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1、安徽省宿州市汴北三校联考2025年高一下物理期末教学质量检测模拟试题 注意事项： 1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。 2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。 3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。 4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。 一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求
2、全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1、 (本题9分)物体做自由落体运动的过程中，下列说法不正确的是 A．物体处于完全失重状态 B．物体的重力势能越来越小 C．物体的加速度保持不变 D．物体的速度变化量保持不变 2、物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程。在对以下几位物理学家所做科学贡献的叙述中，正确的说法是（ ） A．英国物理学家牛顿用实验的方法测出引力常量G B．第谷记录了大量的天文观测数据，开普勒在此基础上进行了建模研究。 C．爱因斯坦建立了相对论，相对论物理学否定了经典物理学 D．开普勒经过二十多年的天文观测和记录，提出了
3、开普勒三定律”，认为所有行星的运动都是宇宙中最完美和谐的圆周运动。 3、如图所示，从地面上A点发射一枚远程弹道导弹，假设导弹仅在地球引力作用下沿ACB椭圆轨道飞行并击中地面目标B，C为轨道的远地点，距地面高度为h. 已知地球半径为R，地球质量为M，引力常量为G. 则下列结论正确的是( ) A．导弹在C点的速度大于 B．导弹在C点的速度等于 C．导弹在c点的加速度等于 D．导弹在C点的加速度大于 4、 (本题9分)原来静止在光滑水平桌面上的木块，被水平飞来的子弹击中，当子弹深入木块d深度时，木块相对桌面移动了s，然后子弹和木块以共同速度运动，设阻力大小恒为f，对这一过程，下列
4、说法正确的是( ) A．子弹与木块组成的系统机械能守恒 B．系统损失的机械能等于f（d+s） C．子弹动能的减少量等于fd D．系统机械能转变为内能的量等于fd 5、 (本题9分)一个物体做自由落体运动，取，则该物体下落2s末的速度为 A． B． C． D． 6、 (本题9分)如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，质量为m的光滑弧形槽静止在光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切,一个质量也为m的小物块放在被压缩弹簧的末端，释放物块以后，下列说法正确的是 A．在与弹簧有接触的过程中，物块的机械能守恒 B．物块在沿圆弧轨道上行的过程中，物块和弧形槽组成的系统机械能守恒
5、 C．物块在沿圆弧轨道上行的过程中，物块和弧形槽组成的系统动量守恒 D．物块不能返回再次压缩弹簧 7、如图，x轴在水平地面内，y轴沿竖直方向．图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其中b和c是从同一点抛出的，不计空气阻力，则 A．a的飞行时间比b的长 B．b和c的飞行时间相同 C．a的水平速度比b的小 D．b的初速度比c的大 8、 (本题9分)如图所示，地球卫星开始在圆形低轨道1运行，在P处点火后，地球卫星沿椭圆轨道2运行，在远地点Q再次点火，将地球卫星送入更高的圆形轨道1．若地球卫星在1、1轨道上运行的速率分别为v1、v1，在2轨道上经过P、Q处
6、的速率分别为v2P、v2Q，则
A．v1
7、题 11、（4分） (本题9分)（1）在“验证力的平行四边形定则”实验中，橡皮条的一端固定在木板上，用两个弹簧测力计把橡皮条的另一端拉到某一位置O点，下列操作正确的是_______． A．同一次实验过程中，O点位置允许变动 B．在实验中，弹簧测力计必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧测力计刻度 C．实验中，先将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮条的结点拉到O点 D．实验中把橡皮条的结点拉到O点时，两弹簧之间的夹角应取90°不变，以便于算出合理的大小 （2）在“验证机械能守恒定律”实验中，由于纸带与限位孔之间的摩擦力以及空
8、气阻力的存在，重锤重力势能的减少量ΔEp要_____（选填“大于”“小于”或“等于”）重锤动能的增加量ΔEk． （3）在“探究加速度与力､质量的关系”实验中，某同学通过数据的处理作出了a－F图象，如图所示，则 ①图中的直线不过原点的原因是______． ②图中的力F理论上是指_________，而实验中却用__________表示．（选填字母符号）（1分）A．砂和砂桶的重力 B．绳对小车的拉力 ③此图中直线发生弯曲，为了防止直线发生弯曲，在实验中，应使小车的质量要_______（选填“远大于”“远小于”或“等于”）砂和砂桶的总质量． ④请你简要论述为何“探究加速度与力､质量的关
9、系”这个中只要满足砂以及砂桶质量远小于小车质量，就可以认为细线拉力近似等于砂以及砂桶重力．_______ 12、（10分） (本题9分)在用伏安法测量一节干电池的电动势E和内电阻r的实验中，一位同学所在小组实验测得的6组数据已在U－I图中标出，如图所示。请你根据数据点位置完成U－I图线_______，并由图线求出该电池的电动势E＝_______V，内电阻r＝_________Ω。（计算结果保留两位小数） 三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 13、（9分） (本题9分)一个同学设计了一种玩
10、具的模型如图所示，该模型由足够长的倾斜直轨道AB与水平直轨道BC平滑连接于B点，水平直轨道与圆弧形轨道相切于C点，圆弧形轨道的半径为R、直径CD竖直，BC=4R。将质量为m的小球在AB段某点由静止释放，整个轨道均是光滑的。要使小球从D点飞出并落在水平轨道上，重力加速度取g，求： (1)释放点至水平轨道高度的范围； (2)小球到达C点时对轨道最大压力的大小。 14、（14分）如图，一根原长为l0的轻弹簧套在光滑直杆AB上，其下端固定在杆的A端，质量为m的小球也套在杆上且与弹簧的上端相连。球和杆一起绕经过杆A端的竖直轴OO′匀速转动，且杆与水平面间始终保持30°角。已知杆处于静止状态时弹
11、簧的压缩量为，重力加速度为g。求： （1）求弹簧的劲度系数k； （2）弹簧为原长时，杆的角速度为多少； （3）在杆的角速度由0缓慢增大到过程中，小球机械能增加了多少。 15、（13分） (本题9分)如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，现有一质量为 m的带电粒子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压=400V电压加速后通过B点进入两板间距为d=0.2m、电压为U=200V的水平放置的平行金属板间，若带电粒子从两块水平平行板的正中间射入，且刚好能从水平放置的平行金属板右侧边缘射出，A、B分别为两块竖直板的中点，=0.5C/kg， 求： (1)带电粒子通过B点
12、时的速度大小； (2)带电粒子穿出右侧平行金属板时的速度大小； (3)右侧平行金属板的长度。 参考答案 一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 1、D 【解析】 A. 做自由落体运动的物体具有向下大小为g的加速度，物体处于完全失重状态，故A正确； B. 物体做自由落体运动的过程中，高度不断下降，根据重力势能公式EP=mgh，可知，物体的重力势能不断减小，故B正确； C. 因只受重力，根据牛顿第二定律可知，物体的加速度为g，保持不变，
13、故C正确； D. 物体的速度变化量△v=gt，逐渐增大，故D错误． 本题选择错误答案，故选D 2、B 【解析】 A．牛顿提出了万有引力定律及引力常量的概念，但没能测出的数值；是由卡文迪许通过实验方法得出的，故A错误； B．第谷记录了大量的天文观测数据，开普勒通过分析第谷的观测数据，提出了行星运动三定律，故B正确； C．爱因斯坦建立了相对论，成功地解释了物体高速运动（接进光速）的规律，但并没有否定经典力学，只有当物体的速度接进光速时，才需要考虑相对论效应，故C错误； D．开普勒经过二十多年的天文观测和记录，提出了“开普勒三定律”， 所有行星围绕太阳运动的轨道都是椭圆，太阳处在所有椭
14、圆的一个焦点上，故D错误。 故选B。 3、C 【解析】 AB. 对于位于离地高为h的轨道上匀速运动的物体有： =m 其速度v=，导弹从C点做向心运动，速度应小于，故AB错误； CD.根据牛顿第二定律在C点有： =ma 导弹在C点的加速度a=，故C正确，D错误。 4、D 【解析】 A.根据能量转化和守恒定律分析可知：子弹原有的动能转化为子弹和木块的内能与后来木块和子弹的动能之和，机械能由损失，故A不符合题意。 BD.木块和子弹所组成的系统损失的机械能与产生的热能相等，为摩擦力与相对位移的乘积，即：Q=fd，故B不符合题意，D符合题意。 C.只有阻力对子弹做功，动能定理得知
15、子弹损失的动能等于子弹克服阻力所做的功，大小f（d+s）。故C不符合题意。 5、C 【解析】 由自由落体运动的速度时间关系直接求解． 【详解】 根据自由落体运动特点知：；故选C. 知道根据自由落体运动特点，由自由落体运动的速度时间关系直接求解. 6、BD 【解析】 A、在弹簧释放的过程中，由于弹力做正功，故物块的机械能不守恒，故A错误； B、物块的机械能守恒在下滑的过程中，物块与弧形槽系统只有重力做功，机械能守恒，故B正确； C、在下滑的过程中，由于物体受重力作用，合力不为零，不符合动量守恒的条件，故动量不守恒，故C错误； D、由于物块和弧形槽质量相等，故在底部时两物体
16、的速度大小相等，方向相反；而被弹簧弹回后，物块的速度大小与原来相等，因此物块不会再滑上弧形槽，二者一直向左做匀速运动，故不会再压缩弹簧，故D正确． 点睛：本题考查动量定恒和机械能守恒定律的应用，要注意明确运动过程，同时能正确应用动量守恒以及机械能守恒定律分析两物体的运动过程问题． 7、BD 【解析】 AB．b、c的高度相同，大于a的高度，根据h=gt2，得，知b、c的运动时间相同，a的飞行时间小于b的时间．故A错误,B正确； C．因为a的飞行时间短，但是水平位移大，根据x=v0t知，a的水平速度大于b的水平速度．故C错误； D．b、c的运动时间相同，b的水平位移大于c的水平位移，则b
17、的初速度大于c的初速度．故D正确． 解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移. 8、AC 【解析】 A.据可得，轨道1的轨道半径大，所以v1＜v1；故A正确. B.在椭圆轨道上运动，近地点速率大于远地点速率，故v2p＞v2Q，故B错误； C.卫星在轨道2上经过Q点时，点火加速进入圆轨道1，所以v1＞v2Q，故C正确； D.卫星在轨道1上经过P点时，点火加速进入椭圆轨道2，所以v2P＞v1，故D错误. 9、BC 【解析】 克服重力做功，即重力做负功，则重力势能一定增大，克服重力做多少功，重力势能就增加
18、多少，故重力势能增加50J，BC正确． 【点睛】重力势能变化量直接对应重力做功，与其他因素无关，重力做正功，重力势能减小，重力做负功，重力势能增大，且满足． 10、BD 【解析】 小球A和B紧贴着内壁分别在水平面内做匀速圆周运动． 由于A和B的质量相同，小球A和B在两处的合力相同，即它们做圆周运动时的向心力是相同的． 由公式，由于球A运动的半径大于B球的半径，F和m相同时，半径大的角速度小，球A的角速度小于球B的角速度，故A错误． 由向心力的计算公式，由于球A运动的半径大于B球的半径，F和m相同时，半径大的线速度大，球A的线速度大于球B的线速度，故B正确； 由周期公式，所以球A的运
19、动周期大于球B的运动周期，故C错误． 球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力，所以D正确． 对物体受力分析是解题的关键，通过对AB的受力分析可以找到AB的内在的关系，它们的质量相同，向心力的大小也相同，本题能很好的考查学生分析问题的能力，是道好题． 二、实验题 11、B 大于 过度平衡摩擦力，斜面倾角过大 B A 远大于 见解析 【解析】 （1）[1]．A. 要保证两个弹簧秤的拉力与一个弹簧秤的拉力效果相同，橡皮条要沿相同方向伸长量相同，则O点的位置应固定，故A错误； B. 在实验中，弹簧秤必须保持与木板平行，读数时视线要正对弹簧秤的刻
20、线，故B正确； C. 本实验，弹簧秤的拉力应不超过量程，两个弹簧秤拉力的大小没有要求，只要使两次效果相同就行，故C错误； D. 本实验只要使两次效果相同就行，两个弹簧秤拉力的方向没有限制,并非一定要夹角为90∘不变，故D错误． 故选B （2）[2]．在“验证机械能守恒定律”实验中，由于纸带与限位孔之间的摩擦力以及空气阻力的存在，机械能减小，重锤重力势能的减少量ΔEp小于重锤动能的增加量ΔEk； （3）①[3]．由图可知，拉力为零时加速度不为零，说明平衡摩擦力时斜面倾角过大，平衡过度； ②[4][5]．图中的力F理论上是指绳对小车的拉力，而实验中却用砂和砂桶的重力表示； ③[6]
21、．要把砂和砂桶的重力当做绳对小车的拉力，必须满足小车的质量远大砂和砂桶的总质量，此图中直线发生弯曲，说明不满足小车的质量远大砂和砂桶的总质量这个条件．为了防止直线发生弯曲，在实验中，应使小车的质量要远大于砂和砂桶的总质量． ④[7]．设绳子拉力为T，对小车 T=Ma， 对砂和砂桶 mg-T=ma 联立得 a= 当小车的质量远大砂和砂桶的总质量时， a= 可以认为细线拉力近似等于砂以及砂桶重力． 12、1.470.52 【解析】 图像如图所示，该图像的纵截距表示电源的电动势，即，图像的斜率表示电源内阻，故； 三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算
22、步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位 13、 (1) ≤h≤4R (2) 3mg 【解析】 (1)小球恰能通过D点时，释放点高度最小 mg=m A到D，根据机械能守恒定律：mgh1=mg2R+ 联立得h1= 小球从D点飞出后恰好落在B点时，释放点高度最大 2R= 4R=vD2t A到D，根据机械能守恒定律：mgh2=mg2R+ 联立得h2=4R 释放点至水平轨道高度的范围为≤h≤4R (2)h=4R时，C点速度最大，压力最大 A到C，根据机械能守恒定律：mgh= 在C点：N－mg= 联立得N=3mg 根据牛顿第三定律，压力
23、大小为N′=N=3mg 14、（1）求弹簧的劲度系数k为； （2）弹簧为原长时，杆的角速度为； （3）在杆的角速度由0缓慢增大到过程中，小球机械能增加了。 【解析】 （1）由平衡条件解得弹簧的劲度系数为：； （2）当弹簧弹力为零时，小球只受到重力和杆的支持力，它们的合力提供向心力，则有： ，解得：； （3）当时，弹簧处于伸长状态，伸长量为x，由正交分解知 竖直方向：FNcos30°﹣kxsin30°＝mg，水平方向：，解得： 。 此时，弹簧弹性势能增量为零，此时小球速度为：v＝ω2（l0+x）sin60°，小球机械能增量为：。 15、（1）20m/s（2）10m/s（3）0.4m 【解析】(1)电场中的直线加速，由动能定理： 解得：m/s (2)偏转过程由动能定理： 得：m/s (3)由牛顿第二定律：m/s2 竖直方向的匀加速直线运动： 解得：s 水平方向的位移：m 【点睛】本题关键是分析电子的受力情况和运动情况．在偏转电场中电子做类平抛运动，采用运动的分解方法研究或整个过程的动能定理分析．
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