2024-2025学年湖北省仙桃、天门、潜江市高二下化学期末经典模拟试题含解析.doc

2024-2025学年湖北省仙桃、天门、潜江市高二下化学期末经典模拟试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、下列有关物质结构的说法正确的是(　　)
A．78 g Na2O2晶体中所含阴、阳离子个数均为4NA
B．HBr的电子式为H＋[∶]－
C．PCl3和BCl3分子中所有原子的最外层都达到了8电子稳定结构
D．3.4 g氨气中含有0.6NA个N—H键
2、下列根据实验操作和现象所得出的结论不正确的是
选项
实验操作
实验现象
结论
A
在A1C13溶液中逐滴滴入NaOH溶 液至过量，然后通入CO2气体
先出现白色沉淀，后沉淀消失，最后又出现白色沉淀
Al(OH)3是两性氢氧化物，但不能溶解在某些弱酸中
B
向浓度均为0.1mol/L的MgCl2、 CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水
先出现蓝色沉淀
Ksp[Mg(OH)2]>Ksp[Cu(OH)2]
C

向Na2CO 3溶液中加入浓盐酸，将产生的气体通入硅酸钠溶液中
产生白色浑浊
酸性：盐酸>碳酸>硅酸
D
向盛有KI3溶液的两试管中分别加入淀粉溶液和AgNO3溶液
前者溶液变蓝色，后者有黄色沉淀
KI3溶液中存在I3-I2+I-平衡
A．A B．B C．C D．D
3、下述实验中均有红棕色气体产生，对比分析所得结论不正确的是（ ）

A．由①中的红棕色气体，推断浓硝酸受热易分解，应保存在低温阴暗处
B．红棕色气体不能表明②中木炭与浓硝酸发生了反应
C．由③说明浓硝酸具有挥发性，生成的红棕色气体为还原产物
D．③的气体产物中检测出CO2，由此说明木炭一定与浓硝酸发生了反应
4、普通玻璃的主要成分是：
①Na2SiO3 ②CaCO3 ③CaSiO3 ④SiO2 ⑤Na2CO3 ⑥CaO
A．①③④ B．②③④ C．①③⑥ D．③④⑤
5、 “白色污染”的主要危害是（ ）
①破坏土壤结构  ②降低土壤肥效  ③污染地下水 ④危及海洋生物的生存
A．只有①② B．只有②③ C．只有②④ D．①②③④
6、水热法制备Fe3O4纳米颗粒的总反应为：3Fe2++2S2O32-+O2+XOH- =Fe3O4+S4O62-+2H2O，下列说法正确的是（ ）
A．硫元素被氧化，铁元素被还原
B．Fe2+、S2O32- 都是还原剂
C．X=2
D．每生成1mol Fe3O4，则转移电子数2mol
7、设NA为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）
A．25℃、101kPa 时，22.4L乙烷中所含共价键数目为6NA
B．3.2gO2和O3的混合气体中，含氧原子数为0.2NA
C．12g金刚石含有共价键数目为4NA
D．1molNaHSO4熔融时电离出的离子总数为3NA
8、科研工作者对甘油（丙三醇）和辛酸合成甘油二酯的酶法合成工艺进行了研究。发现其它条件相同时，不同脂肪酶（Ⅰ号、Ⅱ号）催化合成甘油二酯的效果如图所示，此实验中催化效果相对最佳的反应条件是（ ）

A．12h，I号 B．24h，I号 C．12h，II号 D．24h，II号
9、下列叙述正确的是
A．镀层破损后，镀锡铁板比镀锌铁板更易腐蚀
B．电解精炼铜时，电解质溶液的组成保持不变
C．铅蓄电池充电时，标有“+”的一端与外加直流电源的负极相连
D．构成原电池正极和负极的材料一定不相同
10、下列描述中,不符合生产实际的是
A．电解法精炼粗铜，用纯铜作阴极
B．在镀件上电镀锌，用锌作阳极
C．用如图装置为铅蓄电池充电
D．为了保护海轮的船壳，常在船壳上镶入锌块
11、下列有机物中，不属于烃的衍生物的是
A．醋酸 B．邻二甲苯 C．四氯化碳 D．酒精
12、设为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是（ ）
A．3.0g甲醛和乙酸的混合物中所含的原子数为
B．与充分反应，转移的电子数为
C．的稀硫酸中含有的氢离子数目为
D．4.6g有机物的分子结构中碳氢键数目一定为
13、常温下向0.1mol·L－1CH3COOH溶液中加入少量的CH3COONa晶体时，会引起(　　)
A．溶液中的c(H＋)减小 B．电离平衡左移，电离常数减小
C．溶液的导电能力减弱 D．溶液中的c(OH－)减小
14、下列各组中的两物质相互反应时，若改变反应条件（温度、反应物用量比），生成物并不改变的有（ ）组
①NaHCO3溶液和NaOH溶液 ②Na和O2 ③NaOH和CO2
④Na2O2和CO2 ⑤NaAlO2和HCl ⑥Na2CO3溶液和盐酸
A．1组 B．2组 C．3组 D．4组
15、已知当NH4Cl溶液的浓度小于0.1mol/L时，其pH＞5.1。现用0.1mol/L的盐酸滴定l0mL0.05mol/L的氨水，用甲基橙作指示剂达到终点时所用盐酸的量应是（）
A．10mL B．5mL C．大于5mL D．小于5mL
16、下列各组物质中能用分液漏斗分离的是
A．乙醇和乙醛 B．甲苯和苯酚
C．乙酸乙酯和醋酸 D．硝基苯和水
二、非选择题（本题包括5小题
17、糖类、油脂、蛋白质是人体重要的能源物质，请根据它们的性质回答以下问题：
（1）油脂在酸性和碱性条件下水解的共同产物是________________（写名称）。
（2）蛋白质的水解产物具有的官能团是____________________（写结构简式）。
已知A是人体能消化的一种天然高分子化合物，B和C分别是A在不同条件下的水解产物，它们有如下转化关系，请根据该信息完成（3）～（5）小题。

（3）下列说法不正确的是______________________
A．1molC完全水解可生成2molB
B．工业上常利用反应⑦给热水瓶胆镀银
C．用A进行酿酒的过程就是A的水解反应过程
D．A的水溶液可以发生丁达尔效应
E. 反应③属于吸热反应
（4）1molB完全氧化时可以放出2804kJ的热量，请写出其氧化的热化学方程式___________________。
（5）请设计实验证明A通过反应①已经全部水解，写出操作方法、现象和结论：____________________________________________________________________。
18、化合物G可用作香料，一种合成路线如图：

请回答下列问题：
（1）F的化学名称为_____。
（2）⑤的反应类型是_____。
（3）A中含有的官能团的名称为___
（4）由D到E的化学方程式为_____。
（5）G的结构简式为_____。
（6）H（C6H10O4）与C互为同系物，H可能的结构共有_____种（不考虑立体异构）。其中核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比1：2：2的结构简式为_____。
19、草酸铁晶体Fe2(C2O4)3·xH2O可溶于水，且能做净水剂。为测定该晶体中铁的含量，做了如下实验：
步骤1：称量5.6g草酸铁晶体，配制成250 mL一定物质的量浓度的溶液。
步骤2：取所配溶液25.00 mL于锥形瓶中，先加足量稀H2SO4酸化，再滴加KMnO4溶液，反应为：2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4═ K2SO4+2MnSO4+10CO2↑+8H2O。向反应后的溶液加锌粉，加热至黄色刚好消失，过滤、洗涤，将过滤及洗涤所得溶液收集到锥形瓶中，此时溶液仍呈酸性。
步骤3：用0.0200 mol/LKMnO4溶液滴定步骤2所得溶液至终点，消耗KMnO4溶液V1 mL，滴定中MnO4－被还原成Mn2＋。
重复步骤2、步骤3的操作2次，分别滴定消耗0.0200 mol/LKMnO4溶液为V2、V3 mL。
记录数据如下表：
实验编号
KMnO4溶液的浓度（mol/L）
KMnO4溶液滴入的体积（mL）
1
0.0200
V1 = 20.02
2
0.0200
V3 = 19.98
3
0.0200
V2 = 23.32
请回答下列问题：
（1）草酸铁溶液能做净水剂的原因______________________________（用离子方程式表示）。
（2）步骤2加入酸性高锰酸钾的作用_________________________________________________。
（3）加入锌粉的目的是______________________________。
（4）步骤3滴定时滴定终点的判断方法是_____________________________________________。
（5）在步骤3中，下列滴定操作使测得的铁含量偏高的有___
A．滴定管用水洗净后直接注入KMnO4溶液
B．滴定管尖嘴内在滴定前有气泡，滴定后气泡消失
C．读取KMnO4溶液体积时，滴定前平视，滴定结束后仰视读数
D．锥形瓶在滴定时剧烈摇动，有少量液体溅出．
（6）实验测得该晶体中铁的含量为_________。
20、某化学活动小组设计如下图所示(部分夹持装置已略去)实验装置，以探究潮湿的Cl2与Na2CO3反应得到的气态物质。

(1)装置A中发生反应的离子方程式为_______________________________________。
(2)装置B中试剂Y应为_________________。
(3)已知在装置C中通入一定量的氯气后，测得D中只有一种常温下为黄红色的气体(含氯氧化物)，装置C中只有氯化钠和碳酸氢钠。若C中有0.1 mol Cl2参加反应，可推知C中反应生成的含氯氧化物为______________(写化学式)。
(4)该实验装置中明显存在不足之处，改进的措施为____________________________。
21、下面的排序不正确的是（　　）
A．空间利用率：Cu＞Na＞Po B．熔点由高到低：金刚石＞NaCl＞K＞CO2
C．硬度由大到小：SiC＞金刚石 D．晶格能由大到小：NaF＞NaCl＞NaBr
参考答案

一、选择题（每题只有一个选项符合题意）
1、D
【解析】本题阿伏伽德罗常数的计算与判断、电子式的书写等知识。
分析：A．根据过氧化钠的物质的量以及过氧化钠中含有2个阳离子和1个阴离子；B．溴化氢为共价化合物，电子式中不需要标出所带电荷；C．对于共价化合物元素化合价绝对值+元素原子的最外层电子层=8，则该元素原子满足8电子结构；D．根据氨气的物质的量以及1个氨气中含有3个N-H键。
解析：78gNa2O2晶体的物质的量为=1mol，过氧化钠中含有2个Na+离子和1个O22—离子，78gNa2O2晶体中所含阴、阳离子个数分别为NA、2NA，故A错误；溴化氢为共价化合物，氢原子与溴原子形成了一个共用电子对，溴化氢中氢原子最外层为2个电子，溴原子最外层达到8电子，用小黑点表示原子最外层电子，则溴化氢的电子式为，B错误；BCl3中B元素化合价为+3，B原子最外层电子数为3，最外层有（3+3）=6，分子中B原子不满足8电子结构，故C错误；3.4g氨气的物质的量为 =0.2mol，氨气分子中含有3个N-H键，所以3.4g氨气中含有0.6NA个N-H键，故D正确。
点睛：解题时注意掌握物质的量与阿伏伽德罗常数、摩尔质量等物理量之间的关系，明确电子式的概念及书写原则。
2、C
【解析】
A. 在A1C13溶液中逐滴滴入NaOH溶液至过量，先出现白色沉淀，后沉淀消失，生成偏铝酸钠溶液，通入CO2气体，又反应生成氢氧化铝沉淀，说明Al(OH)3是两性氢氧化物，但不能溶解在某些弱酸中，故A正确；B．溶度积小的先生成沉淀，向浓度为0.1mol•L-1的MgCl2、CuCl2混合溶液中逐滴加入氨水先出现蓝色沉淀，说明Ksp[Cu(OH)2]较小，故B正确；C．盐酸易挥发，盐酸与硅酸钠反应也能生成硅酸沉淀，则该实验不能比较碳酸和硅酸的酸性强弱，故C错误；D．溶液变蓝色，说明含有碘单质，有黄色沉淀，说明含有碘离子，则溶液中存在平衡：I3-⇌I2+I-，故D正确；故选C。
3、D
【解析】
①中浓硝酸分解生成二氧化氮气体，②中C与浓硝酸反应生成二氧化氮或浓硝酸受热分解生成二氧化氮，③中浓硝酸挥发后与C反应生成二氧化碳、二氧化氮，以此来解答。
【详解】
A．加热条件下，浓硝酸分解生成二氧化氮和氧气，则产生的气体一定是混合气体，故A正确；B．加热条件下，浓硝酸分解生成二氧化氮和氧气，则红棕色气体不能表明②中木炭与浓硝酸产生了反应，故B正确；C．硝酸中N元素化合价为+5价，生成二氧化氮的N元素化合价为+4价，化合价降低，在生成的红棕色气体为还原产物，故C正确；D．碳加热至红热，可与空气中氧气反应生成二氧化碳，不一定说明木炭一定与浓硝酸发生了反应，故D错误；故选D。
4、A
【解析】
普通玻璃的主要成分是Na2SiO3、CaSiO3及SiO2，答案为A。
5、D
【解析】“白色污染”的主要危害是①破坏土壤结构②降低土壤肥效③污染地下水④危及海洋生物的生存，故选D。
6、B
【解析】
A.化合物中铁元素、硫元素用平均化合价，铁元素的化合价变化：+2→+；硫元素的化合价变化为：+2→+，Fe和S元素都被氧化，A错误；
B.由上述分析可知，还原剂是Fe2+、S2O32-，氧化剂是O2，B正确；
C.由电荷守恒可知：2×3+2×(-2)-X=-2，X=4，C错误；
D.由方程式可知，每生成1molFe3O4，参加反应的氧气为1mol，转移电子数为1mol×4=4mol，D错误。
故合理选项是B。
7、B
【解析】
A. 25℃、101kPa 时，22.4L乙烷的物质的量小于1mol，且1mol乙烷中所含共价键数目为7NA，选项A错误；
B．3.2gO2和O3的混合物中含有的氧原子的物质的量为=0.2mol，数目为0.2NA，选项B正确；
C．12g金刚石中含有1molC，金刚石中，每个C与其它4个C形成了4个共价键，每个碳原子形成的共价键数目为：×4=2，所以1molC原子形成的共价键为2mol，含有的共价键数目为2NA，选项C错误；
D、熔融状态下，硫酸氢钠电离出钠离子和硫酸氢根离子，1molNaHSO4熔融时电离出的离子总数为2NA，选项D错误。
答案选B。
8、A
【解析】
结合图及表可知，12h，I号时合成甘油二酯转化率大，时间快；
【详解】

结合图及表可知，在12h时，辛酸的转化率和甘油二酯的含量较高，同时，反应时间增加的话，转化率和甘油二酯的含量不会增加的太明显，所以选用12h更好；在12h时，脂肪酶Ⅰ号的转化率和甘油二酯的含量都比Ⅱ高，所以选用Ⅰ号，A项正确；
答案选A。
9、A
【解析】
A．镀锡的铁板和电解质溶液形成原电池时，Fe易失电子作负极而加速被腐蚀；镀锌的铁板和电解质溶液构成原电池时，Fe作正极被保护，所以镀层破损后，镀锡铁板比镀锌铁板更易腐蚀，故A项正确；
B．电解精炼粗铜时，阳极上Cu和比Cu活泼的金属失电子，阴极上只有铜离子放电生成铜，所以电解质溶液的组成发生改变，故B项错误；
C．铅蓄电池充电时标有“+”的一端作阳极，应该连接原电池正极，故C项错误；
D．构成原电池正负极材料可能相同，如氢氧燃料电池，电池中石墨作正、负极材料，故D项错误。
故答案为A
本题的易错点是D，一般的原电池中，必须是有活性不同的电极，一般是较活泼的金属做负极，而燃料电池是向两极分别通气体，电极可以相同。
10、C
【解析】
A. 电解法精炼粗铜，粗铜作阳极，纯铜作阴极，故A正确；
B. 在镀件上电镀锌，镀层金属锌作阳极，镀件作阴极，故B正确；
C. 铅蓄电池放电时，铅作负极，充电时，与外接电源的负极相连，作阴极，故C错误；
D. 在船壳上镶入一些锌块所形成的原电池的正极是铁，负极是锌，锌损耗可以保护海轮的船壳，故D正确；
故选C。
11、B
【解析】
烃分子中的氢原子被其他原子或者原子团所取代而生成的一系列化合物称为烃的衍生物，据此判断。
【详解】
A．醋酸的结构简式为CH3COOH，含有官能团羧基，属于烃的衍生物，A错误；
B．邻二甲苯中只含有C、H元素，属于芳香烃，不属于烃的衍生物，B正确；
C．四氯化碳为甲烷的氯代产物，含有官能团氯原子，属于烃的衍生物，C错误；
D．酒精的结构简式为CH3CH2OH，乙醇含有官能团羟基，属于烃的衍生物，D错误；
故选B。
12、A
【解析】
A.乙酸的相对分子质量是甲醛的二倍，且乙酸中含有的原子数也是甲醛的二倍，所以乙酸可以看作两个甲醛，甲醛的相对分子质量是30g/mol，那么3g甲醛是0.1mol，0.1mol甲醛中含有个原子，A项正确；
B.二氧化硫和氧气反应是可逆反应，不能反应完全，转移电子数小于0.2NA，B项错误；
C.pH=1，代表的是溶液中氢离子浓度是0.1 mol/L，所以1L的溶液中，含有1L×0.1mol/L=0.1mol的氢离子，个数为0.1NA个，C项错误；
D.分子式为并不一定是乙醇，还可以是甲醚，在甲醚中含有0.6NA个碳氢键，D项错误；
答案选A。
分子式为的物质不一定是乙醇还有可能是甲醚，为易错点。
13、A
【解析】
A.向醋酸溶液中加入少量的醋酸钠晶体，醋酸根离子浓度增大，会使醋酸电离平衡逆向移动，使氢离子浓度降低，故A选；
B.电离平衡常数只和温度有关，所以加入醋酸钠晶体，电离平衡常数不变，故B不选；
C.由于加入了强电解质醋酸钠，水溶液中自由移动离子浓度增大，导电能力增强，故C不选；
D.溶液中氢离子浓度减小，氢离子和氢氧根离子浓度乘积是一个常数，所以溶液中氢氧根离子浓度增大，故D不选。
故选A。
14、B
【解析】分析：①碳酸氢钠与氢氧化钠反应生成碳酸钠和水；②钠在常温下或点燃时与氧气反应产物不同；③氢氧化钠与二氧化碳反应可以生成碳酸钠或碳酸氢钠；④过氧化钠与二氧化碳反应生成物是碳酸钠和氧气；⑤根据氢氧化铝是两性氢氧化物分析；⑥根据碳酸钠与盐酸反应分步进行分析。
详解：①NaHCO3溶液和NaOH溶液反应只能生成碳酸钠和水，①正确；
②Na和O2常温下反应生成氧化钠，点燃则生成过氧化钠，②错误；
③足量NaOH溶液和CO2反应生成碳酸钠和水，二氧化碳如果过量，则生成碳酸氢钠，③错误；
④Na2O2和CO2反应只能生成碳酸钠和氧气，④正确；
⑤NaAlO2和HCl反应时如果盐酸过量则生成氯化钠、氯化铝和水，如果偏铝酸钠过量则生成氢氧化铝和氯化钠，⑤错误；
⑥Na2CO3溶液和盐酸是分步进行的，如果盐酸不足，则生成碳酸氢钠和氯化钠，如果盐酸过量则生成氯化钠、水和二氧化碳，⑥错误；
答案选B。
15、C
解析】
当盐酸与NH3·H2O恰好完全反应，n(HCl)=n(NH3·H2O)，解得消耗盐酸的体积为5mL，此时溶液中c(NH4Cl)=<0.1mol·L－1，溶液的pH>5.1，而甲基橙变色范围是3.1～4.4，因此溶液不能变色，还需继续加入盐酸降低pH，因此最终消耗盐酸的量大于5mL，故C正确；
答案选C。
16、D
【解析】
能用分液漏斗分离的应该是互不相溶的液体混合物。
A．乙醇和乙醛互溶，不符合题意，错误；
B．苯酚易溶于甲苯，不符合题意，错误；
C．醋酸可以溶解在乙酸乙酯中，错误；
D．硝基苯难溶于水，密度比水大，因此是互不相溶的两种液体混合物，可以使用分液漏斗分离正确。
答案选D。

二、非选择题（本题包括5小题）
17、甘油（或丙三醇） -NH2、-COOH BC C6H12O6(s) +6O2(g) =6CO2(g)+6H2O(l) △H=-2804kJ/mol 取少量淀粉水解后的溶液，向其中加入碘水，若溶液不变蓝证明淀粉已经全部水解
【解析】
（1）油脂在酸性条件下水解成高级脂肪酸和甘油，在碱性条件下水解成高级脂肪酸盐和甘油，油脂在酸性和碱性条件下水解的共同产物是甘油（或丙三醇）；
（2）蛋白质水解的产物是氨基酸，氨基酸中的官能团为—NH2和—COOH，蛋白质的水解产物具有的官能团是—NH2和—COOH；
（3）根据图，B是光合作用的产物，A是人体能消化的一种天然高分子化合物，B和C分别是A在不同条件下的水解产物，可以推断出A为淀粉，B为葡萄糖，C为麦芽糖；
A项，1mol麦芽糖完全水解可生成2mol葡萄糖，故A正确；
B项，工业上常利用葡萄糖的银镜反应给热水瓶镀银，即利用反应⑤的原理给热水瓶胆镀银，故B错误；
C项，A的水解反应过程生成了葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下反应生成乙醇和CO2，不是淀粉水解成乙醇，故C错误；
D项，A为淀粉，淀粉溶液属于胶体，所以可以发生丁达尔效应，故D正确；
E项，反应③将光能转化为化学能，属于吸热反应，故E正确；
答案选BC；
（4）葡萄糖燃烧后生成了水和二氧化碳，其反应的热化学方程式为：C6H12O6(s) +6O2(g) =6CO2(g)+6H2O(l) △H=-2804kJ/mol；
（5）要证明淀粉已经全部水解，即证明水解液中不含淀粉，故检验的方法为：取少量淀粉水解后的溶液，向其中加入碘水，若溶液不变蓝证明淀粉已经全部水解。
18、苯甲醇 水解反应（或取代反应） 氯原子和羧基 ：+Cl2+HCl 9 HOOCCH2CH2CH2CH2COOH
【解析】
由有机物的转化关系可知，ClCH2COOH与碳酸钠反应生成ClCH2COONa，ClCH2COONa与NaCN反应生成NaOOCCH2CN，NaOOCCH2CN在酸性条件下水解生成HOOCCH2COOH；在光照条件下与氯气发生取代反应生成，则E是；在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成；在浓硫酸作用下，与HOOCCH2COOH发生酯化反应生成，则G为。
【详解】
（1）F的结构简式为，属于芳香醇，名称为苯甲醇，故答案为：苯甲醇；
（2）反应⑤为在氢氧化钠溶液中共热发生水解反应生成，故答案为：水解反应（或取代反应）；
（3）A的结构简式为ClCH2COOH，官能团为氯原子和羧基，故答案为：氯原子和羧基；
（4）D到E的反应为在光照条件下与氯气发生取代反应生成，反应的化学方程式为+Cl2+HCl，故答案为：+Cl2+HCl；
（5）在浓硫酸作用下，与HOOCCH2COOH发生酯化反应生成，则G的结构简式为；
（6）H（C6H10O4）与C互为同系物，则H为饱和二元羧酸，可以视作两个—COOH取代C4H10分子中的两个氢原子，C4H10分子由两种结构，故二羧基取代物有9种；核磁共振氢谱为三组峰，且峰面积比1：2：2的结构简式为HOOCCH2CH2CH2CH2COOH，故答案为：9；HOOCCH2CH2CH2CH2COOH。
本题考查有机化学基础，解题的关键是要熟悉烃的各种衍生物间的转化关系，不仅要注意物质官能团的衍变，还要注意同时伴随的分子中原子数目的变化，在此基础上判断有机物的反应类型，书写有关化学方程式。
19、 Fe3＋+3H2OFe(OH)3（胶体）+ 3H＋ 除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2＋的滴定 将Fe3＋还原为Fe2＋ 加入最后一滴KMnO4溶液时，溶液变为浅紫红色，且30s内浅紫红色不褪去 ABC 20.0%
【解析】分析：(1)草酸铁溶液中铁离子水解生成氢氧化铁胶体，胶体具有吸附悬浮杂质的作用；
(2) 步骤2中用KMnO4将草酸氧化生成二氧化碳，除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2＋的滴定；
(3)加入锌粉的目的是还原铁离子；
(4)高锰酸钾溶液为紫红色，滴入最后一滴溶液变为紫红色且半分钟不变说明反应达到终点；
(5)根据滴定误差分析的方法判断,误差可以归结为标准液的体积消耗变化分析误差，c(待测)= ；
A.酸式滴定管要用标准液润洗；
B.滴定前滴定管尖嘴处有气泡，滴定后气泡消失，读取标准溶液体积增大；
C.读取标准液体积时，滴定前平视读数，滴定后仰视读数，读取标准溶液体积增大；
D. 锥形瓶在滴定时剧烈摇动，有少量液体溅出，反应消耗的标准溶液体积减小；
(6)根据离子方程式计算，n(Fe)=5n(MnO4-)，可以计算n(Fe)，然后可以计算晶体中铁的含量。
详解：(1)草酸铁溶液中铁离子水解生成氢氧化铁胶体，胶体具有吸附悬浮杂质的作用，反应的离子方程式为：Fe3＋+3H2OFe(OH)3（胶体）+ 3H＋， 
因此，本题正确答案是：Fe3＋+3H2OFe(OH)3（胶体）+ 3H＋； 
(2) 步骤2中用KMnO4将草酸氧化生成二氧化碳，除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2＋的滴定，
因此，本题正确答案是：除去草酸根离子，避免干扰步骤3中Fe2＋的滴定；
(3)加入锌粉的目的是将Fe3＋还原为Fe2＋， 
因此，本题正确答案是：将Fe3＋还原为Fe2＋； 
(4)高锰酸钾溶液为紫红色，反应终点判断为：加入最后一滴KMnO4溶液时，溶液变为浅紫红色，且30s内浅紫红色不褪去，
因此，本题正确答案是：加入最后一滴KMnO4溶液时，溶液变为浅紫红色，且30s内浅紫红色不褪去；
(5)A.酸式滴定管要用标准液润洗，滴定管用蒸馏水洗涤后，立即装入标准液，标准液浓度减小，消耗标准液体积增大，测定结果偏高，故A符合；
B.滴定前滴定管尖嘴处有气泡，滴定后气泡消失，读取标准溶液体积增大，测定结果偏高，故B符合；
C.读取标准液体积时，滴定前平视读数，滴定后仰视读数，读取标准溶液体积增大，测定结果偏高，故C符合；
D. 锥形瓶在滴定时剧烈摇动，有少量液体溅出，反应消耗的标准溶液体积减小，测定结果偏低，故D不符合；
因此，本题正确答案是：ABC；
(6)用0.0200 mol/LKMnO4溶液滴定步骤2所得溶液至终点，消耗KMnO4溶液V1 mL，滴定中MnO4－被还原成Mn2＋。
重复步骤2、步骤3的操作2次，分别滴定消耗0.0200 mol/LKMnO4溶液为V2、V3 mL，计算平均值，实验3数值误差较大舍去，消耗体积V= mL =20.00mL， 
铁元素守恒，高锰酸钾溶液滴定亚铁离子发生的反应为：
5Fe2++MnO4-+8H+=Mn2++5Fe3++4H2O
5 1
n 0.0200mol/L×0.0200L =0.0004mol         
，解得n=0.002mol， 
250 mL溶液中含铁元素物质的量=0.002mol×=0.02mol，
5.6g草酸铁晶体中铁的含量=100%=20.0%， 
因此，本题正确答案是： 20.0%。
点睛：本题考查了物质性质的实验探究，实验方案的设计与分析计算，主要是滴定实验的过程分析和误差分析，掌握基础是关键，题目难度中等。
20、 MnO2＋4H＋＋2Cl－ Mn2＋＋Cl2↑＋2H2O 饱和食盐水（或饱和氯化钠溶液） Cl2O 在装置D后连接一尾气处理装置（或连接一盛有NaOH溶液的洗气瓶）
【解析】分析：本题考查了物质性质验证的实验设计，步骤分析判断，现象分析理解，掌握物质性质和实验设计方法是解题关键。
详解：(1)实验室制备氯气，结合装置分析可知是利用二氧化锰和浓盐酸加热反应生成氯气，反应的离子方程式为：MnO2＋4H＋＋2Cl－ Mn2＋＋Cl2↑＋2H2O。 (2) 实验室制备氯气中含有氯化氢气体，需要用饱和食盐水除去。(3)C中有0.1mol氯气参加反应，装置C中通入一定量的氯气后，测得D中只有一种常温下黄红色的气体，反应为Cl2+Na2CO3→NaHCO3+NaCl+X，依据氧化还原反应电子守恒计算判断氯元素化合价为+1价，可推知C中反应生成的含氯氧化物为Cl2O。(4)实验过程中产生氯气是有毒气体，不能排放到空气中，而装置D后没有尾气吸收装置。
21、C
【解析】分析：A．空间利用率：六方密堆积52%、面心立方74%、体心立方68%；
B．晶体中一般情况下，原子晶体的熔点最高，分子晶体熔沸点最低；
C、都是原子晶体，化学键越强，硬度越大，原子半径越小，键长越短，化学键越强；
D、离子晶体中离子键越强晶格能越大，电荷越多、离子半径越小，离子键越强。
详解：A．空间利用率：Po为六方密堆积52%、Cu为面心立方74%、Na为体心立方68%，所以空间利用率：Cu＞Na＞Po，A正确；
B．晶体中，原子晶体的熔点最高，分子晶体熔沸点最低，离子晶体熔点大于金属钾，所以熔点高低顺序是：金刚石＞NaCl＞K＞CO2，B正确；
C、晶体中键长C-C＜C-Si＜Si-Si，故化学键强弱为C-C＞C-Si＞Si-Si，故硬度由大到小：金刚石＞碳化硅，C错误；
D、离子半径F-＜Cl-＜Br-，故离子键强度NaF＞NaCl＞NaBr，故晶格能NaF＞NaCl＞NaBr，D正确；
答案选C。