暅原理可知，p是q的（）
A.充分必要条件 B.充分不必要条件
C.必要不充分条件 D.既不充分也不必要条件
7．已知a，b为实数，则“”是“”的（）
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
8．命题：，的否定是（ ）
A.， B.，
C.， D.，
9．已知向量满足，，则
A.4 B.3
C.2 D.0
10．已知幂函数的图象过点，若，则实数的值为（）
A. B.
C. D.4
二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。
11．__________
12．已知直线平行，则实数的值为____________
13．如图所示，正方体的棱长为1，B′C∩BC′＝O，则AO与A′C′所成角的度数为________.

14．定义在上的偶函数满足，且在上是减函数，若、是钝角三角形的两个锐角，对（1），为奇数；（2）；（3）；（4）；（5）.则以上结论中正确的有______________.(填入所有正确结论的序号).
15．命题“”的否定是________________.
16．已知函数是定义在上的奇函数，当时，为常数），则=_________.
三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17．如图，已知在正四棱锥中，为侧棱的中点， 连接相交于点
（1）证明：；
（2）证明：；
（3）设,若质点从点沿平面与平面的表 面运动到点的最短路径恰好经过点，求正四棱锥的体积

18．已知平面向量.
(1)求与的夹角的余弦值；
(2)若向量与互相垂直，求实数的值.
19．已知函数是定义在上奇函数，且.
（1）求，的值；
（2）判断在上的单调性，并用定义证明.
20．求解下列问题：
（1）已知，，求的值；
（2）已知，求的值.
21．已知关于的不等式
（Ⅰ）解该不等式；
（Ⅱ）定义区间的长度为，若，求该不等式解集表示的区间长度的最大值
参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的
1、C
【解析】因为，所以，故选C.
2、B
【解析】利用交、并、补集运算，对答案项逐一验证即可
【详解】,A错误
={2，3，4，5，6，7}=，B正确
 {3，4，5，7}，C错误，
，D错误
故选：B
【点睛】本题考查集合的混合运算，较简单
3、B
【解析】当时，在上单调递增，，
当时，令得或
（1）若，即时，在上无零点，此时，
∴在[1,+∞)上有两个零点，符合题意；
（2）若，即时，在(−∞1)上有1个零点，
∴在上只有1个零点，
①若，则，
∴，解得，
②若，则，
∴在上无零点，不符合题意；
③若，则，
∴在上无零点，不符合题意；
综上a的取值范围是．选B
点睛：
解答本题的关键是对实数a进行分类讨论，根据a的不同取值先判断函数在(−∞,1)上的零点个数，在此基础上再判断函数在上的零点个数，看是否满足有两个零点即可
4、D
【解析】依题意不等式的解集为（1，+∞），即可得到且，即，再根据二次函数的性质计算在区间（-1，2）上的单调性及取值范围，即可得到函数的最值情况
【详解】因为函数的单调区间是，
即不等式的解集为（1，+∞），
所以且，即，

所以 ,
当时，在上满足，
故此时为增函数，既无最大值也无最小值，由此A,B错误；
当时，在上满足，
此时为减函数，既无最大值也无最小值，故C错误，D正确，
故选：D.
5、B
【解析】根据全称命题的否定性质进行判断即可.
【详解】因为全称命题的否定是特称命题，
所以命题的否定为，使得，
故选：B
6、C
【解析】根据与的推出关系判断
【详解】已知A，B为两个等高的几何体，由祖暅原理知，而不能推出，可举反例，两个相同的圆锥，一个正置，一个倒置，此时两个几何体等高且体积相等，但在同一高处的截面积不相等，则是的必要不充分条件
故选：C
7、B
【解析】由充分条件、必要条件的定义及对数函数的单调性即可求解.
【详解】解：因为，所以在上单调递减，
当时，和不一定有意义，
所以“”推不出“”；
反之，，则，即，
所以“”可推出“”.
所以“”是“”的必要不充分条件.
故选：B.
8、D
【解析】由全称量词命题与存在量词命题的否定判断即可.
【详解】由全称量词命题与存在量词命题的否定，可知原命题的否定为，
故选：D
9、B
【解析】分析：根据向量模的性质以及向量乘法得结果.
详解：因
所以选B.
点睛：向量加减乘：
10、D
【解析】根据已知条件，推出，再根据，即可得出答案.
【详解】由题意得：，解得，所以，解得：，
故选：D
【点睛】本题考查幂函数的解析式，属于基础题.

二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。
11、2
【解析】

考点：对数与指数的运算性质
12、
【解析】对x，y的系数分类讨论，利用两条直线平行的充要条件即可判断出
【详解】当m=﹣3时，两条直线分别化为：2y=7，x+y=4，此时两条直线不平行；
当m=﹣5时，两条直线分别化为：x﹣2y=10，x=4，此时两条直线不平行；
当m≠﹣3，﹣5时，两条直线分别化为：y=x+，y=+，
∵两条直线平行，∴，≠，解得m=﹣7
综上可得：m=﹣7
故答案为﹣7
【点睛】本题考查了分类讨论、两条直线平行的充要条件，属于基础题
13、30°
【解析】∵A′C′∥AC，∴AO与A′C′所成的角就是∠OAC(或其补角).
∵OC⊂平面BB′C′C，AB⊥平面BB′C′C，
∴OC⊥AB.又OC⊥OB，AB∩BO＝B，
∴OC⊥平面ABO.又AO⊂平面ABO，
∴OC⊥OA.在Rt△AOC中，，∴∠OAC＝30°.
即AO与A′C′所成角度数为30°.
点睛：平移线段法是求异面直线所成角的常用方法，其基本思路是通过平移直线，把异面问题化归为共面问题来解决，具体步骤如下：
①平移：平移异面直线中的一条或两条，作出异面直线所成的角；
②认定：证明作出的角就是所求异面直线所成的角
③计算：求该角的值，常利用解三角形；
④取舍：由异面直线所成的角的取值范围是，当所作的角为钝角时，应取它的补角作为两条异面直线所成的角
14、（1）（4）（5）
【解析】令，结合偶函数得到，根据题意推出函数的周期为，可得（1）正确；根据函数在上是减函数，结合周期性可得在上是增函数，利用、是钝角三角形的两个锐角，结合正弦函数、余弦函数的单调性可得，，再利用函数的单调性可得（4）（5）正确，当时，可得（2）（3）不正确.
【详解】∵，令，得，又是偶函数，
则，∴，
且，可得函数是周期为2的函数.故，为奇数.故（1）正确；
∵、是钝角三角形的两个锐角，
∴，可得，
∵在区间上是增函数，，
∴，即钝角三角形的两个锐角、满足，
由在区间上是减函数得，
∵函数是周期为2的函数且在上是减函数，∴在上也是减函数，又函数是定义在上的偶函数，可得在上是增函数.
∵钝角三角形的两个锐角、满足，，
且，，
∴，.故（4）（5）正确；
当时，，，，，故（2）（3）不正确.
故答案为：（1）（4）（5）
【点睛】关键点点睛：利用函数的奇偶性和单调性求解是解题关键.
15、.
【解析】根据含有一个量词的命题的否定可得结果
【详解】由含有一个量词的命题的否定可得，命题“”的否定为“”
故答案为
【点睛】对于含有量词的命题的否定要注意两点：一是要改换量词，把特称（全称）量词改为全称（特称）量词；二是把命题进行否定．本题考查特称命题的否定，属于简单题
16、
【解析】先由函数奇偶性，结合题意求出，计算出，即可得出结果.
【详解】因为为定义在上的奇函数，当时，，
则，解得，则，
所以，因此.
故答案为：.

三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
17、（1）详见解析；（2）详见解析；（3）.
【解析】（1）由中位线定理可得线线平面，从而有线面平行；
（2）正四棱锥中，底面是正方形，因此有，又PO是正四棱锥的高，从而有PO⊥AC，这样就有AC与平面PBD垂直，从而得面面垂直；
（3）把与沿PD摊平，由A、M、C共线，因此新的平面图形是平行四边形，从而为菱形，M到底面ABCD的距离为原正四棱锥高PO的一半，计算可得体积
试题解析：
(1) 证明：连接OM，
∵O，M分别为BD，PD的中点，
∴在△PBD中，OM//PB，
又PB面ACM，OM面ACM，
∴ PB//面ACM
(2) 证明：连接PO.
∵在正四棱锥中，PA=PC，O为AC的中点，
∴PO⊥AC，BD⊥AC，
又PO∩BD=O，AC⊥平面PBD，
又AC平面ACM，∴平面ACM ⊥平面PBD
(3) 如图，把△PAD与 △PCD沿PD展开成平面四边形PADC1
由题意可知A，M，C1三点共线，
∵△PAD≌△PCD, M为PD的中点，
∴AM=MC1，即M为AC1中点，
∴平面四边形PADC1为平行四边形，
又PA= PC, ∴平面四边形PADC1为菱形，
∴正四棱锥的侧棱长为2
∵PO⊥AC，PO⊥BD，PO⊥面ABCD，∴PO为正四棱锥的高

18、（1）；（2）
【解析】（1）由数量积公式，得夹角余弦值为；（2），所以。
试题解析：
(1)∵向量，
∴.
∴向量与的夹角的余弦值为.
(2)∵向量与互相垂直，
∴.
又.∴.
点睛：本题考查数量积的应用。数量积公式，学生要熟练掌握数量积公式的应用，能够转化到求夹角公式。两向量垂直，则数量积为零。本题为基础题型，考查公式的直接应用。
19、（1），；
（2）证明见解析
【解析】（1）根据已知条件，为奇函数，利用可以求解出参数b，然后带入到即可求解出参数a，得到函数解析式后再去验证函数是否满足在上的奇函数即可；
（2）由第（1）问求解出的函数解析式，任取，，做差，通过因式分解判断差值的符号，即可证得结论.
【小问1详解】
由已知条件，函数是定义在上的奇函数，所以，，所以，所以，
检验，为奇函数，满足题意条件；
所以，.
小问2详解】
在上单调递增，证明如下：
任取，，

；
其中，，所以，
故在上单调递增.
20、（1），
（2）
【解析】（1）由同角三角函数的基本关系求解即可；
（2）由商数关系化简求解即可.
【小问1详解】
，，
【小问2详解】

21、（Ⅰ）当时，原不等式的解为，当或时，原不等式的解集为，
当或时，原不等式的解为（Ⅱ）
【解析】（Ⅰ）原不等式化为，根据1＜a＜2，a=1或a=2分类讨论，能求出原不等式的解集；（Ⅱ）当a≠1且a≠2时，，由此能求出该不等式解集表示的区间长度的最大值
试题解析：（Ⅰ）原不等式可化为，
当，即时，
原不等式的解为；
当，即或时，原不等式的解集为；
当，即或时，
原不等式的解为
综上所述，当时，原不等式的解为，
当或时，原不等式的解集为，
当或时，原不等式的解为
（Ⅱ）显然当或时，该不等式解集表示的区间长度不可能最大
当且时，，
设，，
则当时，，当时，，当时，，
∴当时，
考点：一元二次不等式的解法