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1、广东省东莞市翰林实验学校2025届物理高一第二学期期末经典模拟试题 注意事项 1．考生要认真填写考场号和座位序号。 2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。 3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。 一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1、如图所示，一颗卫星绕地球做椭圆运动，运动周期为T,图中虚线为卫星的运行轨迹，A，B，C，
2、D是轨迹上的四个位置，其中A距离地球最近，C距离地球最远。B和D点是弧线ABC和ADC的中点，下列说法正确的是 A．卫星在C点的速度最大 B．卫星在C点的加速度最大 C．卫星从A经D到C点的运动时间为T/2 D．卫星从B经A到D点的运动时间为T/2 2、 (本题9分)如图所示，质量为m的小球，用不可伸长的轻绳悬挂在O点。现将小球从A点由静止释放，小球向下摆动至最低点B。在此过程中，小球重力做的功为W，小球重力的冲量为I，小球动能的变化量为，小球动量的变化量为。不计空气阻力，下列关系式正确的是 A．， B．， C．， D．， 3、 (本题9分)关于电场线和磁感线,以下
3、说法中正确的是( ) A．电场线和磁感线都是实际存在的直线或曲线 B．电场线是不闭合的,而磁感线是闭合的 C．电场线总是从正电荷出发到负电荷终止,磁感线总是从磁体的N极出发到S极终止 D．电场线上某点的切线方向与正电荷在该点的受力方向相同,磁感线上某点的切线方向与放在该点的小磁针静止时N极的受力方向垂直 4、 (本题9分)物体做下列几种运动，其中物体的机械能守恒的是（ ） A．平抛运动 B．竖直方向上做匀速直线运动 C．水平方向上做匀变速直线运动 D．竖直平面内做匀速圆周运动 5、如图所示，、两带电小球，电量分别为、，质量分别为、，用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于
4、点．静止时、两球处于同一水平线上，其中细线长为，，，带电小球可视为点电荷，静电力常量为．则下列说法正确的是（ ） A．、间的库仑力 B．细线的拉力大小 C．细线的拉力大小 D．两小球质量之比 6、 (本题9分)如图所示，在光滑水平面上停放质量为m装有弧形槽的小车。现有一质量也为m的小球以的水平速度沿切线水平的槽口向小车滑去（不计一切摩擦），到达某一高度后，小球又返回小车右端，则下列判断正确的是 A．小球在小车上到达最高点时的速度大小为0 B．小球离车后，对地将向右做平抛运动 C．小球离车后，对地将做自由落体运动 D．此过程中小球对车做的功为 7、某质量m=15
5、00kg的“双引擎”小汽车，当行驶速度v≤54km/h时靠电动机输出动力；当行驶速度在54km/h
6、工作期间牵引力做的功为3.6×105J 8、 (本题9分)一重球从高h处下落，如图所示，到A点时接触弹簧，压缩弹簧至最低点位置B。那么重球从A至B的运动过程中： A．速度一直减小 B．速度先增加后减小 C．在AB之间有个确切位置速度有最大值 D．加速度方向先竖直向下再竖直向上 9、如图所示，由绝缘材料制成的光滑圆环圆心为O)竖直固定放置。电荷量为+q(q>0)的小球A固定在圆环的最高点，电荷量大小为q的小球B可在圆环上自由移动。若小球B静止时，两小球连线与竖直方向的夹角为θ=30°，两小球均可视为质点，以无穷远处为零电势点，则下列说法正确的是 A．小球B可能带正电 B．
7、O点电势一定为零 C．圆环对小球B的弹力指向圆心 D．将小球B移至圆环最低点，A、B组成的系统电势能变大 10、 (本题9分)从同样高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，其原因是( ) A．掉在水泥地上的玻璃杯动量大，而掉在草地上的玻璃杯动量小 B．掉在水泥地上的玻璃杯动量改变大，掉在草地上的玻璃杯动量改变小 C．掉在水泥地上的玻璃杯动量改变快，掉在草地上的玻璃杯动量改变慢 D．掉在水泥地上的玻璃杯与地面接触时，相互作用时间短，而掉在草地上的玻璃杯与地面接触时，相互作用时间长． 二、实验题 11、（4分） (本题9分)描绘平抛运动轨迹的实验装置示意
8、如图。为了保证实验准确，在实验过程中必须采取下列哪些步骤___________。 A．斜槽末端的切线必须水平 B．入射小球每次应从斜槽上的同一位置由静止开始释放 C．在斜槽末端悬挂重锤以确定竖直方向 D．固定白纸的木板可以倾斜放置 上图曲线是某位同学描绘出的小球做平抛运动的轨迹，图中坐标纸上的小方格每边长均为5cm，重力加速度取9.8m/s2，则小球做平抛运动的初速度为________m／s。（结果保留两位有效数字） 12、（10分） (本题9分)小王在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，选用的实验器材如下：小灯泡1只（，），电压表1只（量程、内阻约），电流表1只（量程、内阻约
9、滑动变阻器1只（阻值范围、额定电流），干电池2节，开关1个，导线若干： (1)图甲为部分连线的电路图，电压表一端已经连接好，另一端应该接在_________（填“”或“”），在开关闭合前，调节滑动变阻器的滑片，使它靠近变阻器_________（填“左端”或“右端”）的接线柱； (2)在测量数据时，某次电流表示数如图乙所示，读数为_________，图丙为相对应的电压表示数，其中正确的是_________（填“A”、“B”或“C”），此时小灯泡的实际功率为_________。 三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值
10、计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 13、（9分） (本题9分)如图所示，宇航员站在某质量分布均匀的星球表面一斜坡上P点沿水平方向以初速度v0抛出一个小球，测得小球经时间t落到斜坡上另一点Q，斜面的倾角为α，已知该星球半径为R，万有引力常量为G，求： (1)该星球表面的重力加速度； (2)该星球的质量。 14、（14分）已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑地球自转的影响。 (1)求地球的质量； (2)试推导第一宇宙速度的表达式。 15、（13分） (本题9分)如图，质量分别为1kg和3kg的玩具小车A、B静置在水平地面上，两车相距s=8m。小车A
11、在水平恒力F=8N作用下向着小车B运动，恒力F作用一段时间t后撤去，小车A继续运动与小车B发生碰撞，碰撞后两车粘在一起滑行d=0.25m停下。已知两车碰撞时间极短，两车运动过程所受的阻力均为自身重力的0.2倍，重力加速度g=10m/s2。求： （1）两个小车碰撞后的速度大小； （2）小车A所受恒力F的作用时间t。 参考答案 一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1、C 【解析】 A、卫星绕地球做椭圆运动，类似于行星绕太阳运转，根据
12、开普勒第二定律：行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等，则知卫星与地球的连线在相等时间内扫过的面积相等，所以卫星在距离地球最近的A点速度最大，在距离地球最远的C点速度最小，卫星在B、D两点的速度大小相等；故A错误； B、在椭圆的各个点上都是引力产生加速度，因A点的距离最小，则A点的加速度最大，故B错误. C、根据椭圆运动的对称性可知，则，故C正确. D、椭圆上近地点A附近速度较大，远地点C附近速度最小，则，；故D错误. 故选C. 2、B 【解析】 小球在摆动过程中，只有重力做功，轻绳的弹力不做功，根据动能定理可知，重力的功等于动能的变化量，即W=△Ek；小球在摆动过程中，受到了
13、重力和绳子拉力的冲量，故重力的冲量不等于动量的变化量 A. ，与分析不符，故A错误； B. ，与分析相符，故B正确； C. ，与分析不符，故C错误； D. ，与分析不符，故D错误。 3、B 【解析】 电场线和磁感线是人们为了描述电场和磁场假想的曲线，实际并不存在，选项A错误；电场线是不闭合的，而磁感线是闭合的，选项B正确；电场线总是从正电荷出发到负电荷终止或者到无穷远；磁感线在磁体的外部是从磁体的N极到S极，内部是从S极出发到N极，组成闭合的曲线，选项C错误；电场线上某点的切线方向与正电荷在该点的受力方向相同；磁感线上某点的切线方向与放在该点的小磁针静止时N极的受力方向相同，选项D
14、错误；故选B. 4、A 【解析】 A. 平抛运动的物体只受到重力的作用，所以机械能守恒，故A正确； B. 物体在竖直方向做匀速直线运动，说明物体受力平衡，除了重力之外还有其他的外力的作用，并且其他的外力对物体做功，所以机械能不守恒，故B错误； C. 水平方向上做匀变速直线运动，动能变化，重力势能不变，所以机械能也变化，故C错误； D. 竖直平面内做匀速圆周运动，速度的大小不变，动能不变，但是物体的高度变化，即重力势能发生变化，所以物体的机械能不守恒，故D错误。 5、B 【解析】 A．O点到A球的间距OA=L，∠AOB=90°，∠OAB=60°，因此AB=2L，依据库仑定律，那么A
15、B间的库仑力为 故A错误； BC．各自对A、B受力分析，如图所示： 依据矢量的合成法则，结合三角知识，则有： ； 选项B正确，C错误； D．根据库仑定律，则库仑力大小相等，即：FA=FB；即 因此A、B两球的质量之比为 故D错误； 6、CD 【解析】 当小球与小车的水平速度相等时，小球弧形槽上升到最大高度，设该高度为h，则：mv0=2mv，解得：，故A错误；设小球离开小车时，小球的速度为v1，小车的速度为v2，整个过程中动量守恒，得：mv0=mv1+mv2，由动能守恒得：，联立解得：v1=0，v2=v0，即小球与小车分离后二者交换速度；所以小球与小车分
16、离后做自由落体运动，故B错误，C正确；对小车运用动能定理得，小球对小车做功：，故D正确。所以CD正确，AB错误。 7、AC 【解析】 A、开始阶段，牵引力F1=5000N，根据牛顿第二定律：F1-Ff=ma，解得开始阶段的加速度a=2.5m/s2，汽车第一次切换动力引擎时v1=54km/h=15m/s，运动的时间t0==6s，故A正确。 B、t0时刻，电动机输出功率最大，Pm=Fv1=500015W=75kW，故B错误。 CD、汽油机工作期间，功率P=F2v1=600015W=90kW，11s时刻的速度v2==m/s=25m/s，汽油机工作期间牵引力做的功W=Pt2=90103（11-
17、6）J=4.5105J；汽车前6s内的位移x1=at02=2.562m=45m，后5s内根据动能定理得：Pt2-Ffx2=mv22-mv12，解得汽车后5s内的位移x2=120m，所以11s内汽车的位移x=x1+x2=165m，故C正确，D错误。 8、BCD 【解析】 小球刚开始与弹簧接触过程中，在时，小球受到的合力竖直向下，所以仍做加速运动，随着弹簧压缩量的增大，向下的加速度在减小，当时，加速度为零，速度达到最大，当时，小球受到的合力方向向上，所以小球做减速运动，并且加速度在增大，当压缩至最低点时，速度为零．故BCD正确． 9、BD 【解析】 A.因小球B处于静止状态，对其受力分析
18、如下图所示： 由于A球带正电，因此小球B一定带负电，故A错误； B.因两球带电量是等量异种电荷，则两者连线的中垂线即为等势线，以无穷远处为零电势点，因此O点的电势为零，故B正确； C.由A选项分析，可知圆环对小球B的弹力背离圆心，故C错误； D.将小球B移至圆环最低点，电场力做负功，导致A、B小球组成的系统电势能变大，故D正确； 10、CD 【解析】玻璃杯落地前是自由落体运动，末速度一定，玻璃杯掉在水泥地上与掉在草地上的动量相等，故A错误；玻璃杯两次与地面碰撞过程，初动量相同，末动量为零，两种情况下动量变化量相同，故B错误；玻璃杯两次与地面碰撞过程，初动量相同，末动量为零，两
19、次的动量变化量相同，但在水泥地上碰撞过程时间短，则动量的变化快，掉在草地上的杯子动量改变慢，故CD正确。故选CD。 二、实验题 11、ABC 1.4 【解析】 （1）通过调节使斜槽末端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A正确；因为要画同一运动的轨迹，必须每次释放小球的位置相同，且由静止释放，以保证获得相同的初速度，故B 正确；在斜槽末端悬挂重锤以确定竖直方向，故C正确；因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，在相同时间里，位移越来越大，因此木条（或凹槽）下降的距离不应是等距的，故D错误；固定白纸的木板要竖直放置，避免因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成平滑的曲线，
20、故D错误。所以ABC正确，D错误。 （2）选取水平间隔相同的两点，所以时间间隔相同，根据公式△h=gt2 得：，水平方向上有：x=3l=v0t，联立并代入数据解得：v0=1.4m/s。 12、 左端 0.26 B 【解析】 (1)[1][2]灯正常工作时的电阻 电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，图甲所示电路中，导线应接在a点，由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于左端。 (2)[3][4][5]电流表量程为0.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，示数为0.26A。 灯泡额定电压为25V，
21、电压表量程为3V，由图丙所示可知，A、C所示不符合实际，B所示电压表是正确的，其分度值为0.1V，示数为2.00V，此时灯泡实际功率为 三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 13、（1） （2） 【解析】 平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据平抛运动的规律求出星球表面的重力加速度；根据万有引力等于重力求出星球的质量； 【详解】 (1)根据平抛运动知识可得 解得 (2)根据万有引力等于重力，则有 解得 14、 (1) (2) 【解析】 （1
22、设地球表面某物体质量为，不考虑地球自转，有： 地球质量为：； （2）卫星在地球表面附近绕地球做匀速圆周运动，有： 由（1）中得：，第一宇宙速度为：。 解决本题的关键知道不考虑地球自转时，万有引力等于重力，知道第一宇宙速度等于卫星贴着地球表面做匀速圆周运动的速度。 15、（1）1m/s；（2）1s 【解析】 （1）设撤去力F瞬间小车A的速度为v1，小车A、B碰撞前A车的瞬时速度为v2，小车A、B碰撞后瞬间的速度为v3。 两小车碰撞后的滑行过程中，由动能定理可得： -0.2（m1+m2）gd = 0-（m1+m2）v32 解得两个小车碰撞后的速度大小：v3=1m/s （2
23、两车碰撞过程中，由动量守恒定律可得： m1v2=（m1+m2）v3 解得：v2=4m/s 恒力作用过程，由动量定理可得： Ft-0.2m1gt=m1v1-0 由运动学公式可得： x1=t 撤去F至二车相碰过程，由动能定理得： -0.2m1gx2=m1v22-m1v12 由几何关系可得：x1+x2=s 联立可得小车A所受恒力F的作用时间：t=ls 方法2：两车碰撞过程中，由动量守恒定律可得： m1v2=（m1+m2）v3 解得：v2=4m/s 从F作用在小车A上到A、B两车碰前，由动能定理得： Fx-0.2m1gs= m1v22-0 解得：x=3m 在F作用的吋间内，由牛顿第二定律得： F-0.2m1g=m1a 解得：a=6m/s2 由x=at2 联立解得小车A所受恒力F的作用时间：t=ls
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