2025-2026学年浙江省乐清中学高二物理第一学期期末监测试题含解析.doc

2025-2026学年浙江省乐清中学高二物理第一学期期末监测试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示电路中，已知R1＝R2＝R3，当在AB间接入电源后流过R1、R2、R3的电流比为（ ）

A.2∶1∶1
B.1∶1∶1
C.2∶2∶1
D.1∶1∶2
2、如图所示，通电螺线管置于闭合金属环 a 的轴线上，当螺线管中电流 I 增加时（）

A.环有缩小的趋势以阻碍原磁通量的减小
B.环有扩大的趋势以阻碍原磁通量的减小
C.环有缩小的趋势以阻碍原磁通量的增大
D.环有扩大的趋势以阻碍原磁通量的增大
3、由电场强度的定义式E＝F/q可知
A.E和F成正比，F越大，E越大 B.E和q成反比，q越小，E越大
C.E的方向与F的方向相同 D.E的大小可由F/q计算
4、如图所示，匀强磁场的方向垂直纸面，规定向里的方向为正，在磁场中有一细金属圆环，线圈平面位于纸面内，现令磁感应强度B随时间t变化，先按图所示的Oa图线变化，后来又按bc和cd变化，令、、分别表示这三段变化过程中感应电动势的大小，I1、I2、I3分别表示对应的感应电流，则下列正确的是（　　）

A.E1＜E2，I1沿逆时针方向，I2沿顺时针方向
B.E1＜E2，I1沿顺时针方向，I2沿逆时针方向
CE2＜E3，I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向
D.E2＝E3，I2沿逆时针方向，I3沿顺时针方向
5、图甲为某电源的图线，图乙为某小灯泡的图线，则下列说法中正确的是（　　）

A.电源的内阻为
B.小灯泡的电阻随着功率的增大而减小
C.把电源和小灯泡组成闭合回路，小灯泡的功率约为
D.把电源和小灯泡组成闭合回路，电路的总功率约为
6、某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图所示的电路，接通电源后，可能出现的情况是（ ）

A.电流表烧坏 B.电压表烧坏
C.小灯泡烧坏 D.小灯泡不亮
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、半导体内导电的粒子——“载流子”有两种：自由电子和空穴(空穴可视为能自由移动带正电的粒子)，以空穴导电为主的半导体叫P型半导体，以自由电子导电为主的半导体叫N型半导体．图为检验半导体材料的类型和对材料性能进行测试的原理图，图中一块长为a、宽为b、厚为c的半导体样品板放在沿y轴正方向的匀强磁场中，磁感应强度大小为B．当有大小为I、沿x轴正方向的恒定电流通过样品板时，会产生霍尔电势差U，若每个载流子所带电量的绝对值为e，下列说法中正确的是

A.如果上表面电势高，则该半导体为P型半导体
B.如果上表面电势高，则该半导体为N型半导体
C.其它条件不变，增大c时，U增大
D.其它条件不变，电流I取值越大，电势差U越大
8、如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U－I图像，则下列说法中正确的是（　　）

A.电动势E1>E2，内阻r1＜r2
B.电动势E1＝E2，内阻r1＞r2
C.电动势E1＝E2，短路电流I1＞I2
D.当两电源的工作电流相同时，电源1的路端电压较大
9、下列说法中正确的有（ ）
A.简谐运动的回复力是按效果命名的力
B.振动图像描述的是振动质点的轨迹
C.当驱动力的频率等于受迫振动系统的固有频率时，受迫振动的振幅最大
D.两个简谐运动：x1＝4sin (100πt＋) cm和x2＝5sin (100πt＋) cm，它们的相位差恒定
10、在收音机线路中经天线接收到的电信号既有高频成分又有低频成分，经放大后送给下一级需要把低频成分和高频成分分开只让高频成分输入给下一级，采用了如图所示的装置电路，其中代号a、b应选择的元件是（　　）

A.a是电容器 B.b是电容器
C.a是电感线圈 D.b是电感线圈
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）手机、电脑等电器已经普及到人们的日常生活中，这些电器都要用到蓄电池．某同学利用下列器材测定一节蓄电池的电动势和内阻．蓄电池的电动势约为3 V.
A．量程是0.6 A，内阻约为0.5 Ω的电流表；
B．量程是3 V，内阻是6 kΩ的电压表；
C．量程是15 V，内阻是30 kΩ的电压表；
D．阻值为0～1 kΩ，额定电流为0.5 A的滑动变阻器；
E．阻值为0～10 Ω，额定电流为2 A的滑动变阻器；
F．定值电阻4 Ω，额定功率4 W；
G．开关S一个，导线若干
（1）为了减小实验误差，电压表应选择______(填器材代号)，图甲中的导线应连接到_______(选填“①”或“②”)处，改变滑动变阻器阻值的时候，为了使电压表和电流表的读数变化比较明显，滑动变阻器应选择_______(填器材代号)

（2）用（1）问中的实验电路进行测量，读出电压表和电流表的读数，画出对应的U­I图线如图乙所示，由图线可得该蓄电池的电动势E＝______ V，内阻r＝______Ω.(结果保留两位有效数字)

12．（12分）如图所示，是某同学测量电池的电动势和内阻的实验中得到的图线，则该电池的电动势为___________ V，内阻为_________Ω（结果保留两位有效数字）

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解析】由图知，三个电阻并联，三个电阻两端的电压都相等，已知R1=R2=R3，根据欧姆定律得流过R1、R2、R3的电流比为1：1：1，B正确，ACD错误。
故选B。

2、D
【解析】当螺线管中通过的电流逐渐变大时，电流产生的磁场逐渐变强，故穿过金属环a的磁通量增大，根据楞次定律可知，为阻碍原磁通量增大，金属环a产生的磁场的方向与螺线管产生的磁场的方向相反，所以电流的方向与原电流的方向相反，根据异向电流相互排斥，所以金属环a有扩大的趋势，故D正确，ABC错误；故选D.
点睛：该题可以使用楞次定律的四个步骤逐步分析解答，也可以根据楞次定律“阻碍变化”快速做出正确的解答；正确理解楞次定律即可正确解题
3、D
【解析】：
试题分析：
A、电场强度由电场本身决定，与试探电荷无关，不能理解为E与F成正比，与q成反比，A错
B、理由同A，B错
C、当F为正电荷受电场力时，E的方向与F方向相同；当F为负电荷受电场力时，E的方向与F方向相反，C错
D、E=F/q为场强的定义式，所以E的大小可以由E=F/q来计算，D对
故选D
考点：电场强度的定义式
点评：电场强度由场源电荷决定，与试探电荷无关，不能理解为E与F成正比，与q成反比
4、A
【解析】由法拉第电磁感应定律可知：

在图像中，斜率，由图像可知，Oa段中磁感强度B的变化率较小，bc和cd段中磁感强度B的变化率为相同，所以有：
；
由图可知，Oa段磁场方向垂直纸面向里，B增大，则磁通量增加，根据楞次定律，感应电流的磁场垂直纸面向外，再根据安培定制可判断，I1沿逆时针方向同理，可判断I2沿顺时针方向， I3沿顺时针方向，综上可知A正确；
故选A。
5、C
【解析】A．根据闭合电路欧姆定律变形

可得图像与纵轴的交点表示电动势，图像斜率的大小表示内阻，根据甲图电动势为

内阻为

A错误；
B．根据乙图可知电流越大，小灯泡功率越大，根据欧姆定律变形得

可知乙图线上某点与原点连线的斜率为电阻，所以小灯泡的电阻随着功率的增大而增大，B错误；
CD．把电源和小灯泡组成闭合回路，将在乙中作该电源对应的U-I图象，如图所示

两曲线的交点即小灯泡的电压、电流，根据图像读数：
，
所以，小灯泡的功率为：

回路中的总功率为

C正确，D错误。
故选C。
6、D
【解析】 用伏安法测灯泡电阻的电压不高，在电表误用的情况下，由于电压表的电阻很大，电路可视为断路，因此灯泡不亮，故选D

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】根据左手定则判断带电粒子的电性，根据最终洛伦兹力和电场力平衡列式，再根据电流的微观表达式列式，最后联立求解即可
【详解】电流向右，磁场垂直向内，若上表面电势高，即带正电，故粒子受到的洛伦兹力向上，故载流子是带正电的“空穴”，是P型半导体，故A正确，B错误；最终洛伦兹力和电场力平衡，有：evB=e；电流的微观表达式为：I=nevS=nevbc；解得，则其它条件不变，增大c时，U减小；其它条件不变，电流I取值越大，电势差U越大，故C错误，D正确；
故选AD
【点睛】本题关键是明确霍尔效应的原理，知道左手定则中四指指向电流方向，注意单位体积内的载流子数目表达式的各物理量的含义
8、CD
【解析】AB．U－I图像中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则电动势
E1＝E2
内阻
r1＜r2
故AB错误；
C．U－I图像与U轴的交点表示电源的电动势，则电动势
E1＝E2
图像与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流
I1＞I2
故C正确；
D．当通过两电源的电流相同时，两图像对应的横坐标相等，则根据图像可知，电源1的对应的纵坐标较大，故说明电源1的路端电压较大，故D正确。
故选CD。
【点睛】本题考查了闭合电路电源的U－I图像的相关知识，要求同学们理解U－I图像中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻。
9、ACD
【解析】A．简谐运动的回复力方向始终指向平衡位置使振子回到平衡位置的力，是按效果命名的，A正确；
B．振动图像描述的是振动质点在不同时刻的位移，不是其实际的运动轨迹，B错误；
C．物体做受迫振动的频率等于驱动力频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅最大，故C正确；
D．两简谐运动频率相同，相位差为：

D正确。
故选ACD。
10、BC
【解析】根据交流电路中电容的通高频阻低频和电感线圈的通低频阻高频作用可知，元件a要让高频信号通过，阻止低频信号通过，故元件a是电容较小的电容器；元件b要让低频信号通过，阻止高频信号通过，故元件b是高频扼流圈
A.a是电容器与分析不相符，故A项与题意不相符；
B.b是电容器与分析相符，故B项与题意相符；
C.a是电感线圈与分析相符，故C项与题意相符；
D.b是电感线圈与分析不相符，故D项与题意不相符

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.B ②.① ③.E ④.3.2 ⑤.1.3
【解析】（1）[1]由于电源电动势大约3V，故电压表应该选择B；
[2]蓄电池的内阻较小，故导线应该接在①处；
[3]电流表量程为0.6A，故滑动变阻器应该选择E。
（2）[4][5]由闭合电路欧姆定律可得

故该图像与纵轴的交点为电动势，该直线的斜率为，由图中可得

12、 ①.1.5 ②.0.83
【解析】电源的U-I图象与纵坐标交点的纵坐标轴是电源的电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，根据图示图象可以求出电源电动势与内阻
【详解】由图可知，图象与纵轴的交点坐标值是1.5，则电源的电动势为E=1.5V；
电源内阻；
【点睛】测定电动势和内电阻的实验中为了减小误差采用了图象分析法，要根据实验原理得出公式，并结合图象的斜率和截距得出正确的结果

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N