2025届山西省长治市屯留县第一中学物理高一第二学期期末教学质量检测试题含解析.doc

2025届山西省长治市屯留县第一中学物理高一第二学期期末教学质量检测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、 (本题9分)关于波动下列说法正确的是（　　）
A．波不但传递能量，还能传递信息
B．质点振动的方向总是垂直于波的传播方向
C．没有机械波就没有机械振动
D．波传播的速度和质点振动速度相同
2、 (本题9分)以初速度V0水平抛出一个物体，经常时间t速度的大小为Vt，经过时间2t，速度大小的正确表达式应该是（ ）
A．V0+2gt B．Vt +gt
C． D．
3、 (本题9分)引体向上运动的规则是从双臂伸直到下巴与单杠等高计1次。质量为60kg的某同学在1min内完成了8次引体向上运动，每次肩部上升的距离均约为0.4m，g取10m/s2，则他在1min内至少克服重力所做的功及相应的功率约为（　　）
A．192J，3.2W B．1920J，32W
C．1920J，320W D．3840J，64W
4、 (本题9分)关于人造地球卫星的向心力,下列各种说法中正确的是
A．根据向心力公式轨道半径增大到2倍时,向心力减小到原来的
B．根据向心力公式,轨道半径增大到2倍时,向心力也增大到原来的2倍
C．根据向心力公式向心力的大小与轨道半径无关
D．根据卫星的向心力是地球对卫星的引力可见轨道半径增大到2倍时,向心力减小到原来的
5、 (本题9分)在越野赛车时，一辆赛车在水平公路上减速转弯，从俯视图中可以看到赛车沿曲线由M向N行驶．下图中分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，你认为正确的是（）
A． B．
C． D．
6、 (本题9分)如图甲所示，光滑水平面上停放着一辆表面粗糙的平板车，质量为，与平板车上表面等高的平台上有一质量为的滑块以水平初速度向着平板车滑来，从滑块刚滑上平板车开始计时，之后它们的速度随时间变化的图象如图乙所示，是滑块在车上运动的时间，以下说法中正确的是（ ）

A．滑块与平板车最终滑离
B．滑块与增板车的质量之比
C．滑块与平板车表面的动摩擦因数为
D．平板车上表面的长度为
7、 (本题9分)用起重机将一个质量为m的货物竖直向上以加速度a匀加速提升H，在这个过程中，以下说法中正确的是（ ）
A．起重机对物体的拉力大小为ma B．起重机对物体做功为m（g+a）H
C．物体的动能增加了maH D．物体的机械能增加了mgH
8、 (本题9分)如图所示，卫星A、B绕地球做匀速圆周运动，用ω、T、v、a分别表示卫星运动的角速度、周期、运行速率、向心加速度．下列关系正确的有

A．TA>TB B．vA>vB
C．aA小球从静止释放，小球运动到O点正下方时速度恰好为零，则小球从释放到最低点的过程中，下列说法正确的是

A．小球的机械能守恒
B．小球在最低点的加速度为零
C．弹簧的弹性势能先增大后减小再增大
D．弹簧的弹性势能增加量等于小球的重力势能减少量
10、 (本题9分)小物块位于放于地面的半径为R的半球的顶端，若给小物块以水平的初速度v时物块对半球刚好无压力，则下列说法正确的是(　　)

A．小物块立即离开球面做平抛运动
B．小物块落地时水平位移为R
C．小物块沿球面运动
D．物块落地时速度的方向与地面成45°角
二、实验题
11、（4分）在做研究平抛运动的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹．
(1)为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面字母填在横线上：_____
A．每次释放小球的位置不必相同
B．通过调节使斜槽的末端保持水平
C．每次必须由静止释放小球
D．小球运动时应与木板上的白纸（或方格纸）相接触
(2)用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长L，若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式为v0=__（用L、g表示）

12、（10分） (本题9分)某同学采用如图甲所示的装置进行“验证机械能守恒定律”实验。
(1)除了图甲装置中的器材之外，还必须从图乙中选取实验器材，其名称是___________；
(2)指出图甲装置中不合理的地方(一处)___________；
(3)小明同学通过正确实验操作得到了如图丙的一条纸带，读出计数点0、4两点间的距离为___________cm；
(4)已知打点计时器的电源频率为50Hz，计算得出打下计数点5时纸带速度的大小为___________m/s(保留2位有效数字)。
(5)在实际的测量中，重物减少的重力势能通常会___________(选填“略大于”、“等于”或 “略小于”)增加的动能，这样产生的误差属于___________(选填“系统误差”或“偶然误差”)
(6)某同学想用下述方法研究机械能是否守恒。在纸带上选取多个计数点，测量它们到起始点O的距离h，计算对应计数点的重物速度v，描绘v2-h图象，并做如下判断：若图象是一条过原点的直线，则重物下落过程中机械能守恒。
请你分析论证该同学的判断依据是否正确___________(选填“正确”或“不正确”)，并说明原因___________。

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（9分） (本题9分)如图甲所示，边界MN将空间分成上下两个区域I、II，在区域II中有竖直向下的匀强电场，在电场中某一点B静止释放一个质量为m= 1×10-2 kg、带电量大小为q= 4×10-4 C的小球，它恰能到达区域I中的A点，已知小球运动的v—t图象如图乙所示，g=10m/s2，不计空气阻力。求：

（1）小球的带点性质，以及匀强电场的电场强度大小；
（2）A、B两点间的高度差h；
（3）若将电场反向且强度减为原来的三分之一，要让小球仍恰好到达A点，在B点需以多大的初速度竖直向上拋出。
14、（14分） (本题9分)如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，现有一质量为 m的带电粒子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压=400V电压加速后通过B点进入两板间距为d=0.2m、电压为U=200V的水平放置的平行金属板间，若带电粒子从两块水平平行板的正中间射入，且刚好能从水平放置的平行金属板右侧边缘射出，A、B分别为两块竖直板的中点，=0.5C/kg， 求：

(1)带电粒子通过B点时的速度大小；
(2)带电粒子穿出右侧平行金属板时的速度大小；
(3)右侧平行金属板的长度。
15、（13分）如图所示，在以角速度匀速转动的水平圆盘上放一质量m的滑块，滑块到转轴的距离r，滑块跟随圆盘一起做匀速圆周运动（两者未发生相对滑动）. 求:

（1）圆盘的转动周期；
（2）滑块运动的线速度大小；
（3）滑块受到的向心力大小.
参考答案

一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、A
【解析】
在纵波中质点振动的方向可能与的传播方向相同，Ｂ错；机械波形成的两个条件是机械振动和介质，所以没有机械波的时候可能有机械振动，Ｃ错；波传播的速度和质点振动速度毫无关系，Ｄ错；
2、C
【解析】
平抛运动竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速运动，则经过时间t时，竖直分速度为：vy=gt，合速度大小为：vt=…①
经过时间2t时竖直分速度为：vy′=2gt，合速度大小为：v′=…②
由①②解得：v′=，故C正确，ABD错误。故选C。
本题关键要掌握平抛运动的基本规律，知道平抛运动竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速运动，并能熟练列式解答．
3、B
【解析】
每次肩部上升的距离均为0.4m，则同学每一次克服重力做的功

1min内克服重力所做的功

1min=60s，相应的功率约为

选项ACD错误，B正确。
故选B。
4、D
【解析】
因为轨道半径变化时，线速度发生变化，不能根据向心力公式得出“轨道半径增大到2倍时，向心力减小到原来的1/2”的结论，故A错误．因为轨道半径变化时，角速度发生变化，不能根据向心力公式F=mrω2得出“轨道半径增大到2倍时，向心力增大到原来的2倍”的结论．故B错误．向心力的大小与轨道半径有关．故C错误．根据万有引力提供向心力，知轨道半径增大到2倍时，向心力减小到原来的，故D正确．
5、C
【解析】
赛车做的是曲线运动，赛车受到的合力应该指向轨迹弯曲的内侧，由于赛车是从M向N运动的，并且速度在减小，所以合力与赛车的速度方向的夹角大于，故C正确．
6、AC
【解析】
A．如图乙所示，因为t0时刻滑块速度大于平板车速度，所以滑块将滑离平板车，A对．
B．如图乙滑块和平板车的加速度大小相等，他们受到的合外力大小也相等，所以他们的质量相等．B错．
C．滑块的加速度大小等于
，
滑块受到的摩擦力就是滑块受到的合力，即

所以 C对．
D．因为t0时刻滑块脱离平板车，所以平板车的长度等于滑块的位移减去平板车的位移，从图乙中我们可以看出其位移差等于图乙中梯形的面积

所以D错
7、BC
【解析】
本题考查的是功机械能的相关问题，起重机对物体的拉力大小为ma-mg，A错误；起重机对物体做功为m（g+a）H，B正确；物体的动能增加了m（g+a）H-mgH=maH，C正确；物体的机械能增加了m（g+a）H，D错误；
8、ACD
【解析】
万有引力提供卫星A、B绕地球做匀速圆周运动的向心力，则，解得；；； ，则由于rA>rB，则TA>TB，vA
9、CD
【解析】
A. 由于弹簧的弹力对小球做功，可知小球的机械能不守恒，选项A错误；
B.小球运动过程中速度最大时加速度为零，而到O点正下方时速度恰好为零，可知加速度不为零，选项B错误；
C.开始位置弹簧处于压缩状态，小球向下运动到与杆垂直位置时弹簧压缩到最短；此过程中弹性势能增加；然后继续向下运动过程中，弹簧长度逐渐变长，弹性势能减小，一直到原长位置，弹性势能减为零；然后弹簧被拉长直到最低点位置，此过程中弹性势能逐渐变大，选项C正确；
D.由能量关系，开始时和到达最低点位置时小球的动能均为零，则整个过程中弹簧的弹性势能增加量等于小球的重力势能减少量，选项D正确.
10、AB

【解析】
在最高点重力完全充当向心力时物体对球没有压力，即，所以，此时物体只受重力作用，速度水平方向，所以物体立即离开球面做平抛运动，小物体落地时下落的高度为R，所以，故小物体落地时的水平位移为,小物体落地时与地面的夹角为,所以选AB.

二、实验题
11、BC
【解析】
(1)[1] AC.为了保证小球平抛运动的初速度相同，则每次从同一高度由静止释放小球，故A项与题意不相符，C项与题意相符；
B. 为了保证小球水平飞出，则斜槽的末端切线保持水平，故B项与题意相符；
D. 小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触，防止应摩擦而改变运动的轨迹，故D项与题意不相符。
(2)[2] 平抛运动水平方向匀速直线运动，由于小球从a运动到b和b运动到c的水平位移相等，因此运动时间相等；根据平抛运动规律得，竖直方向：自由落体运动，因时间相等，由
可得：

水平方向：匀速运动，则有：

解得：

12、（1）刻度尺 （2）重锤离打点计时器太远 （3）3.11 （4）0.91 （5）略大于 系统误差 （6）不正确 要想通过v2-h图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g。
【解析】
第一空.实验中不需要秒表测时间；要验证的表达式：mgh=mv2两边的m消掉，则不需要用天平测量质量；由而不需要弹簧秤；则除了图甲装置中的器材之外，还必须从图乙中选取刻度尺；
第二空.图甲装置中不合理的地方：重锤离打点计时器太远；
第三空.计数点0、4两点间的距离为3.11cm；
第四空.打下计数点5时纸带速度的大小为.
第五空.第六空.在实际的测量中，重物减少的重力势能通常会略大于增加的动能，这是由于有阻力造成的，这样产生的误差属于系统误差；
第七空.第八空.这样做不正确；因为若是机械能守恒，则mgh=mv2，即v2=2gh，即要想通过v2-h图象的方法验证机械能是否守恒，还必须看图象的斜率是否接近2g。

三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位
13、（1）小球带负电；E= 750 V/m （2）h=0.30 m （3）v=2m/s
【解析】
（1）在电场中对小球受力分析知小球带负电
v—t图象的斜率等于加速度，则：
小球离开电场前的加速度大小
小球离开电场后的加速度大小
由牛顿第二定律得：

联立求得：、
（2）由v—t图象的面积，有
解得：
（3）由动能定理，有：
由小球离开电场前的v—t图象的面积，有：
解得：
14、（1）20m/s（2）10m/s（3）0.4m
【解析】(1)电场中的直线加速，由动能定理：
解得：m/s
(2)偏转过程由动能定理：
得：m/s
(3)由牛顿第二定律：m/s2
竖直方向的匀加速直线运动：
解得：s
水平方向的位移：m
【点睛】本题关键是分析电子的受力情况和运动情况．在偏转电场中电子做类平抛运动，采用运动的分解方法研究或整个过程的动能定理分析．
15、（1） （2） （3）
【解析】
（1）根据角速度和周期的关系可知，滑块的周期。
（2）滑块运动的线速度大小 v=ωr。
（3）滑块受到向心力F=mω2r。