山东省淄博第七中学2024-2025学年物理高一第二学期期末调研试题含解析.doc

山东省淄博第七中学2024-2025学年物理高一第二学期期末调研试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、 (本题9分)如图所示，在距地面高为处，有一小球A以初速度水平抛出，于此同时，在A的正下方有一物块B也以相同的初速度同方向滑出，B与地面间的动摩擦因数，A、B均可看成质点，不计空气阻力，A落地后静止不反弹，，下列说法正确的是（ ）

A．球A经时间落地
B．球A落地时速度大小为
C．球A落地时，B已停下
D．球A落地时，B的速度大小为
2、如图所示圆环形导体线圈平放在水平桌面上,在的正上方固定一竖直螺线管,二者轴线重合,螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路.若将滑动变阻器的滑片向下滑动,下列表述正确的是  )

A．线圈中将产生俯视顺时针方向的感应电流
B．穿过线圈的磁通量变小
C．线圈有扩张的趋势
D．线圈对水平桌面的压力FN将增大
3、 (本题9分)在“验证力的平行四边形定则”的实验中，合力与分力的作用效果相同，这里作用效果是指(　　)
A．弹簧测力计的弹簧被拉长 B．固定橡皮条的图钉受拉力产生形变
C．细绳套受拉力产生形变 D．使橡皮条在某一方向上伸长到某一长度
4、高楼高空抛物是非常危险的事。设质量为M=1kg的小球从20m楼上做自由落体运动落到地面，与水泥地面接触时间为0.01s，则小球对地面的冲击力是小球重力的倍数大约是（ ）
A．10倍 B．50倍 C．100倍 D．200倍
5、 (本题9分)如图为湖边一倾角为的大坝横截面示意图，水面与大坝的交点为O，一人站在A点以速度沿水平方向仍一小石子，已知，不计空气阻力，取．下列说法正确的是（ ）

A．若，则石块可以落入水中
B．若，则石块不能落入水中
C．若石子能落入水中，则越大，落水时速度方向与水平面的夹角越大
D．若石子不能落入水中，则越大，落到斜面上时速度方向与斜面的夹角越大
6、 (本题9分)质点所受的力F随时间变化的规律如图所示，力的方向始终在一直线上．已知t＝0时质点的速度为零．在图中所示的t1、t2、t3和t4各时刻中，哪一时刻质点的动能最大

A．t1 B．t2 C．t3 D．t4
7、 (本题9分)质量为的物块以大小为的速度在光滑水平面上运动，与质量也为的静止物块发生碰撞，碰撞前后两物体均在同一直线上运动，则碰撞后物块的速度大小和物块的速度大小可能为（ ）
A． B．
C． D．
8、水平地面上有一木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数为．现对木箱施加一拉力F，使木箱做匀速直线运动．设F的方向与水平面夹角为，如图，在从0逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（ ）

A．F先减小后增大 B．F一直增大
C．F的功率减小 D．F的功率不变
9、 (本题9分)起重机是指在一定范围内垂直提升和水平搬运重物的多动作起重机械。一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，当重物的速度为v1时，起重机的功率达到额定功率P，以后起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到以最大速度v2匀速上升为止。则
A．重物的最大速度
B．重物匀加速运动的加速度
C．钢绳的最大拉力为mg
D．钢绳的最大拉力为
10、 (本题9分)一汽车的额定功率为p0，设在水平公路行驶所受的阻力恒定，最大行驶速度为vm，则( )
A．若汽车以额定功率p0启动，则做加速度减小的直线运动
B．若汽车匀加速启动，则在刚达到额定功率时的速度等于vm
C．无论汽车以哪种方式启动，加速度与牵引力均成正比
D．汽车以速度vm匀速行驶，若要减速，则要减少牵引力
11、 (本题9分)如图所示，质量为M的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平方向的夹为θ．一个质量为m的小物块从斜面底端沿斜面向上以初速度开始运动．当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v,距地面高度为h,则下列关系式中正确的是

A．m=(m+M)v
B．mcosθ=(m+M)v
C．
D．
12、 (本题9分)如图所示，置于竖直平面内的AB光滑杆，它是以初速为v0，水平射程为s的平抛运动轨迹制成的，A端为抛出点，B端为落地点．现将一质量为m的小球套于其上，由静止开始从轨道A端滑下，重力加速度为g．则当其到达轨道B端时（　　）

A．小球在水平方向的速度大小为v0
B．小球运动的时间为
C．小球的速率为
D．小球重力的功率小于
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (本题9分)如图所示，在“研究平抛运动”的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，实验简要步骤如下：

A．让小球多次从同一位置静止释放，在一张印有小方格的纸上记下小球经过的一系列位置，如图中a、b、c、d所示.
B．安装好器材，注意斜槽末端切线水平，记下平抛初位置O点和过O点的水平线与竖直线.
C．取下方格纸，以O为原点，以水平线为x轴，竖直线为y轴建立坐标系，用平滑曲线画出小球平抛运动的轨迹.
（1）上述实验步骤的合理顺序是___
（2）已知图中小方格的边长为L，则小球从a位置运动到c位置所用的时间为________，小球平抛的初速度为________. (均用L、g表示)
14、 (本题9分)在用打点计时器验证机械能守恒定律的实验中，使质量为的重物自由下落，打点计时器在纸带上打出一系列的点，选取一条符合实验要求的纸带如图所示。为第一个点，为从合适位置开始选取连续点中的三个点。已知打点计时器每隔打一个点，当地的重力加速度为，那么：

（1）根据图上所得的数据，应取图中点到__________点来验证机械能守恒定律。
（2）从点到（1）问中所取的点，重物重力势能的减少量__________，动能增加量__________；请简述两者不完全相等的原因_______。（结果取三位有效数字）
（3）若测出纸带上所有点到点之间的距离，根据纸带算出各点的速度及物体下落的高度，则以为纵轴，以为横轴画出的图像是图中的__________。
A． B．
C． D．
15、某同学通过实验测定一个阻值约为5的电阻Rx的阻值。
（1）现有电源（4V，内阻可不计）、滑动变阻器（0～50，额定电流2A）、开关和导线若干，以及下列电表：
A．电流表（0～3A，内阻约0.025）
B．电流表（0～0.6A，内阻约0.125）
C．电压表（0～3V，内阻约3k）
D．电压表（0～15V，内阻约15k）
为减小测量误差，在实验中，电流表应选用______，电压表应选用_____选填器材前的字母）；实验电路应采用图中的_____选填“甲”或“乙”）。

（2）接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U。某次电表示数如图所示，则电压U=________，电流I=_______可得该电阻的测量值___（保留两位有效数字）。

三．计算题(22分)
16、（12分）在真空中完全相同的可视为点电荷的金属小球A、B，A球带电荷量为+5.0×10-9C，B球带电荷量为-7.0×10-9C，两球相距1m，可以看成点电荷。问：把它们接触以后放回原处，它们之间的库仑力为多大？
17、（10分） (本题9分)火车在运行中保持额定功率2500kW，火车的总质量是1000t，所受阻力恒为1.56×105N．（保留两位有效数字)求：
（1）火车的最大速度；
（2）火车的加速度是lm/s2时的速度．
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】
A球水平抛出做平抛运动，根据高度求出平抛运动的时间，从而可求落地速度；根据牛顿第二定律求出B球的加速度大小．根据速度位移公式求出B球开始运动到停止的时间，比较时间分析问题即可．
【详解】
小球A在竖直方向上做自由落体运动，故下落的时间为，A错误；小球A运动过程中，只有重力做功，根据动能定理可得解得小球A落地速度为，B错误；根据牛顿第二定律得物块B的加速度为，根据得B停下所用时间为，即A落地时，B没有停止运动，小球落地时，B的速度为，C错误D正确．
2、D
【解析】
当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，接入电路中的电阻变小，所以流过线圈b的电流增大，所以穿过线圈a的磁通量变大。由右手定则可以判断出穿过线圈a的磁通量增大的方向向下，所以根据楞次定律可知线圈a中感应电流所产生的磁场方向向上，再由右手定则可知线圈a中感应电流方向为俯视逆时针，故AB错误。滑片P向下移动使得穿过线圈a的磁通量增加，根据楞次定律的描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，只有线圈a面积减小才能阻碍磁通量的增加，所以线圈a应有收缩的趋势，故C错误。滑片P为不动时，线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力。当滑片P向下滑动时，采用等效法，将线圈a和螺线管b看做两个条形磁铁，由楞次定律可以判断出两条形磁铁的N级相对，互相排斥，所以线圈a对水平桌面的压力变大，故D正确。故选D
3、D
【解析】
该实验采用了“等效法”，即合力和分力的效果由橡皮的拉伸体现，效果相同，橡皮条在某一方向上伸长到相同长度，即要求橡皮筋的形变方向和大小都相同，故ABC错误，D正确．故选D.
4、D
【解析】
设自由下落的时间为t1，则有：s
与水泥地面接触时间为s
下落的整个过程中，根据动量定理可得：

解得：F≈200mg。
A.根据计算可知小球对地面的冲击力是小球重力的倍数大约是200倍，故A错误；
B.根据计算可知小球对地面的冲击力是小球重力的倍数大约是200倍，故B错误；
C.根据计算可知小球对地面的冲击力是小球重力的倍数大约是200倍，故C错误；
D.根据计算可知小球对地面的冲击力是小球重力的倍数大约是200倍，故D正确。
5、A
【解析】
AB．小球落在O点下落的高度

h=40×m=20m，
则运动的时间
，
则要恰好落在O点的初速度
，
，可知石块可以落入水中，故A正确，B错误．
C．若石块能落入水中，下落的高度一定，竖直分速度一定，结合平行四边形定则知， ，
初速度越大，落水时速度方向与水平面的夹角越小，故C错误．
D．石块不能落在水中，石块竖直位移与水平位移的比值是定值，有
，
速度与水平方向的夹角
，
因为θ一定，则速度与水平方向的夹角一定，可知石块落到斜面时速度方向与斜面的夹角一定，与初速度无关．故D错误．
6、B
【解析】
试题分析：质点受到一个变力F的作用，从静止开始运动，在0～t1时间内，力F逐渐增大，在t1时刻达到最大值，这一段时间质点做变加速直线运动，它的加速度也是在t1时刻达到最大.而后，力F逐渐变小，至t2时刻减为零，这一段时间质点仍做变加速直线运动，只是加速度在逐渐变小，而速度仍在逐渐增大.从t2~t3这段时间，力F变为反向，并且逐渐增大，相应的加速度也将变为反向，数值也是逐渐增大，它做的是变减速直线运动，速度方向仍是向前.在t3~t4这段时间，力F逐渐变小，加速度也逐渐变小，质点继续做变减速直线运动，直到t4时刻速度减为零.通过以上分析不难看出，质点在t2时刻速度达到最大值，故B正确．
考点：牛顿第二定律、匀变速直线运动规律．
7、BD
【解析】
A．碰撞前总动量为，总动能为，根据若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率，可知A错误；
B．两球碰撞满足动量守恒，并且总动能为

小于碰撞前的动能，符合题意，B正确；
C．两球动量守恒，动能为

大于碰撞前的动能，不符合题意，C错误；
D．动能两球动量守恒，动能为

小于碰撞前的动能，符合题意，D正确．
故选BD。
对于碰撞过程，往往根据三个规律去分析：一是动量守恒；二是总动能不增加；三是碰后，若两球分开后同向运动，后面小球的速率不可能大于前面小球的速率．
8、AC
【解析】
由于木箱的速度保持不变，因此木箱始终处于平衡状态，受力分析如图所示，则由平衡条件得：，两式联立解得，可见F有最小值，所以F先减小后增大，A正确；B错误；F的功率，可见在从0逐渐增大到90°的过程中tan逐渐增大，则功率P逐渐减小，C正确，D错误．
9、AD
【解析】
A.重物以最大速度为v2匀速上升时，F=mg，所以；故A正确.
CD.匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv得；故C错误，D正确.
B.重物做匀加速运动的加速度；故B错误.
10、AD
【解析】
试题分析：当汽车以额定功率启动时，由P=FV可知，牵引力随着速度的增大而减小，则加速度也减小，故不能做匀加速直线运动；故A错误； 汽车匀加速启动时，刚达到额定功率时加速度不为零，此后还要继续加速；故没有达到最大速度；故B错误； 因汽车受到阻力，故加速度和牵引力与阻力的合力成正比；故C错误；汽车匀速行驶时，牵引力等于阻力，故要减速时，应减少牵引力；故D正确；故选D．
考点：机车启动两种方式、瞬时功率．
【名师点睛】根据汽车启动的两种分类进行分析，明确功率公式P=FV的正确应用本题考查机车的两种启动方式，要注意恒定功率启动时，汽车做变加速运动；匀加速启动时，汽车达到额定功率后有一段变加速过程．
11、BC
【解析】
AB．小物块上升到最高点时速度与楔形物体的速度相同，均为v．系统水平方向不受外力，水平方向动量守恒．以水平向右为正方向，由水平方向系统动量守恒得：

故A错误，B正确；
CD．系统的机械能守恒，由机械能守恒定律得：

故C正确，D错误．
故选BC.
点睛：本题主要考查了动量守恒定律和机械能守恒定律的直接应用，要知道小物块上升到最高点时，竖直方向速度为零，系统水平方向动量守恒，但总动量不守恒．
12、CD
【解析】
A．以初速为v0平抛物体的运动机械能守恒；将一小球套于杆上，由静止开始从轨道A端滑下过程机械能也守恒，由于初位置动能为零，故末位置速度大小小于平抛运动的速度，但方向相同，故水平分量不同，故小球在水平方向的速度大小小于v0，故A错误；
B．以初速为v0平抛物体的运动，其水平分运动是匀速直线运动，时间为；将一小球套于杆上，由静止开始从轨道A端滑下过程时间小于；故B错误；
C．以初速为v0平抛物体的运动，根据分位移公式，有：
h=gt2①
s=v0t ②
vx=v0 ③
vy=gt ④
解得：
h=，
v平抛=；
静止开始从轨道A端滑下过程机械能守恒，有：
mgh=mv2，
解得：
，
故C正确；
D．小球落地时重力的功率为：
P=mgvsinθ；
故
P=mgvsinθ＜mgv＜mgv平抛=，
故D正确。
故选CD。
本题关键根据平抛运动的分位移公式和分速度公式列式后联立求解，注意小球沿轨道运动不是平抛运动，可以结合平抛运动比较求解．

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、BAC
【解析】
(1)[1]实验操作中要先安装仪器,然后进行实验操作,在进行数据处理，故实验顺序为:B,A,C
(2)[2])由图可以知道a、b、c、d之间的时间间隔是相同的,因此根据匀变速直线运动的规律有:

由题可以知道,带入计算得出每相邻两个位置的时间间隔为：

则小球从a位置运动到c位置所用的时间为：

[3] 水平方向匀速直线运动，

小球平抛的初速度为：

14、B 1.88 1.84 重物下落时受到空气阻力和纸带与打点计时器间的阻力作用 A
【解析】
解：(1) 验证机械能守恒时,我们验证的是减少的重力势能和增加的动能之间的关系，由点能够测和的数据，而、两点不方便测出速度，故应取图中点和点来验证机械能守恒定律；
(2)减少的重力势能：，根据利用匀变速直线运动的推论可得点的速度：，点的动能为：，动能增加量为：，动能的增加量小于重力势能的减少量的原因主要是重物下落时受到空气阻力和打点计时器与纸带间的阻力作用，一部分重力势能转化为内能；
(3)从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出，可得，所以以为纵轴，以为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线，故选项A正确。
15、B C 甲 2.6 0.50 5.2
【解析】
（1）[1].[2].因电源的电压为4V，因此电压表选择3V量程的C；由于阻值约为5Ω的电阻Rx的，根据欧姆定律可知，电流的最大值为0.8A，从精确角来说，所以电流表选择0.6A量程的B；
[3].根据待测电阻的阻值与电压表及电流表的阻值，可知，待测电阻的阻值偏小，因此选择电流表外接法，故选择甲图．
（2）[4]. 电压表的读数为U=2.6V；
[5].电流表的读数为I=0.50A；
[6].电阻阻值：；

三．计算题(22分)
16、
【解析】
接触以后两个小球带的电荷量

它们之间的库仑力大小

17、 (1)16m/s (2)2.2m/s
【解析】
（1）设火车的最大速度为，当阻力和牵引力相等时有

解得
m/s；
（2）根据牛顿第二定律有

解得
m/s