2025届南昌县莲塘第一中学高一物理第二学期期末调研模拟试题含解析.doc

2025届南昌县莲塘第一中学高一物理第二学期期末调研模拟试题
请考生注意：
1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、 (本题9分)如图所示为一质点做直线运动的v­t图象，下列说法正确的是(　　)

A．在18～22 s时间内，质点的位移为24 m
B．18 s时质点速度反向
C．整个过程中，E点处质点离出发点最远
D．整个过程中，CE段的加速度最大
2、如图所示，铅球从同学手中水平抛出后，不考虑空气对铅球的阻力，落地前小球物理量一定变化的是（　　）

A．重力的功率 B．加速度
C．小球的机械能 D．速度的变化率
3、 (本题9分)如图所示，静止的弹簧测力计受到大小都为40N的F1，F2的作用，弹簧测力计的示数为( )

A．0N B．无法确定 C．80N D．40N
4、 (本题9分)小球A沿着光滑的水平面以速度v0（方向向右）与静止的小球B发生弹性正碰。若mA：mB=1：2，则碰撞后（ ）

A．A球的速度大小为v0，方向水平向左
B．A球的速度大小为v0，方向水平向右
C．B球的速度大小为v0，方向水平向左
D．B球的速度大小为v0，方向水平向右
5、如图所示为某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若电动机的额定输出功率为80W，在平直路面上行驶的最大速度为4m/s，则汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是（　）

A．16N
B．20N
C．40N
D．80N
6、 (本题9分)中国保护大熊猫研究中心之一的雅安碧峰峡基地位于东经103°，北纬30°。地球可以看作半径为R的球体，则在该中心处的物体与赤道上的物体随地球自转的向心加速度之比为
A．∶3 B．∶2 C．2∶ D．1∶2
7、 (本题9分)如图所示，小物块甲从竖直固定的 光滑圆弧轨道顶端由静止滑下，轨道半径为R，圆弧底端切线水平．小物块乙从高为R的光滑斜面顶端由静止滑下，两物块质量相等。下列判断正确的是(　　)
\
A．两物块到达底端时速度相同
B．两物块到达底端时动能相同
C．两物块运动到底端的过程中重力做功相同
D．两物块到达底端时，乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率
8、张家界百龙天梯，总高度达335米，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以达观光平台，若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在t=0时由静止开始上升，a-t图像如图所示．则下列相关说法正确的是（ ）

A．t=4.5s时，电梯处于超重状态
B．t在5s~55s时间内，绳索拉力最小
C．t=59.5时，电梯处于超重状态
D．t=60s时，电梯速度恰好为零
9、 (本题9分)示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示．如果在荧光屏上P点出现亮斑，那么示波管中的（ ）

A．极板x应带正电 B．极板x´应带正电
C．极板y应带正电 D．极板y´应带正电
10、 (本题9分)如图所示，甲、乙、丙三个质量相同的物体分别在不同外力的作用下沿水平地面做匀速直线运动，如图地面与物体间的动摩擦因数均相同，下列判断正确的是（　　 ）

A．三个物体所受的摩擦力大小相同
B．甲物体所受的摩擦力最小，受地面的弹力最小
C．乙物体所受的摩擦力最大，受地面的弹力最小
D．丙物体所受的摩擦力最大，受地面的弹力最大
11、从地面竖直向上抛出一物体，物体在运动过程中其机械能和动能Ek随它离开地面的高度h的变化如图所示。取地面为零势能参考面，重力加速度g取10m/s2。由图中数据可知

A．物体的质量为1kg
B．物体上升的最大高度6m
C．从地面至h＝2m，物体的动能减少30J
D．物体运动到最高点的过程中克服阻力做功60J
12、 (本题9分)物体A、B、C均静止在同一水平面上，它们的质量分别为mA、mB、mC，与水平面的动摩擦因数分别为μA、μB、μC。用水平拉力F分别拉物体A、B、C，所得加速度a与拉力F的关系如图所示，A、B两直线平行，B、C延长线交于a轴负半轴同一点。则以下关系正确的是

A．μA<μB=μC B．μA>μB=μC
C．mA=mBmC
二．填空题(每小题6分，共18分)
13、在“DIS 研究机械能守恒定律”实验中，通过测定摆锤在某一位置的瞬时速度，从而求得摆锤在该位置的动能，同时输入摆锤的高度，求得摆锤在该位置的重力势能，进而研究势能和动能转化时的规律。实验中 A、B、C、D 四点高度为 0.150m、0.100m、0.050m、0.000m，已由计算机默认，不必输入。现某位同学要测定摆锤在 D 点的瞬时速度。其实验装置如图所示；接着他点击“开始记录”，同时让摆锤从图中所示位置释放，计算机将摆锤通过某位置的瞬时速度自动记录在表格的对应处，如图。

（1）请问该实验中所用传感器的名称是_____传感器。并将该传感器和_____相连。
（2）请指出该同学实验中的错误之处：①传感器未放在标尺盘最低端的 D 点；②_____。
（3）摆图中计算机记录的数据与真实值相比将_____（填“偏大”、“偏小”或“仍准确”）
（4）在处理实验数据时，如果以 v2/2 为纵轴，以 h 为横轴，根据实验数据绘出的 v2/2—h 图象应是_____，才能验证机械能守恒定律，v2/2 － h 图线的斜率等于_____的数值。
（5）本实验应该得到的实验结论是：________________________的情况下，物体的_____________， 但总机械能守恒。
14、 (本题9分)如图甲所示，螺旋测微器的读数为__________mm；如图乙所示，电压表的量程为3V，则电压表的读数为__________V。

15、王同学做“验证机械能守恒定律”的实验。
（1）实验中需要一个合适的“重物”，如图重物中最合适的为_______选填“A”、“B”或“C”）

（2）图中纸带为王同学做本实验所得纸带的一部分，重物的质量m=0.20kg，查得当地的重力加速度值，则打下点“5”时重物的速度大小为________m/s；从打下“2”点到打下“5”点过程中，重物重力势能的减少量为_________J。（结果均保留两位有效数字）
三．计算题(22分)
16、（12分） (本题9分)如图所示,在粗糙水平地面上,有一质量为25kg的木箱,在一个大小为200N与水 平方向成37°角斜向上的拉力F作用下,向右前进了30m,求作用在物体上的每个力所做的功及合力做的功．(木箱与地面间的动摩擦因数为0.1,sin37°=0.6cos37°=0.8)

17、（10分） (本题9分)一质量为500t的机车，以恒定功率375kW由静止出发，经过5min速度达到最大值54km/h，设机车所受阻力f恒定不变，取g＝10m/s2，试求：
（1）机车受到的阻力f的大小．
（2）机车在这5min内行驶的路程．
参考答案

一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）
1、D
【解析】
根据速度图象，分析质点的运动情况，确定什么时刻离出发点最远．速度图线的斜率等于加速度，根据数学知识分析加速度的大小．图线与坐标轴所围“面积”等于位移，图线在t轴上方，位移为正值，图线在t轴下方，位移为负值．
【详解】
图像与坐标轴围成的面积表示位移，在坐标轴上方表示正位移，下方表示负位移，所以18s~22s面积和为零，即位移为零，A错误；18s质点的速度仍为正，即仍朝着正方向运动，B错误；当正面积最大时，离出发点最远，即在20s时最远，C错误；图像的斜率表示加速度，故CE段的加速度最大，D正确．
2、A
【解析】
A．小球在下落过程中，竖直方向的速度逐渐增大，根据
P＝Fv
可知，重力的功率也逐渐增大.故选项A符合题意.
BD.小球下落过程中只受重力作用，加速度不变，则速度的变化率

恒定不变.故选项BD不符合题意.
C.因为下落过程只有重力做功，所以机械能守恒.故选项C不符合题意.
3、D
【解析】
静止的弹簧测力计受到大小都为40N的F1，F2的作用时，其中F2相当于将弹簧秤一端固定的作用，弹簧秤所受的拉力大小为40N，则弹簧测力计的示数为40N．故选D．
注意弹簧秤的读数等于弹簧的弹力，等于弹簧一端所受的力，而不是两端所受力的和.
4、A
【解析】
以向右为正方向，A和B的碰撞满足动量守恒，有：
①，
A和B发生弹性碰撞，系统的机械能守恒，有：
②
代入质量关系mA：mB=1：2，可得：

联立解得：负号表示方向向左)，.
A.A球的速度大小为v0，方向水平向左与计算结果相符；故A项符合题意.
B.A球的速度大小为v0，方向水平向右与计算结果不相符；故B项不合题意.
C.B球的速度大小为v0，方向水平向左与计算结果不相符；故C项不合题意.
D.B球的速度大小为v0，方向水平向右与计算结果不相符；故D项不合题意.
5、B
【解析】
当牵引力等于阻力时，加速度为零，汽车速度最大，根据

代入数据解得

故B正确。
6、B
【解析】
向心加速度 ，在该中心处的物体与赤道上的物体随地球自转的角速度相同，所以加速度之比为轨道半径比，即 。
A. ∶3与计算结果不符，A错误
B. ∶2与计算结果相符，B正确。
C. 2∶与计算结果不符，C错误。
D. 1∶2与计算结果不符，D错误。
7、BCD
【解析】
AB、根据动能定理得：，知两物块达到底端的动能相等，速度大小相等，但是速度的方向不同，故A错误，B正确。
C、两物块运动到底端的过程中，下落的高度相同，由于质量相等，则重力做功相同，故C正确；
D、两物块到达底端的速度大小相等，甲重力与速度方向垂直，瞬时功率为零，则乙重力做功的瞬时功率大于甲重力做功的瞬时功率，故D正确；
故选BCD。
关键是动能是标量，只有大小没有方向，但是要注意速度是矢量，比较速度不仅要比较速度大小，还要看速度的方向；以及知道瞬时功率的表达式，注意为力与速度方向的夹角。
8、AD
【解析】
A. 电梯在t=0时由静止开始上升，加速度向上，电梯处于超重状态，此时加速度a>0。t=4.5s时，a>0，电梯也处于超重状态，故A正确；
B. t在5s~55s时间内，a=0，电梯处于平衡状态，绳索拉力等于电梯的重力，应大于电梯失重时绳索的拉力，所以这段时间内绳索拉力不是最小．故B错误；
C. t=59.5s时，a<0，加速度方向向下，电梯处于失重状态，故C错误．
D. 根据a-t图象与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，由几何知识可知，60s内a-t图象与坐标轴所围的面积为0，所以速度的变化量为0，而电梯的初速度为0，所以t=60s时，电梯速度恰好为0。故D正确．
9、AC
【解析】
本题考查示波器的原理，YY’间的电场使得电子在y轴上产生偏转，XX’间的电场使得电子在x轴上产生偏转
据荧光屏上电子的坐标可知示波管内电子受力情况：受指向y方向和指向x方向电场力．即电子在经过偏转电极时向X、Y两极板偏转，则这两个电极都应带正电，故AC正确
10、BD
【解析】
设三个物体的重力均为G．如图，

将甲、丙两个物体所受的拉力分解为水平和竖直两个方向．则三个物体对地面的压力大小分别为：N甲=G-F1；N乙=G；N丙=G+F2；可见，甲对地面的弹力最小，丙对地面的弹力最大．由摩擦力公式f=μN，μ相同，所以甲物体所受的摩擦力最小，丙物体所受的摩擦力最大．故选BD．
对于滑动摩擦力，关键抓住其方向与物体相对运动方向相反，大小与物体间弹力成正比．
11、AC
【解析】
根据能量守恒定律得：Ep=E总-Ek；
A.由图知，h=4m时Ep=40J，由Ep=mgh得m=1kg，故A正确。
B.由图知，动能随着上升高度线性减小，解得Ek=100-15h，当h=6m时，动能不为0，故B错误。
C.h=2m时，Ek=70J，初动能为100J，物体的动能减少30J，故C正确。
D.由Ek=100-15h可得动能为0时，h=m；总能量E=100-5h；当h=m时，E=J，初始总能量为100J损失的能量即为物体运动到最高点的过程中克服阻力做功，有：100J-J=J，故D错误。
12、AC
【解析】
根据牛顿第二定律有：F-μmg =ma，所以有：；由此可知：图象斜率为质量的倒数，在纵轴上的截距大小为μg。故由图象可知：μA＜μB=μC，mA=mB＜mC。
A. μA<μB=μC，与结论相符，选项A正确；
B. μA>μB=μC，与结论不相符，选项B错误；
C. mA=mBmC，与结论不相符，选项D错误；

二．填空题(每小题6分，共18分)
13、光电门 数据采集器 摆锤释放器未置于 A 点 偏小 一条倾斜直线 重力加速度 只有重力做功 动能和势能相互转化
【解析】
（1）[1][2]．该实验中所用传感器的名称是光电门传感器。并将该传感器和数据采集器相连。
（2）[3]．该同学实验中的错误之处：①光电门传感器未放在标尺盘最底端的D点；②摆锤释放器未置于A点。
（3）[4]．由于摆锤释放器未置于A点，所以得到的动能与真实值相比将偏小。
（4）[5][6]．在处理实验数据时，由可得

则如果以 v2/2 为纵轴，以 h 为横轴，根据实验数据绘出的 v2/2—h 图象应是一条倾斜直线，才能验证机械能守恒定律，v2/2 － h 图线的斜率等于重力加速度g的数值。
（5）[7][8]．本实验应该得到的实验结论是：只有重力做功的情况下，物体的动能和势能相互转化，但总机械能守恒。
14、6.700 1.10±0.01
【解析】
[1] 由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器的读数为：d=6.5mm+20.0×0.01mm=6.700mm；
[2] 电压表量程为3V，由图示电压表表盘可知，其分度值为：0.1V，示数为：1.10V.
15、 (1)C (2)2.4~2.6m/s 0.25~0.27J
【解析】
第一空.实验中应选择质量尽量大，体积尽量小的重物挂在纸袋下方，故选C；
第二空.根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，得出5点的瞬时速度大小为：，解得：v5=2.5m/s；
第三空.从打下“2”点到打下“5”点过程中，重物重力势能的减少量△Ep=mgh2-5，解得△EP=0.25J。

三．计算题(22分)
16、,,,,
【解析】
拉力F做功WF=Fscos37°=200×30×0.8J=4800J；
重力G做功WG=0；
支持力N做功WN=0；
滑动摩擦力f做功Wf=-fs=-μ（mg-Fsin37°）=-0.2×（250-200×0.6）×30J=780J；
合力做功W合=WF+WG+WN+Wf=4800-780=4020J
点睛：根据功的计算公式W=Fscosθ，即可求出各力所做的功，对整个系统分析，拉力做正功，摩擦力做负功，即可求出合外力所做的功．
17、 (1)2.5×104N　(2)2250 m
【解析】
（1）已知P0=375 kW=3.75×105 W，vmax=54 km/h=15 m/s，
根据P0=Fvmax时，F=f，得：P0=fvmax
机车受到的阻力
（2）机车在这5 min内，牵引力为变力，做正功，阻力做负功，重力、弹力不做功．
牵引力做的功为：WF=P0t
根据动能定理有：
代入数据解得：s=2250m