陕西省宝鸡市渭滨区2025届物理高一下期末联考试题含解析.doc

陕西省宝鸡市渭滨区2025届物理高一下期末联考试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、 (本题9分)自行车是一种代步工具。图是自行车的一部分，其大齿轮、小齿轮、后轮三个轮子的半径不一样。它们的边缘有三个点a、b、c，下列说法中正确的是

A．a、b的角速度相同
B．b、c的角速度相同
C．b、c的线速度相同
D．a、c的线速度相同
2、 (本题9分)小球从某一高度处自由下落着地后反弹，然后又落下，每次与地面碰后动能变为碰撞前的。以刚开始下落时为计时起点，小球的v－t图像如图所示，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）

A．图像中选取竖直向下为正方向
B．每个阶段的图线并不相互平行
C．每次与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落高度的一半
D．每次与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的一半
3、一根弹簧的弹力（F）大小与弹簧伸长量（x）的图线如图所示，那么在弹簧的伸长量由4cm伸长到8cm的过程中，弹簧弹力做功和弹性势能的变化量为

A．0.6 J，-0.6 J
B．-0.6 J，0.6 J
C．1.8 J，-1.8 J
D．-1.8 J，1.8 J
4、 (本题9分)一个质量为m的物体以a＝2g的加速度竖直向下加速运动，则在物体下降h高度的过程中物体的
A．重力势能减少了2mgh B．合外力做功为mgh C．合外力做功为2mgh D．动能增加了mgh
5、下列物理量中是矢量且单位正确的是（ ）
A．加速度、 B．功、
C．电场强度、 D．电流、
6、已知某质点做匀速圆周运动，则下列说法中正确的是
A．该质点的角速度大小不变
B．该质点的线速度大小不变，是一种匀速运动
C．该质点的加速度大小不变，是一种匀变速运动
D．该质点所受的合外力始终指向圆心，是恒力
7、 (本题9分)将一小球从地面以速度v0竖直向上抛出，小球上升到某一高度后又落回到地面．若该过程中空气阻力不能忽略，且大小近似不变，则下列说法中正确的是(　　)
A．重力在上升过程与下降过程中做的功大小相等
B．重力在上升过程与下降过程中的冲量相同
C．整个过程中空气阻力所做的功等于小球机械能的变化量
D．整个过程中空气阻力的冲量等于小球动量的变化量
8、如图所示，已知电源的内阻r=2Ω，定值电阻R1=0.5Ω，调节可变电阻R2的最大电阻1.5Ω，当调节可变电阻R2的阻值从最大到零的过程中，以下说法正确的是

A．电源总功率一直变大
B．电源效率一直变小
C．电源输出功率先变大再变小
D．可变电阻R2消耗功率先变大再变小
9、 (本题9分)2015年10月4日，根据新华社“新华国际”客户端报道，太空本是广袤无垠的空间，却由于人类活动频繁而日益拥挤，科学家们担心，数目庞大的太空垃圾威胁各种宇宙探索活动，可能令人类彻底失去地球同步卫星轨道，下面关于地球同步卫星的说法正确的是

A．同步卫星的线速度大小大于7.9km/s
B．已知神舟系列飞船的周期约为90分钟，则其轨道半径比地球同步卫星的轨道半径小
C．知道地球同步卫星的轨道半径和周期可以计算出它和地球间的引力
D．如果已知地球半径结合地球自转周期与地面的重力加速度可估算出地球同步卫星距地面的高度
10、 (本题9分)下列说法正确的是
A．匀速圆周运动是一种匀速运动
B．匀速圆周运动是一种匀变速运动
C．匀速圆周运动是一种变加速运动
D．物体做匀速圆周运动时其向心力垂直于速度方向，不改变线速度的大小
11、 (本题9分)如图所示，图中K、L、M为静电场中的三个相距较近的等势面．一带正电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动，已知粒子在ab段做减速运动．下列判断中正确的是（ ）

A．粒子在a点的电势能小于在d点的电势能
B．粒子在a点的电势能大于在d点的电势能
C．K、L、M三个等势面的电势关系为φK<φL<φM
D．K、L、M三个等势面的电势关系为φK>φL>φM
12、 (本题9分)如图甲所示，光滑水平面上停放着一辆表面粗糙的平板车，质量为，与平板车上表面等高的平台上有一质量为的滑块以水平初速度向着平板车滑来，从滑块刚滑上平板车开始计时，之后它们的速度随时间变化的图象如图乙所示，是滑块在车上运动的时间，以下说法中正确的是（ ）

A．滑块与平板车最终滑离
B．滑块与增板车的质量之比
C．滑块与平板车表面的动摩擦因数为
D．平板车上表面的长度为
二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、（6分）用半径相同的小球1和小球2的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接．安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重锤线所指的位置O．

在做“验证动量守恒定律”的实验时
（1）实验必须满足的条件是______．
A.斜槽轨道必须是光滑的
B.斜槽轨道末端的切线是水平的
C.入射球每次都要从同一高度由静止释放
D.实验过程中，白纸可以移动，复写纸不能移动
（2）实验中要完成的必要步骤是______填选项前的字母．
A.用天平测量两个小球的质量、
B.测量抛出点距地面的高度H
C.用秒表测出小球做平抛运动的时间t
D.分别确定碰撞前后落地点的位置和碰后的落地点P、M、N，并用刻度尺测出水平射程OP、OM、ON．
（3）入射小球质量为，被碰小球质量为，两小球的质量应满足______选填“大于”“小于”或“等于”
（4）若所测物理量满足______表达式则可判定两个小球相碰前后动量守恒．
（5）若碰撞是弹性碰撞，那么所测物理量还应该满足的表达式为______．
14、（10分） (本题9分)某物理兴趣小组做“探究小灯泡伏安特性曲线”实验,选择了如图所示的电路图测量了多组小灯泡工作时的电压和电流值．
（1）请根据该电路图完成图中的实物图连线．_____

（2）经过实验,得到下表数据,请在坐标纸上画出本次实验的图线．____

0
0.19
0.30
0.50
0.40
0.44
0.48

0
0.5
1.0
1.5
2.0
3.0
4.0

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（12分）把质量为1kg的石块从10m高处以30°角斜向上方抛出，初速度为8m/s．不计空气阻力，取g=10m/s1．求：

（1）人对石块做的功
（1）石块落地时的速度大小
16、（12分）如图，一根长为L=1.25m的轻绳一端固定在O’点，另一端系一质量m=1kg的小球。将轻绳拉至水平并将小球由位置A静止释放，小球运动到最低点O时，轻绳刚好被拉断。O′点下方有一以O点为圆心，半径R=5m的圆弧状的曲面，己知重力加速度为g=10m/s2，求：

（1）轻绳所能承受的最大拉力Fm的大小；
（2）小球从绳子断裂到落至曲面上的时间和到达曲面时的动能。
17、（12分）如图所示，质量M=10kg的长木板静止在水平地面上，某时刻开始在长木板右端施加F=20N向右的水平拉力，t=4s时，在长木板右端轻轻地放上一个质量为m=2kg的小物块，已知小物块与长木板间的动摩擦因数，长木板与水平地面间的动摩擦因数，长木板足够长，取g=10m/s2。
(1)放上小物块后，求小物块、长木板的加速度大小；
(2)求两者达到相同的速度需要的时间及共同速度的大小；
(3)为了使小物块不从长木板上滑落，长木板至少需要的长度。

参考答案

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）
1、B
【解析】
A.大齿轮与小齿轮是同缘传动，边缘点线速度相等，故：va=vb，由于半径不同和v=rω可知，a、b的角速度不同；选项A错误；
B.由于b、c两点是同轴转动，可知b、c两点角速度相同，选项B正确；
C. b、c两点角速度相同，据v=rω可知，b、c的线速度不相同，选项C错误；
D.由于a、b两点线速度相同，b、c两点线速度不同，则a、c两点的线速度不相同；选项D错误；
2、D
【解析】
A．由于小球从某一高度处自由下落，根据速度时间图线知选取竖直向上为正方向，故A错误；
B．不计空气阻力，下落过程和上升过程中只受重力，根据牛顿第二定律可得下落过程和上升过程中的加速度为重力加速度，速度时间图线的斜率表示加速度，所以每个阶段的图线相互平行，故B错误；
C．与地面相碰后能够上升的最大高度是前一次下落过程，根据动能定理可得

与地面相碰后上升过程中，根据动能定理可得

根据题意有

解得

故C错误；
D．根据运动学公式可得与地面相碰后上升的时间

与地面相碰后上升到最大高度所需的时间是前一次下落时间的

解得

故D正确；
故选D。
3、D
【解析】
F-x图象与x轴包围的面积表示弹力做功的大小，故弹簧由伸长量4cm到伸长量8cm的过程中，弹力的功：，弹力做功为-1.8J，故弹力势能增加了1.8J
A. 0.6 J，-0.6 J与分析不符，A错误
B. -0.6 J，0.6 J与分析不符，B错误
C. 1.8 J，-1.8 J与分析不符，C错误
D. -1.8 J，1.8 J与分析相符，D正确
4、C
【解析】
A.物体下降h高度的过程中，重力做功mgh，则重力势能减小mgh，故A错误；
BCD.根据牛顿第二定律知，合力为2mg，根据动能定理知，合力做功为2mgh，则动能
增加2mgh，故C正确，BD错误。
5、C
【解析】
A．加速度是矢量，单位是m/s2，选项A错误；
B．功是标量，单位是，选项B错误；
C．电场强度是矢量，单位是，选项C正确；
D．电流是标量，单位是，选项D错误。
6、A
【解析】
A. 匀速圆周运动的角速度大小不变，故A项符合题意；
B. 匀速圆周运动的速度大小不变，方向沿圆弧的切线方向，时刻在改变，所以速度是变化的，不是匀速运动，故B不符合题意；
C. 在匀速圆周运动中，向心加速度大小不变，但方向时刻在变，所以向心加速度是变化的，不是匀变速运动，故C项不符合题意；
D. 匀速圆周运动的合力提供向心力，向心力方向始终指向圆心，是变力，故D项不符合题意．
7、AC
【解析】
根据W=Gh可知，重力在上升过程与下降过程中做的功大小相等，选项A正确；上升过程中的加速度a上=g+大于下降过程中的加速度a下=g-，则上升的时间小于下降的时间，即t上重力功与重力势能的关系，除重力以外其它力做功与机械能的关系．
8、AB
【解析】
A、当可变电阻的阻值从最大到零的过程中总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知总电流增大，根据可知电源总功率一直变大，根据闭合电路欧姆定律可知路端电压减小，所以电源效率一直变小，故选项A、B正确；
C、由于，根据电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大可知可变电阻的阻值从最大到零的过程中电源输出功率一直减小，故选项C错误；
D、当把和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做，由于，根据电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大可知可变电阻的阻值从最大到零的过程中可变电阻消耗功率一直减小，故选项D正确
9、BD
【解析】
A、第一宇宙速度是近地卫星的环绕速度，也是最大的圆周运动的环绕速度，而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，所以它们运行的线速度一定小于7.9km/s，故A错误；
B、根据开普勒第三定律可知，神舟系列飞船的轨道半径比地球同步卫星的轨道半径小，故B正确；
C、根据，由于地球同步卫星的质量未知，故不能求出计算出它和地球间的引力，故C错误；
D、在地表面附件，，对地球同步卫星则有，联立解得，即算出地球同步卫星距地面的高度，故D正确；
故选BD．
10、CD
【解析】
匀速圆周运动中的匀速是指物体速度的大小不变，速度的方向是时刻在变化的，所以A错误；做匀速圆周运动的物体受到的合力的方向始终指向圆心，所以受到的合力是变化的，由牛顿第二定律可知，加速度也必定是变化的，所以匀速圆周运动是变加速运动，B错，C正确；物体做圆周运动时其向心力时刻指向圆心，速度方向与轨迹相切，所以二者相互垂直，所以不改变速度的大小，只改变速度的方向，故选CD.
思路分析：做匀速圆周运动的物体，要受到始终指向圆心的力的作用来做为向心力，力的大小不变，但方向时刻在变，所以向心加速度也是变化的
试题点评：匀速圆周运动要注意，其中的匀速只是指速度的大小不变，合力作为向心力始终指向圆心，合力的方向也是时刻在变化的
11、AC
【解析】
解：由轨迹的弯曲方向判断出带电粒子所受电场力大体向左．画出电场线的分布，如图．
A、已知粒子在ab段做减速运动，则粒子在a点的电势能小于在b点的电势能，而b、d两点在同一条等势面上，粒子的电势能相等，所以粒子在a点的电势能小于在d点的电势能．故A正确，B错误．
C、由轨迹的弯曲方向判断出带电粒子所受电场力大体向左，可知M的电势最高，K的电势最低．故C正确，D错误．
故选AC

【点评】
本题是轨迹问题，首先根据轨迹的弯曲方向判断带电粒子所受的电场力方向，画电场线是常用方法．
12、AC
【解析】
A．如图乙所示，因为t0时刻滑块速度大于平板车速度，所以滑块将滑离平板车，A对．
B．如图乙滑块和平板车的加速度大小相等，他们受到的合外力大小也相等，所以他们的质量相等．B错．
C．滑块的加速度大小等于
，
滑块受到的摩擦力就是滑块受到的合力，即

所以 C对．
D．因为t0时刻滑块脱离平板车，所以平板车的长度等于滑块的位移减去平板车的位移，从图乙中我们可以看出其位移差等于图乙中梯形的面积

所以D错

二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）
13、BC        AD 大于
【解析】
（1）斜槽的粗糙与光滑不影响实验的效果，只要到达底端时速度相同即行，故A错误；斜槽轨道末端必须水平，保证小球碰撞前速度水平，故B正确；小球每次从斜槽上相同的位置自由滚下，使得小球与另一小球碰撞前的速度不变，故C正确；实验过程中，白纸不可以移动，故D错误．所以BC正确，AD错误．
（2）本实验除需测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量是两小球的质量，因为可以通过水平位移代表速度的大小，所以不必测量AB的高度和B点离地面的高度．因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，OP是A球不与B球碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B球的速度，故选AD．
（3）为了防止入射球反弹，应使入射球的质量大于被碰球的质量；
（4）因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，OP是A球不与B球碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，该位移可以代表碰撞后B球的速度，当所测物理量满足表达式，说明两球碰撞遵守动量守恒定律．
（5）若碰撞是弹性碰撞，那么所测物理量还应该满足的表达式为：；即．
14、
【解析】
（1）由图1所示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，根据实验电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，根据坐标系内描出的点作出灯泡的I-U图象如图所示：

三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）
15、（1）人对石块做的功为31J；（1）石块落地时的速度大小为 m/s；
【解析】
（1）根据动能定理得，小球抛出过程中人的手对小球做功为：
；
（1）过程中只有重力做功，根据动能定理得：

代入数据解得：
；
16、（1）30N；（2）62.5J
【解析】
（1）物体从A运动到O点，由机械能守恒定律：mgL=
得：v0=
在O点，由牛顿第二定律：
得：Fm=3mg=30N
（2）设从绳子断裂到小球到达曲面经历的时间为t，
水平位移：x=v0t

竖直位移：y=
由勾股定理：x2+y2=R2
解得t=1s
竖直速度：vy=gt=10m/s
可得小球的动能：=62.5J
17、 (1)2m/s2，0.4m/s2；(2)2.5s，5m/s；(3)5m。
【解析】
(1)放上小物块后，分别对小物块、长木板受力分析，由牛顿第二定律可得，对小物块：

解得：

对长木板：

解得：
；
(2)在长木板上放小物块前，由牛顿第二定律可得，对长木板：

解得：

t=4s时长木板的速度大小：

小物块放在长木板上后，二者都做匀加速直线运动，设经过时间二者速度达到相同：

解得：

所以两者达到相同的速度需要的时间为2.5s，此时两者的共同速度大小：
；
(3)当两者达到相同的速度时小物块如果刚好到达长木板的左端，此时长木板的长度即为使小物块不从长木板上滑落条件下的最小长度，小物块放在长木板上后至两者达到相同的速度的过程中，小物块运动的位移

长木板运动的位移

则长木板的最小长度
。