新疆维吾尔自治区阿克苏地区阿克苏市高级中学2026届物理高二第一学期期末监测试题含解析.doc

新疆维吾尔自治区阿克苏地区阿克苏市高级中学2026届物理高二第一学期期末监测试题
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、两个完全一样的金属小球M、N，先让它们各自带电-5q和+7q，接触后再分开，则最终M、N的带电量分别是（　　）
A.+6q，+6q B.+7q，+5q
C.+12q，+12q D.+q，+q
2、如图所示，在正交匀强电场和磁场的区域内（磁场水平向里），有一正电粒子恰能沿直线飞过此区域（不计粒子重力），则下列说法正确的是（ ）

A.可以判断出电场方向向上
B.仅增大粒子电量，粒子将向上偏转
C.仅增大粒子电量，粒子将向下偏转
D.仅改变粒子电性，粒子仍能继续沿直线飞出
3、甲、乙两个同心的闭合金属圆环位于同一平面内，甲环中通以顺时针方向电流I，如图所示，当甲环中电流逐渐增大时，乙环中每段导线所受磁场力的方向是（　　）

A.指向圆心 B.背离圆心
C.垂直纸面向内 D.垂直纸面向外
4、如图所示，闭合时，一质量为、带电荷量为的液滴，静止在电容器的两平行金属板间．现保持闭合，将断开，然后将板向下平移到图中虚线位置，则下列说法正确的是

A.电容器的电容增大
B.液滴带正电
C.液滴将向下运动
D.液滴的电势能减小
5、如图所示，一条形磁铁竖直放在桌面上，一闭合圆线圈从其正上方某处，保持水平由静止下落，最后套上条形磁铁落到桌面上，该过程中（）

A.线圈内产生大小、方向都不变的电流 B.线圈内产生大小变化、方向不变的电流
C.线圈将始终受到向上的磁场作用力 D.线圈受到先向上后向下的磁场作用力
6、某电源的路端电压U随电流I变化的图像如图所示，现将一阻值为6Ω的定值电阻接在该电源两端。下列说法正确的是（ ）

A.电源的输出电压是4V B.电源的内阻是4Ω
C.通过电阻的电流是0.5A D.电阻的热功率是0.96W
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图所示是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，当元件中通入图示方向的电流I时，C、D两侧面会形成一定的电势差U．下列说法中正确的是

A.若C侧面电势高于D侧面，则元件中形成电流的载流子带负电
B.若C侧面电势高于D侧面，则元件中形成电流的载流子带正电
C.在地球南、北极上方测地磁场强弱时，元件工作面竖直放置时U最大
D.在地球赤道上方测地磁场强弱时，元件工作面竖直放置且与地球经线垂直时，U最大
8、金属探测器是用来探测金属的仪器，如图所示，关于其工作原理，下列说法中正确的是（）

A.探测器内的探测线圈会产生变化的磁场
B.只有有磁性的金属物才会被探测器探测到
C.探测到金属物是因为金属物中产生了涡流
D.探测到金属物是因为探测器中产生了涡流
9、实验室经常使用的电流表是磁电式仪表。这种电流表的构造如图甲所示，蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀地辐向分布的，让线圈通以如乙图所示的稳恒电流（b端电流方向垂直纸面向内）。下列说法正确的是

A.当线圈在如图乙所示的位置时，b端受到的安培力方向向上
B.线圈转动时，螺旋弹簧被扭动，阻碍线圈转动
C.线圈通过的电流越大，指针偏转角也越大
D.电流表表盘刻度是均匀的
10、对于分子动理论和物体内能的理解，下列说法正确的是
A.温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大
B.当物体温度降到时，物体分子的热运动就会停止
C.当分子间的距离增大时，分子间作用力就一直减小
D.当分子间作用力表现为斥力时，分子势能随分子间距离的减小而增大
三、实验题本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）用多用电表测电阻时：
（1）在某次测量中，实验操作正确，选择开关的位置如图（a）所示，表头刻度和指针位置如图（b）所示，则被测电阻的阻值为_____
（2）若继续用该表测量另一阻值约为的电阻，则应将选择开关旋至倍率为____档，并在测量电阻前先进行欧姆调零操作，测量结束后，应将选择开关旋至off或交流电压最高档

12．（12分）小明准备测绘标有“5V、0.5A”小灯泡伏安特性曲线，所用实验器材如下：
A.电源E(（6V，内阻不计）
B.电压表V（(5V，内阻约）
C.电流表A（0.6A，内阻约0.3）
D.滑动变阻器R（）)
E.开关及导线若干
（1）如图甲是实验器材的实物图，图中已连接了部分导线，请用笔画线代替导线完成图甲电路的连线______；
（2）开关S闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于___端（选填 “A”或“B”）
（3）实验中测出8组对应的数据，并在图乙坐标中描出相应的点，请在图乙中做出小灯泡的伏安特性曲线____；
（4）根据实验曲线可知，小灯泡的电阻随通过灯泡电流的增大而___填（“增大”、“不变”或“减小”）；若将该灯泡与阻值为20的定值电阻串联后直接接在电源E上，灯泡的电功率约为___W。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】两个完全相同的金属小球接触，电荷先中和后均分

故ABC错误，D正确。
故选D。
2、D
【解析】明确速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性。
【详解】在复合场中对带电粒子进行正确的受力分析，在不计重力的情况下，离子在复合场中沿水平方向直线通过故有

解得

若粒子带正电，则受洛伦兹力向上，而电场力向下，所以电场强度的方向向下；若带负电，则受洛伦兹力向下，而电场力向上，所以电场强度的方向向下，所以无论粒子带何种电性的电，只要速度满足

即可沿直线通过，所以ABC错误，D正确。
故选D。
3、A
【解析】根据右手螺旋定则，甲环电流产生的磁场垂直纸面向里；当甲环中电流逐渐增大时，在环内区域产生的磁场增强，则乙环内的磁通量变大，根据楞次定律内在规律可知，欲阻碍磁通量的增加，乙环有面积减小即有收缩的趋势，所以乙环上每段所受的安培力均指向圆心，故BCD错误，A正确。
故选A。
4、D
【解析】在电容器的电量不变的情况下，将B板下移，则导致电容变化，电压变化，根据、与相结合可得，从而确定电场强度是否变化，进而分析液滴如何运动，再根据电荷带电性可确定电势能增加与否；
【详解】A、将B板向下平移，电容器板间距离增大，根据知，电容器的电容变小，故A错误；
BD、根据电场力与重力平衡可知，液滴带负电，由于B板的移动，导致液滴的电势升高，所以其电势能减小，故D正确，B错误；
C、根据、与相结合可得，由于电容器的带电量、正对面积不变，所以板间电场强度也不变，液滴所受的电场力不变，则液滴仍保持静止，故C错误；
故选D
5、C
【解析】环在下落过程中，导致穿过环的磁通量发生变化，根据楞次定律可知感应电流的方向，通过楞次定律的另一种表述判断线圈受到磁场作用力的方向
【详解】A、B项：线圈从其正上方某处，保持水平由静止下落，最后套上条形磁铁落到桌面上，磁通量先增大后减小再增大，则感应电流方向会发生变化，故A、B错误；
C、D项：磁铁和线圈之间的所有作用效果均是阻碍线圈磁通量的变化,根据”来拒去留”,可知,线圈受到的作用力始终向上,故C正确，D错误
故选C
【点睛】要深刻理解楞次定律“阻碍”的含义．如“阻碍”引起的线圈面积、速度、受力等是如何变化的
6、C
【解析】ABC．根据闭合电路欧姆定律变形：

由图所示的图线知，电源的电动势为图像纵截距：

斜率大小为内电阻：

电路中的电流：

输出电压：

AB错误，C正确；
D．定值电阻消耗的功率：

D错误。
故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】若元件的载流子是自由电子，由左手定则可知，电子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则C侧面的电势高于D侧面的电势．故A正确；若元件的载流子是正电离子，由左手定则可知，正电离子受到的洛伦兹力方向向D侧面偏，则D侧面的电势高于C侧面的电势，故B错误；在测地球南、北极上方的地磁场强弱时，因磁场竖直方向，则元件的工作面保持水平时U最大，故C错误；地球赤道上方的地磁场方向水平，在测地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持竖直，当与地球经线垂直时U最大．故D正确．故选AD
点睛：解决本题的关键知道霍尔效应的原理，知道电子受到电场力和洛伦兹力平衡，注意地磁场赤道与两极的分布
第II卷非选择题
8、AC
【解析】金属探测器利用涡流探测金属物品原理是：线圈中交变电流产生交变的磁场，会在金属物品产生交变的感应电流，而金属物品中感应电流产生的交变磁场会在线圈中产生感应电流，引起线圈中交变电流发生变化，从而被探测到。
A．探测器内的探测线圈会产生变化的磁场，与结论相符，选项A正确；
B．只有有磁性的金属物才会被探测器探测到，与结论不相符，选项B错误；
C．探测到金属物是因为金属物中产生了涡流，与结论相符，选项C正确；
D．探测到金属物是因为探测器中产生了涡流，与结论不相符，选项D错误；
故选AC。
9、BCD
【解析】A．由左手定则可判定：当线圈转到如图乙所示的位置，端受到的安培力方向向下，故A错误；
B．当通电后，处于磁场中的线圈受到安培力作用，使其转动，螺旋弹簧被扭动，则受到弹簧的阻力，从而阻碍线圈转动，故B正确；
C．线圈通过的电流越大受到的安培力越大，指针偏转角也越大；故C正确；
D．因线圈在各位置的磁感应强度是相同的，所以偏角和电流成正比，故表盘刻度是均匀的，故D正确；
故选BCD。
10、AD
【解析】温度是分子平均动能的标志，温度高的物体分子平均动能一定大，由于物体的内能与物体的温度、体积、状态以及物质的量等都有关，则温度高的物体内能不一定大，选项A正确；物体分子的热运动是永不停息的无规则热运动，温度越高运动越剧烈，故当物体的温度达到0℃时分子仍在运动，故B错误．当r>r0时，分子间的距离增大时，分子间作用力先增大后减小，故C错误；当分子间作用力表现为斥力时，分子间距离减小时，分子力做负功，则分子势能增大，选项D正确；故选AD.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.1300 ②.
【解析】（1）[1]由图（a）所示可知，欧姆表挡位是，由图（b）所示可知，则被测电阻值是；
（2）[2]若继续用该表测量另一阻值约为的电阻，应将选择开关旋至倍率为挡，并在测量电阻前先进行欧姆调零操作
【点睛】本题考查了欧姆表使用注意事项与读数，要掌握欧姆表的使用方法、注意事项与读数方法，难度不大
12、 ①. ②.A ③. ④.增大 ⑤.0.43W（0.38W0.48W）均可
【解析】(1)[1]因灯泡电阻约为

所以电流表应用外接法，由于实验中测量范围较大，所以滑动变阻器应用分压式，所以电路连接如图

(2)[2]为了保护用电器，开关S闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于A端；
(3)[3]用平滑曲线将各点连接，偏离曲线较远的点删去，如图：

(4)[4]U－I图像中曲线上各点与原点的连线的斜率表示电阻，由图可知，小灯泡的电阻随通过灯泡电流的增大而增大；
[5]若将该灯泡与阻值为20的定值电阻串联后直接接在电源E上，将定值电阻与电源看成等效电源，则有

将此图线画入灯泡的伏安曲线中，交点即为灯泡的工作点，灯泡的电功率为

由于误差，在（0.38W0.48W）均可。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得