2025届湖南省邵阳市郊区初三下学期第四次综合训练物理试题试卷含解析.doc

2025届湖南省邵阳市郊区初三下学期第四次综合训练物理试题试卷
注意事项
1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．
2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．
3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．
4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．
5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．

一、单选题本大题共10小题，共30分）
1．西安市交通管理局于2016年11月4日起，在全市行政辖区内实行重污染天气机动车禁、限行管理．下列关于减少空气污染的做法不正确的是（　　）
A．开发利用新能源，改变现有能源结构 B．加强煤炭综合利用，减少以煤直接作燃料
C．扩大公共绿地，打造“绿色园林城市” D．提倡绿色出行，禁止私家车出行
2．小杰在圆柱形容器内放入一个体积为120cm3的实心金属块，并往容器内注入一定量的水如图甲所示。在注水过程中她记录了注水体积V和深度h，并绘制了V和h的对应关系图象如图乙所示。已知ρ金属＝3×103kg/m3，g＝10N/kg，则下列判断正确的是

A．金属块受到的最大浮力为3.6N
B．金属块的高度为21cm
C．水对容器底部的最大压强为2.1×103Pa
D．容器的底面积为12cm2
3．安全用电的下述要求正确的是（　　）
A．只要不接触高压带电体，就可以避免事故的发生
B．湿手的电阻很大，可以接触开关
C．只要有电流通过人体，就会发生触电事故，所以不能接触任何用电器
D．高大建筑物要装上避雷针
4．如图是验证“平面镜成像特点”的实验装置，其中A为玻璃板前点燃的蜡烛，B为玻璃板后未点燃的蜡烛．有关本实验的说法错误的是

A．玻璃板应该与桌面垂直
B．实验宜在较暗的环境中进行
C．眼睛应从B一侧观察成像情况
D．蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合
5．将两个定值电阻串联接在电压为U的电源两端，R1消耗的功率为P1，R2消耗的功率为4P1；将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端，下列分析正确的是
A．R1与R2的电阻之比为4：1
B．并联时通过R1与R2的电流之比为1：1
C．并联时R2消耗的功率为P1
D．并联时两电阻消耗的总功率为P1
6．汽车转向灯电路要求：左转弯时只能左转向灯亮，右转弯时只能右转向灯亮。不能出现操作转向开关，左、右转向灯同时亮的情况。下列设计最合理的是（　　）
A． B．
C． D．
7．热现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是
A．春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象
B．夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气”，这是升华现象
C．秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象
D．初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象
8．国产科幻大片《流浪地球》讲述了人类将开启“流浪地球”计划，试图让地球逃离太阳系。地球是太阳系中的
A．恒星 B．行星 C．卫星 D．彗星
9．如图所示,是某游泳爱好者在游泳上岸后站立时的情境示意图，由图可知

A．蒸发和沸腾是液化的两种方式
B．所有气体在温度降到足够低时都可以液化
C．水在蒸发的过程中要吸热，使水和它依附的人体温度上升
D．图中游泳爱好者的姿势是为了减少水分的蒸发
10．请同学们从下列估计值中找出最接近实际的是（　　）
A．一支2B铅笔的质量约为500g
B．一张中考物理试卷的厚度约为1000μm
C．荧光灯管的额定电流约为150mA
D．中学生跑完800m所用的时间约为1min
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．关于力学知识下列说法正确的是
A．大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快压强小
B．匀速行驶的汽车，从斜坡向上行驶的过程中动能不变
C．人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中动能转化为势能
D．踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球没有受到力的作用
12．如图是做直线运动的甲、乙两物体的s﹣t图象，下列说法正确的是（　　）

A．甲启动的时刻比乙早t1
B．当 t＝t2时，两物体相遇
C．当t＝t2时，两物体相距最远
D．当t＝t3时，两物体相距s1
13．如图所示，将标有“12 V 6 W”的灯泡L1和“6 V6 W的灯泡L2并联后，接在6 V的电源上(设灯丝电阻不变)，则

A．两灯的实际功率之和等于12 W
B．两灯的实际功率之和小于12 W
C．灯泡L1比灯泡L2亮
D．灯泡L2比灯泡L1亮
三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．小磁针保持静止状态时，其N极指向如图所示，则电源的正极是__________（选填“”或）端.

15．（2017•南京卷）如图所示是一种薪能源——可燃冰．2017年5月l8日，我国在南海开采可燃冰获得成功！1m3可燃冰可分解释放约168m3的天然气，可燃冰属于_____（选填“可”或“不可”）再生能源，完全燃烧168m3的天然气可以释放的热量为_____J，若这些热量全部被水吸收，可以将质量为_____t的水由20℃加热到70℃，q天然气=4×107 J/m3，c水=4.2×103J/（kg·℃）]

16．如图甲所示的电路中，电源电压不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R消耗的电功率随电流变化的关系如图乙所示．图乙中的a′、b′两点分别与滑片P在图甲中的a、b两位置相对应．则电源电压为_____V，定值电阻R0的阻值等于_____Ω．

17．如图所示，电源电压不变，R1＝4Ω，R2＝6Ω，R3＝5Ω．当开关S闭合后，电流表示数为0.5A，则电源电压为_____V，电阻R1的消耗功率为_____W．

18．如图所示,用手把一个圆柱体物块浸没在水中．物块的上表面受到水的压力大小为14.7 N,它的下表面受到水的压力大小为20.5 N,物块受到的浮力大小为_________N,浮力的方向为_________;若物块重为8 N,放手后这个物块将_________(选填“上浮”“悬浮”或“下沉”)．

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．用如图所示滑轮组提升重物．人用500N的拉力F，15s内使重为900N的物体匀速上升了3m．不计绳重和摩擦，求：
动滑轮的重．人拉绳子做功的功率．滑轮组的机械效率．
20．如图所示，轿车从某地在高速公路上往南宁方向匀速行驶，当到达A地时，车内的钟表显示为10h 15min，到达B地时，钟表显示为10h 45min．求：
轿车从A地到B地用多少时间？ 轿车从A地到B地的速度．若轿车仍以该速度继续匀速行驶，从B地到南宁需要多长时间？
21．一辆氢气动力试验汽车的质量为1.5t，10min内汽车在平直路面上匀速行驶了1.2×104m．此过程汽车发动机产生的牵引力为1.0×101N，汽车发动机的效率为50%（氢气的热值取1.5×l08J/kg，g取10N/kg）．求：
（1）牵引力做功的功率；
（2）试验过程消耗了多少kg的氢气．
（1）常温常压下氢气的密度约为0.9kg/m1，请计算：消耗的这些氢气常温常压下体积为多少m1．（本小问结果保留一位小数）
五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．如图所示，A′B′是物体AB在平面镜中所成的像，根据平面镜成像的特点在图中画出平面镜(保留作图痕迹)．

23．如图所示，用笔画线组装一个向下拉绳的滑轮组．
（_____）

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．某物理实验小组在探究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想：
猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关；
猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关；
猜想三：重力势能的大小可能与物体的运动路径有关。
为了验证猜想，他们准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变）若干块，刻度尺一把体积相同、质量为m的小球3个和质量为2m的小球一个。所用实验装置如图1、所示（图2）中，小球在光滑管道中运动的能量损失不计）。实验中均让小球从图中高度自由下落，待小球静止后，分别用刻度尺测出小球陷入花泥的深度。请你根据图中实验情景完成下列内容：
本实验是通过观察_____来判断重力势能大小的；比较A、B两球，由此可得出结论：_____；比较_____两球，可得出结论：当物体__相同时，高度越高，物体具有的重力势能越大；比较C、D两球，可得出：物体的重力势能与物体运动的路径_____（选填“有关”或“无关”）；小球下落陷入花泥前，将重力势能转化为_____能，陷入花泥后到小球静止过程中，将机械能转化为_____能，能量在转化过程中是_____的（选填“守恒”或“不守恒”）
25．如图所示，在测定“小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V，小灯泡额定电压为2.5V、电阻约为10Ω．

（1）电流表的量程应选_____A，请你用笔画线代替导线，将图甲的实物电路连接完整。
（_____）
（2）闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于_____（选填“A或“B”）端。
（3）正确接入电流表后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数，其故障可能是_____。
（4）闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数（如图乙所示）为_____V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图中滑片P向_____（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V。
（5）移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是_____W。
26．下面是小明利用刻度均匀的匀质杠杆进行探究杠杆的平衡条件的实验．（每个钩码重0.5N）
实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向________（选填左或右）端调节，直到杠杆在水平位置平衡。 杠杆调节平衡后，在此后的实验中________ (可以、不可以）通过旋动两端的平衡螺母来使杠杆恢复平衡。 如图A所示，①在杠杆A点处挂4个钩码，则在B点处应挂________个同样的钩码，杠杆仍然在水平位置平衡．②把B点处的钩码取下，在B点处施加一个竖直向下的拉力F时，杠杆仍在水平位置平衡．当拉力F向右倾斜时，仍要保持杠杆水平平衡，拉力F的大小将________（选填变大、变小或不变）．原因是________。 经多次实验后，总结得到了杠杆平衡条件，接着小明又进行了如图B所示的探究，发现弹簧测力计的读数比利用杠杆平衡条件计算得到的数值偏大，原因是________。
参考答案

一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1、D
【解析】
A．传统的化石能源对环境污染较严重，开发利用新能源，改变现有能源结构，有利于减少空气污染，故A正确；
B．煤炭的利用对环境污染较严重，加强煤炭综合利用，减少以煤直接作燃料，有利于减少空气污染，故B正确；
C．扩大公共绿地，打造“绿色园林城市”可有效净化空气，减少空气污染，故C正确；
D．提倡绿色出行符合环保理念，但完全禁止私家车出行是不切实际的，故D错误．
2、C
【解析】
设实心金属块的底面积为S1，圆柱形容器的底面积为S2，

已知ρ金属＝3×103kg/m3，大于水的密度，在加水过程中柱状物体将静止在容器底不会上浮；
由表中数据可知，h从5﹣10cm，水的体积变化量：
△V＝（S2﹣S1）（10cm﹣5cm）＝60cm3，﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
h从18﹣21cm，水的体积变化量：
△V′＝S2（h5﹣h4）＝60cm3，
即：S2（21cm﹣18cm）＝60cm3，
解得：S2＝20cm2，故D错误；
将S2＝20cm2代入①得：S1＝8cm2；
金属块的体积：V物＝S1H，
金属块的高：
H＝=＝15cm；故B错误；
当金属块浸没在水中时，排开水的体积：
V排＝V物＝120cm3，
此时受到的浮力最大：
F浮＝ρ水V排g＝1×103kg/m3×120×10﹣6m3×10N/kg＝1.2N，故A错误。
由图象可知，水的最大深度h′＝21cm＝0.21m，
则水对容器底部的最大压强：p＝ρ水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×0.21m＝2.1×103Pa，故C正确。
3、D
【解析】
安全用电的原则是：不接触低压带电体、不靠近高压带电体．所以，在高压线下面有可能会发生高压电弧触电，故A错误；湿物体是导体，接触带电体容易发生触电，故B错误；触电是指有电流通过人体，且电流超过人的承受能力时，对人造成伤害的现象，所以电流非常小时，不会发生触电事故，如干电池的电流，故C错误；高大建筑物要装上避雷针，防止遭受雷电后造成损坏，故D正确，故选D．
4、C
【解析】
A．实验时玻璃板如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，就无法验证像的位置和大小，所以玻璃板应与水平桌面垂直放置．故A正确；
B．在比较明亮的环境中，明亮的光线会干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮．所以该实验最好在较暗的环境中进行，故B正确；
C．寻找蜡烛A的像的位置时，眼睛应在蜡烛A一侧观察，在蜡烛B的一侧不能看到蜡烛A的像；故C错误；
D．平面镜所成的像，物像等大，蜡烛燃烧较长时间后像物不再重合，故D正确．
5、C
【解析】
（1）当R1、R2串联时，通过两电阻的电流相等，根据电阻消耗的功率关系和P＝I2R确定两电阻之间的关系；根据电阻的串联特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P＝I2R表示出R2消耗的功率．
（2）当R1、R2并联在同一电源两端时，根据并联电路的电压特点和求出R1消耗的功率，根据欧姆定律得出通过两电阻的电流关系；
根据求出R2消耗的电功率，进一步得出两电阻消耗的总功率．
【详解】
（1）R1、R2串联时，通过两电阻的电流相等，由题知P2=4P1，
所以，由P=I2R知道，R2=4R1，即 ，故A错误；
（2）当R1、R2并联在同一电源两端时，因为并联电路各支路两端的电压相等，
所以由I=知道，并联时通过R1与R2的电流之比I1′：I2′=R2：R1=4：1．故B错误；
（3）①R1、R2串联时，由串联分压规律可知，它们的电压之比为U1：U2=R1：R2=1：4，
所以可知U2，U1=U，
则串联时R2的功率：P2 ；
所以
同理可得，串联时R1的功率是：P1，所以 ------------Ⅱ
②当R1、R2并联在同一电源两端时，它们两端的电压均等于电源电压U，
则此时R2消耗的功率：P2′=，故C正确；
此时R1消耗的功率：P1′；
电路消耗的总功率：P总′ ，故D错误，故选C．

本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据串联时两电阻消耗的功率得出电阻关系和表示出电阻R1消耗的电功率．
6、B
【解析】
根据生活常识知道，汽车的每一侧各有两个转向灯，一共有4个灯泡；由题知道，左、右侧的两个灯泡必须能各自独立工作且互不影响，即同一侧的一个灯泡损坏时，另一灯泡仍然会发光，所以每一侧的两个灯泡是并联的，故AC错误；又因为在操作过程中，不能出现左、右转向灯同时亮的情况，所以电路中只能有一个控制开关，故B正确，D错误，故选B。
7、C
【解析】
“春天的早晨经常出现大雾”、“夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒“白气””和“秋天的早晨花草上出现小露珠”都是液化现象，“初冬的早晨地面上会出现白色的霜”是凝华现象．答案C．
8、B
【解析】
宇宙由大量的不同层次的星系构成，银河系是宇宙的一个星系，太阳系是银河系的一员，太阳系中有八大行星：水星、金星、地球、火星、木星、土星、天王星、海王星，地球是太阳系中的一颗行星，所以B正确。
9、D
【解析】
A、蒸发和沸腾是汽化的两种方式，说法错误，不符合题意；
B、所有气体都可以采用降低温度的方式可以液化，说法正确，与题意无关，不符合题意；
C、人从水中上岸后，身上有水，水在蒸发的过程中要吸热，使水和它依附的人体温度降低，说法错误，不符合题意；
D、图中游泳爱好者双臂抱拢在胸前，减小了身体的面积，从而减小了蒸发，说法正确，符合题意。
故选D。
10、C
【解析】
A．一支2B铅笔的质量约为几克，不可能达到500g，故A不合实际；
B．头发丝的直径在75μm左右，试卷纸的厚度略大于75μm，在100μm左右．故B不合实际；
C．荧光灯管的额定功率约40W，其额定电流约为：
与150mA较接近，故C符合实际；
D．如果中学生跑完800m所用的时间约为1min，则其平均速度，比世界百米冠军的速度还快，故D不合实际．

二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11、AB
【解析】
A、大海中并排航行的两条船容易相撞，是因为两船间的水流速快、压强小，两船外侧的水流速小、压强大，形成向内侧的压强差，故A正确；
B、匀速行驶的汽车，质量和速度均不变，所以从斜坡向上行驶的过程中动能不变，故B正确；
C、人造地球卫星由远地点向近地点运动的过程中，质量不变，相对高度减小，速度增大，所以势能转化为动能，故C错误；
D、踢出去的足球在场地上越滚越慢，是因为足球受到摩擦阻力的作用，故D错误。
故选：AB。
12、ABD
【解析】
A、由图看出，甲从0时刻出发，而乙从t1时刻出发，则甲比乙早出发时间t1，故A正确；
BC、由图看出，当 t=t2时，甲乙两物体处于同一位置，两物体相遇，故B正确；C错误；
D、当t＝t3时，甲处于x=s1处，乙处于x′=0位置处，所以两物体相距s1，故D正确．
13、BD
【解析】
灯泡L1的电阻R1==24Ω，灯泡L2的电阻R2==6Ω，并联接在6V的电源上，灯泡L1的实际功率P实1===1.5W，灯泡L2的实际功率P实2=6W；因为灯泡的亮度取决于实际功率，故灯泡L2比灯泡L1亮，故D正确，C错误；
两灯的实际功率之和P总=P实1+P实2=1.5W+6W=7.5W，小于12W，故A错误，B正确。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14、b
【解析】
图中小磁针N极向上，根据磁极间的相互作用得到螺线管的上端是S极，下端是N极，通过螺线管的电流从下端流入，上端流出，电源外部，电流是从电源的正极流出回到负极，所以电源正极是b端。
15、不可 6.72×109 32
【解析】
由题知，可燃冰在短时间之内不可再生，所以可燃冰是不可再生能源；1m3可燃冰在常温常压下可释放出168m3的天然气，则完全燃烧168m3的天然气可放出的热量：Q放＝qV＝4×107J/m3×168m3＝6.72×109J，天然气完全燃烧放出热量全部被水吸收,则Q吸＝Q放＝6.72×109J，由Q吸＝cm△t可得，这些热量可加热水的质量：m＝ ＝＝32000kg＝32t.
16、12 10
【解析】
由电路图可知，R0与R串联，由图乙可知，滑动变阻器消耗的功率PR＝3.2W时，电路中的电流可能为I1＝0.4A，也可能为I2＝0.8A，由P＝UI＝I2R可得，两种情况下变阻器接入电路中的电阻：R1＝＝＝20Ω，R2＝＝＝5Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，所以，由I＝可得，电源的电压：U＝I1（R0+R1）＝I2（R0+R2），即0.4A×（R0+20Ω）＝0.8A×（R0+5Ω），解得：R0＝10Ω，电源的电压U＝I1（R0+R1）＝0.4A×（10Ω+20Ω）＝12V．
17、5；1．
【解析】
试题分析：由图可知R1、R2串联，R3短路，电流表测电路中电流，所以电路中的总电阻R=R1+R2=4Ω+6Ω=12Ω，电源电压U=IR=2．3A×12Ω=3V；串联电路中电流处处相等，所以I1=I=2．3A，所以电阻R1的功率：P1=I2R1=（2．3A）2×4Ω=2．36W．
【考点定位】欧姆定律的应用；电功率的计算
18、5.8 竖直向上 下沉
【解析】
(1)圆柱体受到的浮力：F浮＝20.5N−14.7N＝5.8N；浮力的方向是竖直向上的．(2)G物＝8N>F浮，所以放手后，这个物块将下沉．
（1）物体浸在液体（或气体）中，物体将受到的液体（或气体）对它产生的压力，求出合力，即受到的浮力，从而得出浮力产生的原因是液体（或气体）对物体上下表面的压力差；浮力的方向是竖直向上的．（2）根据浮力和重力的大小关系，判断物块最后的状态．

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19、（1）动滑轮重为100N；
（2）拉力的功率为200W；
（2）滑轮组的机械效率为90%．
【解析】
试题分析：（1）由题知，不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，因为F=G轮+G物）/2，即500N=（G轮+900N）/2，所以动滑轮的重：G轮=100N；
（2）拉力移动的距离：s=2h=6m，拉力做功：W总=Fs=500N×6m=3000J，
拉力做功功率：P=W/t=3000J/15s=200W；
（3）使用滑轮组做的有用功：W有=Gh=900N×3m=2700J，
滑轮组的机械效率η=W有/W总×100%=2700J/3000J×100%=90%
考点：滑轮组绳子拉力的计算；功的计算；有用功和额外功；滑轮（组）的机械效率；功率的计算
20、（1）30min；（2）100km/h；（3）0.7h．
【解析】
根据速度公式及变形式，结合图象反映的路程信息可以求解答案．
【详解】
（1）轿车从A地到B地所用时间：
.
（2）轿车从A地到B地的距离：
，
故速度：
.
（3）若轿车仍以该速度继续匀速行驶，则从B地到南宁所用时间：
.
解决此类题目的关键是通过图象得出需要信息，结合速度公式及变形式求解答案.
21、（1）2×104W；（2）0.16kg；（1）0.2
【解析】
(1)牵引力所做的功：W=F牵s=1.0×101N×1.2×104m=1.2×107J；
牵引力做功的功率： ；
(2) 由可得氢气完全燃烧放出的热量：Q放=，
消耗的氢气：；
(1) 消耗的这些氢气常温常压下体积．
答：（1）牵引力做功的功率是2×104W；
（2）试验过程消耗了0.16kg的氢气；
（1）耗的这些氢气常温常压下体积为0.2m1．

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22、
【解析】
根据平面镜成像的特点：像与物大小相等；像、物到镜面的距离相等；像、物的连线与镜面垂直；即像与物关于平面镜对称．连接AA/、BB/，分别找出它们的中点并连接，连线就是平面镜的位置，如图

23、
【解析】
滑轮组绕绳如下图所示：

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24、小球陷入花泥的深度 当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大 A、C 质量 无关 动 内 守恒
【解析】
（1）本实验中，小球的重力势能大小是通过小球陷入花泥的深度来反映的；
（2）比较A、B两球，下落高度和运动路径相同，B球质量大于A球质量，发现B球陷入花泥的深度更大，说明B球的重力势能较大，由此可得出结论：当下落高度一定时，物体的质量越大，重力势能越大；
（3）比较A、C两球，两球质量相同，下落路径也相同，C球的下落高度大于A球的下落高度，发现C球陷入花泥的深度更大，说明C球的重力势能较大，由此可得出结论：当物体的质量相同时，下落高度越高，物体的重力势能越大；
（4）比较C、D两球，两球的质量相同，下落高度也相同，两球的运动路径不同，但陷入花泥的深度相同，由此可得出结论：物体的重力势能与物体运动的路径无关。
（5）小球下落陷入花泥前，质量不变，高度减小，速度增大，所以将重力势能转化为动能；
陷入花泥后到小球静止过程中，小球与花泥摩擦，最终静止，将机械能转化为内能；能量在转化过程中是守恒的。
25、0～0.6 A 小灯泡处短路 2.2 B 0.5
【解析】
（1）灯泡正常发光时的电流I＝＝＝0.25A；所以电流表的量程应选0～0.6A．电流表选0.6A量程，把灯泡与电流表串联接入电路，电路图如图所示。

（2）闭合开关前，图中滑动变阻器的滑片P应位于最大最值处，即A端。
（3）正确接入电流表后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表有示数，即不是断路，即可能是短路造成的，电压表无示数，即说明电压表所并联的部分没有电压，即相当于导线，所以其故障可能是小灯泡处短路。
（4）电压表使用0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.2V。
要使灯泡正常工作，灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V，电路电流要增大，总电阻要减小，滑动变阻器的电阻要减小，滑片向B端移动，使电压表的示数为2.5V。
（5）由图象可知灯泡的额定电压U＝2.5V对应的电流I＝0.2A，灯泡的额定功率P＝UI＝2.5V×0.2A＝0.5W。
26、右 不可以 4 变大 阻力和阻力臂不变，动力臂变小 杠杆有自重
【解析】
（1）杠杆左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，调节平衡螺母应使杠杆重心右移，这一调节过程的目的是为了使杠杆的自重对杠杆平衡不产生影响；
（2）杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力臂，实验过程中不能再移动平衡螺母；
（3）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：FALA=FBLB；4G•3L=FB•2L；解得FB=6G，需挂6个钩码．若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；
（4）由图可知，此时的杠杆的支点没有在重心上，在实验的过程中，由于杠杆自重的影响，使得左端的杠杆与其力臂的乘积要大于右端杠杆与其力臂的乘积，故导致测量结果不准确．