2025年贵州省遵义市凤冈二中物理高一第二学期期末经典模拟试题含解析.doc

2025年贵州省遵义市凤冈二中物理高一第二学期期末经典模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、质量为的物体以速度水平抛出，当其竖直分位移与水平分位移大小相等时，不计空气阻力，重力加速度为，以下说法正确的是
A．物体的动能大小为
B．物体的瞬时速度大小为
C．重力的瞬时功率为
D．该过程物体重力做功的平均功率为
2、 (本题9分)如图所示，在发射地球同步卫星的过程中，卫星先进入椭圆轨道Ⅰ，然后在Q点通过改变卫星速度，让卫星进入地球同步轨道Ⅱ，则：

A．卫星在P点的加速度比在Q点的加速度小
B．卫星在同步轨道Ⅱ上的机械能比在椭圆轨道Ⅰ上的机械能大
C．在椭圆轨道Ⅰ上，卫星在P点的速度小于在Q点的速度
D．卫星在Q点通过减速实现由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ
3、 (本题9分)玻璃杯从同一高度落下，掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯与石头的撞击过程中( )
A．玻璃杯的动量较大
B．玻璃杯受到的动量变化较大
C．玻璃杯的动量变化率较大
D．玻璃杯受到的的冲量较大
4、 (本题9分)如图为厦门观音山梦海岸度假区的摩天轮，是游客喜爱的娱乐项目之一．假设摩天轮座与舱中的游客均可视为质点，座舱在竖直面内做匀速圆周运动

A．游客在各个位置的线速度都相同
B．所有游客的加速度都相同
C．摩天轮转动时，游客始终处于平衡状态
D．游客经过最低点时处于超重状态
5、(本题9分)某人造地球卫星在近似圆轨道上运行的过程中，由于轨道所在处的空间存在极其稀薄的空气，则（　　）
A．如不加干预，卫星所受的万有引力将越来越小
B．如不加干预，卫星运行一段时间后动能会增加
C．卫星在近似圆轨道上正常运行时，由于失重现象卫星内的物体不受地球引力作用
D．卫星在近似圆轨道上正常运行时，其速度介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之间
6、 (本题9分)关于力和运动的关系，以下说法中正确的是（ ）
A．物体做曲线运动，其加速度一定改变
B．物体做曲线运动，其加速度可能不变
C．物体的运动状态发生变化，该物体的受力情况一定发生变化
D．物体在恒力作用下运动，其速度方向一定改变
7、 (本题9分)皮带轮的大轮、小轮的半径不一样，它们的边缘有两个点A、B，如图所示，皮带轮正常运转不打滑时，下列说法正确的是（ ）

A．AB两点的线速度大小相等
B．A点的角速度小于B点的角速度
C．A、B两点的向心加速度大小相等
D．大轮和小轮的周期相同
8、 (本题9分)如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表示数变化量的绝对值分别为，理想电流表示数变化量的绝对值，则

A．A的示数增大 B．的示数增大
C．与的比值大于r D．大于
9、 (本题9分)一蹦极运动员身系弹性蹦极绳从水面上方的高台下落，到最低点时距水面还有数米距离。假定空气阻力可忽略，运动员可视为质点，下列说法正确的是（　　）
A．蹦极绳绷紧后的下落过程中，绳对运动员的弹力方向一直向上
B．在到达最低点之前，运动员的重力势能一直增大
C．在到达最低点之前，合外力对运动员先做正功后做负功
D．蹦极过程中运动员的机械能守恒
10、三颗人造地球卫星A、B、C绕地球作匀速圆周运动，如图所示，已知三颗卫星质量关系为MA=MB>MC，则对于三个卫星，正确的是：

A．运行线速度关系为
B．运行周期关系为TA＞TB=TC
C．向心力大小关系为FA=FB＜FC
D．半径与周期关系为
11、 (本题9分)以下说法正确的是（ ）
A．动量为零时，物体一定处于平衡状态
B．一对作用力与反作用力的冲量一定等大且反向
C．物体所受合外力不变时，其动量一定不变
D．物体受到恒力的作用也可能做曲线运动
12、 (本题9分)如图所示，一个质量为m1的有孔小球套在竖直固定的光滑直杆上，通过一条跨过定滑轮的轻绳与质量为m2的重物相连，光滑定滑轮与直杆的距离为d，重力加速度为g，现将小球从与定滑轮等高的A处由静止释放，当小球沿直杆下滑距离为时（图中B处），下列说法正确的是

A．小球的速度与重物上升的速度大小之比为5：4
B．小球的速度与重物上升的速度大小之比为5：3
C．小球重力势能的减少量等于重物重力势能的增加量
D．小球机械能的减少量等于重物机械能的增加量
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、 (本题9分)在测定一节干电池的电动势和内阻的实验中，备有下列器材
A．干电池(电动势约为1.5 V，内阻小于1.5 Ω)
B．电流表G(满偏电流2 mA，内阻10 Ω)
C．电流表A(0～0.6 A，内阻约0.1 Ω)
D．滑动变阻器R1(0～20 Ω，10 A)
E．滑动变阻器R2(0～100 Ω，1 A)
F．定值电阻R3＝990 Ω
G．开关、导线若干
(1)为方便且能较准确地进行测量，应选用滑动变阻器______(填写序号)．
(2)在虚线框内画出利用本题提供的器材所设计的实验电路原理图_______.(标出代表元件字母符号)

(3)某同学根据他设计的实验测出了6组I1(电流表G的示数)和I2(电流表A的示数)，请在如图所示的坐标纸上作出I1和I2的关系图线__________.
序号
1
2
3
4
5
6
I1/mA
1.40
1.36
1.35
1.28
1.20
1.07
I2/A
0.10
0.15
0.23
0.25
0.35
0.50
(4)根据图线可得，被测电池的电动势为______V，内阻为______Ω.
14、某同学用图甲所示的实验装置探究小车的加速度a与质量m的关系．所用交变电流的频率为50Hz．

(1)把木板的一侧垫高，调节木板的倾斜程度，使小车在不受牵引时能拖动纸带匀速运动，这样做的目的是为了______________．
(1)图乙是他某次实验得到的纸带，两计数点间有四个点未画出，部分实验数据在图中已标注．则纸带的___________(填“左”或“右”)端与小车相连，小车的加速度是___________m/s1．
(3)保持小车所受的拉力不变，改变小车质量m，分别测得不同质量时小车加速度a的数据如表所示．请在图丙的坐标纸中作出a-图像______．根据a-图像可以得到的实验结论是______________________．

15、 (本题9分)利用斜槽轨道做“验证动量守恒定律”的实验，实验中小球运动轨迹及落点的情况简图如图所示．

(1)除了图中的器材外还需要_____
A．秒表
B．刻度尺
C．天平
D．弹簧秤
E.游标卡尺
(2)下列关于实验的一些要求必要的是______.
A 两个小球的质量应满足<<
B．实验中重复多次让．球从斜槽上释放，应特别注意让a球从同一位置由静止释放
C．斜槽轨道的末端必须调整水平
D．需要测出轨道末端到水平地面的高度
E.必须测量出小球的直径
(3)若该碰撞过程中动量守恒，则一定有关系式·OP=___________成立．
三．计算题(22分)
16、（12分） (本题9分)如图所示，竖直平面内的一半径R=0.50m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，一水平面与圆弧槽相接于D点，质量m0.10kg的小球从B点的正上方H=0.95m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧轨道，从D点飞出后落在水平面的Q点，DQ间的距离x=2.4m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m，取g=10m/s2，不计空气阻力，求：

（1）小球经过C点时轨道对它的支持力大小；
（2）小球经过最高点P的速度大小；
（3）D点与圆心O的高度差．
17、（10分） (本题9分)在光滑的冰面上放置一个截面圆弧为四分之一圆的半径足够大的光滑自由曲面体,一个坐在冰车上的小孩手扶一小球静止在冰面上．已知小孩和冰车的总质量为m1小球的质量为m2，曲面体的质量为m3.某时刻小孩将小球以v0=4m/s的速度向曲面体推出(如图所示).

(1)求小球在圆弧面上能上升的最大高度；
(2)若m1=40kg,m2=2kg小孩将球推出后还能再接到小球,试求曲面质量m3应满足的条件．
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、C
【解析】
根据平抛运动的特点，结合竖直分位移与水平分位移大小相等关系列式，求出相应的时间，继而可求出速度、功率和动能。
【详解】
物体做平抛运动，水平位移：，竖直位移：，根据竖直位移与水平位移相等，即：，解之得：，
AB．物体的瞬时速度为：，物体的动能为：，故A、B错误；
C．重力的瞬时功率为：，故C正确；
D．重力做功的平均功率为：，故D错误。
本题考查了平抛运动的综合应用，较为简单。
2、B
【解析】
A、根据牛顿第二定律得，解得，由于卫星在点的轨道半径比在点的轨道半径小，即，所以知卫星在点的加速度比在点的加速度大，故选项A错误；
BD、卫星从椭圆轨道Ⅰ进入同步轨道Ⅱ需要在点需加速，使万有引力小于所需向心力，做离心运动，所以卫星在同步轨道Ⅱ上的机械能比在椭圆轨道Ⅰ上的机械能大，故选项B正确，D错误；
C、在椭圆轨道Ⅰ上，根据动能定理得从到的过程，万有引力做正功，则动能增大，所以的速度大于点的速度，故选项C错误；
3、C
【解析】
玻璃杯从同一高度落下，落地时获得的动量相同，最后速度变为零，地面给它的冲量也相同；掉在石头上比掉在草地上容易碎，这是由于玻璃杯在与石头的撞击过程中，作用时间短，动量变化快，冲击力大，故C正确；ABD错误；
故选C。
4、D
【解析】
A．匀速圆周运动线速度大小不变，方向时刻变化，故A错误；
B．匀速圆周运动向心加速度一直沿半径指向圆心，方向时刻变化，故B错误；
C．摩天轮转动时有沿半径方向的加速度，所以游客不是处于平衡状态，故C错误；
D．游客经过最低点时，加速度向上，所以处于超重状态，故D正确；

5、B
【解析】
试题分析：卫星本来满足万有引力提供向心力，即，由于摩擦阻力作用卫星的线速度减小，提供的引力大于卫星所需要的向心力，故卫星将做近心运动，即轨道半径将减小，则万有引力会增大．故A错误；根据万有引力提供向心力有：解得：，轨道高度降低，卫星的线速度增大，故动能将增大．故B正确；失重现象卫星内的物体受地球的万有引力提供其做匀速圆周运动的向心力，故C错误；第一宇宙速度为最大环绕速度，卫星的线速度一定小于第一宇宙速度，故以D错误．
故选B.
考点：万有引力定律的应用
【名师点睛】解决卫星运行规律问题的核心原理是万有引力提供向心力，通过选择不同的向心力公式，来研究不同的物理量与轨道半径的关系，知道第一宇宙速度为最大环绕速度，卫星的线速度一定小于第一宇宙速度．
6、B
【解析】
AB.物体做曲线运动的条件是受到的合力和运动方向不在一条直线上，做曲线运动的物体加速度不一定改变，只要合力不变，加速度就不变，如平抛运动，故A错误，B正确；
C.物体的运动状态发生变化，就是速度发生了变化，物体就一定有加速度，物体的合外力就不为零，而受力情况却不一定发生变化，如平抛运动，故C错误
D. 物体在恒力作用下运动，当恒力的方向（加速度方向）与速度方向不在同一条直线上，物体就做曲线运动，速度方向一定改变；当恒力的方向（加速度方向）与速度方向相同时，物体在恒力的作用下速度方向不发生改变，故D错误．
7、AB
【解析】
两轮子靠传送带传动，轮子边缘上的点具有相同的线速度，故vA=vB，故A正确；根据公式v=ωr，v一定时，角速度与半径成反比，故A点的角速度小于B点的角速度。故B正确；根据a=ωv可知，A点的向心加速度小于B点的向心加速度，故C错误。根据可知，大轮的周期大于小轮的周期，选项D错误；故选AB。
本题关键能分清同缘传动和同轴传动，还要能结合公式v=ωr、a=ωv列式求解，基础题目．
8、ACD
【解析】
A．滑动变阻器的滑片向下滑动，导致滑动变阻器阻值变小，由于电压表断路，定值电阻和滑动变阻器为串联，滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，电源电动势不变，总电流变大，即电流表示数变大，选项A对；
B．电压表测量定值电阻的电压，电阻不变，总电流变大，所以电压变大即示数增大．电压表测量定值电阻和滑动变阻器总电压即路端电压，示数变小，选项B错；
D．电压表测量滑动变阻器电压，设电流增加量为，则根据，，所以，选项D对；
C．电压表的变化量，所以，选项C对．
9、AC
【解析】
A．蹦极绳绷紧后的下落过程中，由于绳处于伸长状态，对运动员的弹力方向一直向上，A正确；
B．在到达最低点之前，运动员运动方向一直向下，重力势能一直减小，B错误；
C．在到达最低点之前，运动员的动能先增加，后减小，根据动能定理，合外力对运动员先做正功后做负功，C正确；
D．蹦极过程中由于绳对运动员做负功，运动员的机械能减小，D错误。
故选AC。
10、AD
【解析】
人造卫星绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，由图示可知：rA＜rB=rC，由题意知：MA=MB>MC；由牛顿第二定律得：①
A.由①解得，，所以vA＞vB=vC，故A正确；
B.由①解得，，则TA＜TB=TC，故B错误；
C.，已知rA＜rB=rC，MA=MB>MC ，可知FA＞FB＞FC，故C错误；
D.由开普勒第三定律可知，绕同一个中心天体运动的半径的三次方与周期的平方之比是一个定值，即，故D正确；
11、BD
【解析】

动量为零，物体的速度为零，但物体的合外力不一定为零，所以物体不一定处于平衡状态．如物体做竖直上抛运动时，到达最高点时速度为零，但物体处于非平衡状态．故A错误．作用力与反作力大小相等，同时产生同时消失，故二力的冲量一定大小相等，方向相反；故B正确；物体所受合外力不变时，运动状态变化，其动量一定变化，故C错误．例如各类斜抛体运动，物体受到恒力的作用也可能做曲线运动；故D正确．故选BD．
【点睛】根据动量与冲量的定义式，明确冲量是力在时间上的积累效果，并明确冲量与动量的矢量性．当物体的速度保持不变时处于平衡状态．系统所受合外力为零时，其动量守恒．
12、BD
【解析】
由机械能守恒的条件：只有重力或弹力做功，判断系统的机械能是否守恒；小球在沿绳子方向的分速度与重物速度大小相等，将小球的速度沿绳子与垂直于绳子方向正交分解即可得到两者速度之比，根据系统机械能守恒判断能的转化关系．
【详解】
当小球下落d的距离到达B点时，将B的速度沿绳子方向和垂直于绳子方向分解，在沿绳子方向上的分速度等于重物的速度，有，根据几何关系可知，故v球：v重物=5：3，故A错误，B正确；对于小球和重物组成的系统，由于只有重力做功，所以系统的机械能是守恒的．重物的动能和重力势能都增大，即重物的机械能增大，小球机械能减小，且小球机械能的减少量等于重物机械能的增加量，故C错误，D正确．
故选BD.
解决本题时应抓住：①对与绳子牵连有关的问题，物体上的高度应等于绳子缩短的长度；②小球的实际速度即为合速度，应将小球的速度沿绳子和垂直于绳子的方向正交分解，分析小球与重物的速度关系．

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、（1）D ； ⑵如下左图； ⑶ 如下右图； ⑷1.48， 0.82

【解析】
（1）为方便实验操作，滑动变阻器的阻值不能太大，选择D（R1）比较合适．
（2）由于没有电压表，给定的电流表G可与定值电阻R3串联作电压表使用，实验电路如图所示．

（3）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出I1-I2图象如图所示．

（4）则由闭合电路欧姆定律可知：I1R3+RA）=E-I2r，变形，由图可知，图象与纵坐标的交点为1.48mA，解得E=1.48V（1.46-1.50）；由图象可知，r=0.82Ω（0.70-0.82）
考点： 测定电源的电动势和内阻
14、平衡阻力 左 0.51 图像见解析； 在拉力不变时，小车的加速度与质量成反比
【解析】
第一空.探究小车的加速度a与质量m的关系实验，由于导轨阻力的存在，实验之前要平衡阻力；
第二空.由于小车做加速运动，则纸带打出的点迹越来越稀，故左端是跟小车相连的；
第三空.由运动学公式求加速度，；
第四空.根据表格中数据先描点，再画图象如图所示；

第五空.从图象可以看出图象是一条过原点的直线，由此得出：在拉力不变时，小车的加速度与质量成反比．
15、BC BC ·OM+·ON
【解析】
(1)根据实验原理：要验证mav=mav1+mbvb根据两球做平抛运动的时间t相同，可验证mavt=mav1t+mbvbt，故只需验证maOP=maOM+mbON，所以还要刻度尺和天平，故B、C正确；
(2)A项：为了保证ab球碰撞后，小球a不被弹回，所以两个小球的质量应满足，故A错误；
B项：由于实验要重复进行多次以确定同一个碰撞后两小球的落点的确切位置，所以每次碰撞前入射球a的速度必需相同，所以每次必需让a球从同一高处静止释放滚下，故B正确；
C项：由于要保证两物体发生碰撞后做平抛运动，即初速度沿水平方向，所以必需保证槽的末端的切线是水平的，故C正确；
D、E项：由原理可知：maOP=maOM+mbON，故D错误，E错误．
(3) 根据实验原理：要验证mav=mav1+mbvb根据两球做平抛运动的时间t相同，可验证mavt=mav1t+mbvbt，故只需验证maOP=maOM+mbON．

三．计算题(22分)
16、（1）（2）（3）
【解析】
试题分析：（1）设经过C点速度为，由机械能守恒有
由牛顿第二定律有代入数据解得
（2）P点时速度为，P到Q做平抛运动有

代入数据解得
（3）由机械能守恒定律有
代入数据解得
考点：考查了机械能守恒定律，平抛运动，牛顿第二定律
17、（1） （2）m3>kg；
【解析】
试题分析：对小球与曲面进行研究，由动量守恒及机械能守恒定律可列式求解；分析小孩与球，球和曲面，由动量守恒定律及机械能守恒定律可求得最后的速度，然后求出小孩能接到球的条件．
（1）小球与曲面组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，
由动量守恒定律得：
由动能定理得：
解得：
(2)小孩推出球的过程小孩与球组成的系统动量守恒，以向左为正方向，
由动量守恒定律得：
球与曲面组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，
由动量守恒定律得：
由机械能守恒定律得：
解得：；
如果小孩将球推出后还能再接到球,则需要满足：v2>v1
解得：
点睛：本题主要考查了动量守恒和定能定理的综合应用，要注意正确选择研究对象及过程，明确动量守恒的条件，并能正确应用相应规律求解．