全等三角形题型总结材料.doc

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全等三角形的判定题型
类型一、全等三角形的判定1——“边边边”
例题、已知：如图，AD＝BC，AC＝BD.试证明：∠CAD＝∠DBC.

(答案）证明：连接DC，
在△ACD与△BDC中

∴△ACD≌△BDC（SSS）
∴∠CAD＝∠DBC（全等三角形对应角相等）
类型二、全等三角形的判定2——“边角边”
例题、已知，如图，在四边形ABCD中，AC平分∠BAD，CE⊥AB于E，并且
AE＝（AB＋AD），求证：∠B＋∠D＝180°.
(答案）证明：在线段AE上，截取EF＝EB，连接FC，
∵CE⊥AB，∴∠CEB＝∠CEF＝90°
在△CBE和△CFE中，
∴△CBE和△CFE（SAS）∴∠B＝∠CFE
∵AE＝（AB＋AD），∴2AE＝ AB＋AD ∴AD＝2AE－AB
∵AE＝AF＋EF，
∴AD＝2（AF＋EF）－AB＝2AF＋2EF－AB＝AF＋AF＋EF＋EB－AB＝AF＋AB－AB，即AD＝AF
在△AFC和△ADC中
∴△AFC≌△ADC（SAS）∴∠AFC＝∠D
∵∠AFC＋∠CFE＝180°，∠B＝∠CFE.∴∠AFC＋∠B＝180°，∠B＋∠D＝180°.
类型三、全等三角形的判定3——“角边角”
例题、已知：如图，在△MPN中，H是高MQ和NR的交点，且MQ＝NQ．
求证：HN＝PM.
证明：∵MQ和NR是△MPN的高， ∴∠MQN＝∠MRN＝90°，
又∵∠1＋∠3＝∠2＋∠4＝90°，∠3＝∠4 ∴∠1＝∠2
在△MPQ和△NHQ中，
∴△MPQ≌△NHQ（ASA） ∴PM＝HN

类型四、全等三角形的判定4——“角角边”
例题、已知Rt△ABC中，AC＝BC，∠C＝90°，D为AB边的中点，∠EDF＝90°，∠EDF绕D点旋转，它的两边分别交AC、CB于E、F．当∠EDF绕D点旋转到DE⊥AC于E时（如图1），易证；当∠EDF绕D点旋转到DE和AC不垂直时，在图2情况下，上述结论是否成立？若成立，请给予证明；若不成立，请写出你的猜想，不需证明.

解：图2成立； 证明图2：过点作
则
在△AMD和△DNB中，∴△AMD≌△DNB（AAS）∴DM＝DN
∵∠MDE＋∠EDN＝∠NDF＋∠EDN＝90°，∴∠ MDE＝∠NDF
在△DME与△DNF中，
∴△DME≌△DNF（ASA）∴∴
可知，∴
类型五、直角三角形全等的判定——“HL”
下列说法中，正确的画“√”；错误的画“×”，并举出反例画出图形.
（1）一条直角边和斜边上的高对应相等的两个直角三角形全等．（ ）
（2）有两边和其中一边上的高对应相等的两个三角形全等．（ ）
（3）有两边和第三边上的高对应相等的两个三角形全等．（ ）
(答案）（1）√；（2）×；在△ABC和△DBC中，AB＝DB，AE和DF是其中一边上的高，AE＝DF
（3）×. 在△ABC和△ABD中，AB＝AB，AD＝AC，AH为第三边上的高，如下图：

1、已知：如图，DE⊥AC，BF⊥AC，AD＝BC，DE＝BF.求证：AB∥DC.

(答案与解析）证明：∵DE⊥AC，BF⊥AC，
∴在Rt△ADE与Rt△CBF中∴Rt△ADE≌Rt△CBF （HL） ∴AE＝CF，DE＝BF
∴AE＋EF＝CF＋EF，即AF＝CE
在Rt△CDE与Rt△ABF中，
∴Rt△CDE≌Rt△ABF（SAS）∴∠DCE＝∠BAF ∴AB∥DC.
(点评）从已知条件只能先证出Rt△ADE≌Rt△CBF，从结论又需证Rt△CDE≌Rt△ABF.我们可以从已知和结论向中间推进，证出题目.
2、如图，△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝BC，AE是BC边上的中线，
过C作CF⊥AE，垂足为F，过B作BD⊥BC交CF的延长线于D.
（1）求证：AE＝CD；
（2）若AC＝12，求BD的长.
(答案与解析）（1）证明：∵DB⊥BC，CF⊥AE，∴∠DCB＋∠D＝∠DCB＋∠AEC＝90°．
∴∠D＝∠AEC．
又∵∠DBC＝∠ECA＝90°，且BC＝CA，∴△DBC≌△ECA（AAS）．∴AE＝CD．
（2）解：由（1）得AE＝CD，AC＝BC，∴△CDB≌△AEC（HL） ∴BD＝EC＝BC＝AC，且AC＝12．
∴BD＝6．
(点评）三角形全等的判定是中考的热点，一般以考查三角形全等的方法为主，判定两个三角形全等，先根据已知条件或求证的结论确定三角形，然后再根据三角形全等的判定方法，看缺什么条件，再去证什么条件
三角形角平分线的性质
三角形三条角平分线交于三角形内部一点，此点叫做三角形的内心且这一点到三角形三边的距离相等.
三角形的一内角平分线和另外两顶点处的外角平分线交于一点.这点叫做三角形的旁心.三角形有三个旁心.所以到三角形三边所在直线距离相等的点共有4个.如图所示：△ABC的内心为，旁心为，这四个点到△ABC三边所在直线距离相等.

角的平分线的性质及判定
1、如图，AD是∠BAC的平分线，DE⊥AB，交AB的延长线于点E，DF⊥AC于点F，且DB＝DC.求证：BE＝CF.

(答案）证明：∵DE⊥AE，DF⊥AC，AD是∠BAC的平分线， ∴DE＝DF，∠BED＝∠DFC＝90°
在Rt△BDE与Rt△CDF中，，∴Rt△BDE≌Rt△CDF（HL） ∴BE＝CF

2、如图，AC=DB，△PAC与△PBD的面积相等．求证：OP平分∠AOB．

(答案与解析）
证明：作PM⊥OA于M，PN⊥OB于N
，，且
∴
又∵AC＝BD ∴PM＝PN
又∵PM⊥OA，PN⊥OB ∴OP平分∠AOB
(点评）观察已知条件中提到的三角形△PAC与△PBD，显然与全等无关，而面积相等、底边相等，于是自然想到可得两三角形的高线相等，联系到角平分线判定定理可得.跟三角形的高结合的题目，有时候用面积会取得意想不到的效果.
3、如图，DC∥AB，∠BAD和∠ADC的平分线相交于E，过E的直线
分别交DC、AB于C、B两点. 求证：AD＝AB＋DC.
(答案） 证明：在线段AD上取AF＝AB，连接EF，
∵AE是∠BAD的角平分线，∴∠1＝∠2，
∵AF＝AB  AE＝AE，∴△ABE≌△AFE，∴∠B＝∠AFE
由CD∥AB又可得∠C＋∠B＝180°，∴∠AFE＋∠C＝180°，
又∵∠DFE＋∠AFE＝180°，∴∠C＝∠DFE，
∵DE是∠ADC的平分线，∴∠3＝∠4，
又∵DE＝DE，∴△CDE≌△FDE，∴DF＝DC，
∵AD＝DF＋AF，∴AD＝AB＋DC．
类型一、全等三角形的性质和判定
如图，已知：AE⊥AB，AD⊥AC，AB＝AC，∠B＝∠C，
求证：BD＝CE.

(答案)证明：∵AE⊥AB，AD⊥AC， ∴∠EAB＝∠DAC＝90°
∴∠EAB＋∠DAE＝∠DAC＋∠DAE ，即∠DAB＝∠EAC.
在△DAB与△EAC中，∴△DAB≌△EAC （SAS） ∴BD＝CE.
类型二、巧引辅助线构造全等三角形
(1)．作公共边可构造全等三角形：
1、在ΔABC中，AB＝AC.求证：∠B＝∠C
(答案)证明：过点A作AD⊥BC在Rt△ABD与Rt△ACD中
∴Rt△ABD≌Rt△ACD（HL） ∴∠B＝∠C.

(2)．倍长中线法：
1、已知：如图所示，CE、CB分别是△ABC与△ADC的中线，且∠ACB＝∠ABC．
求证：CD＝2CE．
(答案）证明： 延长CE至F使EF＝CE，连接BF．
∵ EC为中线，∴ AE＝BE．
在△AEC与△BEF中，∴ △AEC≌△BEF（SAS）．
∴ AC＝BF，∠A＝∠FBE．（全等三角形对应边、角相等）
又∵ ∠ACB＝∠ABC，∠DBC＝∠ACB＋∠A，∠FBC＝∠ABC＋∠A．
∴ AC＝AB，∠DBC＝∠FBC．∴ AB＝BF．
又∵ BC为△ADC的中线，∴ AB＝BD．即BF＝BD．
在△FCB与△DCB中，∴ △FCB≌△DCB（SAS）．∴ CF＝CD．即CD＝2CE．
2、若三角形的两边长分别为5和7, 则第三边的中线长的取值范围是( )
A.1 ＜＜ 6 B.5 ＜＜ 7 C.2 ＜＜ 12 D.无法确定
(答案)A ；提示：倍长中线构造全等三角形，7－5＜＜7＋5，所以选A选项.
(3).作以角平分线为对称轴的翻折变换构造全等三角形：
如图，AD是的角平分线，H，G分别在AC，AB上，且HD＝BD.
(1)求证：∠B与∠AHD互补；
(2)若∠B＋2∠DGA＝180°，请探究线段AG与线段AH、HD之间满足的等量关系，并加以证明.

(答案）证明：（1）在AB上取一点M, 使得AM＝AH, 连接DM.
∵ ∠CAD＝∠BAD, AD＝AD, ∴ △AHD≌△AMD. ∴ HD＝MD, ∠AHD＝∠AMD.
∵ HD＝DB, ∴ DB＝ MD. ∴ ∠DMB＝∠B.
∵ ∠AMD＋∠DMB ＝180°,∴ ∠AHD＋∠B＝180°. 即 ∠B与∠AHD互补.
（2）由（1）∠AHD＝∠AMD, HD＝MD, ∠AHD＋∠B＝180°.
∵ ∠B＋2∠DGA ＝180°,∴ ∠AHD＝2∠DGA.
∴ ∠AMD＝2∠DGM.
∵ ∠AMD＝∠DGM＋∠GDM. ∴ 2∠DGM＝∠DGM＋∠GDM.
∴ ∠DGM＝∠GDM. ∴ MD＝MG.
∴ HD＝ MG.∵ AG＝ AM＋MG, ∴ AG＝ AH＋HD.
（3）.利用截长(或补短)法作构造全等三角形：
1、如图，AD是△ABC的角平分线，AB＞AC,求证：AB－AC＞BD－DC
(答案）
证明：在AB上截取AE＝AC,连结DE
∵AD是△ABC的角平分线，∴∠BAD＝∠CAD
在△AED与△ACD中
∴△AED≌△ADC（SAS）∴DE＝DC
在△BED中，BE＞BD－DC
即AB－AE＞BD－DC∴AB－AC＞BD－DC

2、如图所示，已知△ABC中AB＞AC，AD是∠BAC的平分线，M是AD上任意一点，求证：MB－MC＜AB－AC．

(答案与解析)
证明：∵AB＞AC，则在AB上截取AE＝AC，连接ME．在△MBE中，MB－ME＜BE（三角形两边之差小于第三边）．
在△AMC和△AME中，

∴ △AMC≌△AME（SAS）．∴ MC＝ME（全等三角形的对应边相等）．
又∵ BE＝AB－AE，∴ BE＝AB－AC，∴ MB－MC＜AB－AC．
(点评)因为AB＞AC，所以可在AB上截取线段AE＝AC，这时BE＝AB－AC，如果连接EM，在△BME中，显然有MB－ME＜BE．这表明只要证明ME＝MC，则结论成立．充分利用角平分线的对称性，截长补短是关键.

（4）.在角的平分线上取一点向角的两边作垂线段.
1、如图所示，已知E为正方形ABCD的边CD的中点，点F在BC上，且∠DAE＝∠FAE．
求证：AF＝AD＋CF．

(答案与解析）
证明： 作ME⊥AF于M，连接EF．
∵ 四边形ABCD为正方形，∴ ∠C＝∠D＝∠EMA＝90°．
又∵ ∠DAE＝∠FAE，∴ AE为∠FAD的平分线，∴ ME＝DE．
在Rt△AME与Rt△ADE中，
∴ Rt△AME≌Rt△ADE(HL)．∴ AD＝AM(全等三角形对应边相等)．
又∵ E为CD中点，∴ DE＝EC．∴ ME＝EC．
在Rt△EMF与Rt△ECF中，
∴ Rt△EMF≌Rt△ECF(HL)．∴ MF＝FC(全等三角形对应边相等)．

由图可知：AF＝AM＋MF，∴ AF＝AD＋FC(等量代换)．
(点评）与角平分线有关的辅助线： 在角两边截取相等的线段，构造全等三角形；在角的平分线上取一点向角的两边作垂线段. 四边形ABCD为正方形，则∠D＝90°．而∠DAE＝∠FAE说明AE为∠FAD的平分线，按常规过角平分线上的点作出到角两边的距离，而E到AD的距离已有，只需作E到AF的距离EM即可，由角平分线性质可知ME＝DE．AE＝AE．Rt△AME与Rt△ADE全等有AD＝AM．而题中要证AF＝AD＋CF．根据图知AF＝AM＋MF．故只需证MF＝FC即可．从而把证AF＝AD＋CF转化为证两条线段相等的问题．
2、如图所示在△ABC中，AC=BC，∠ACB=90°，D是AC上一点，
且AE垂直BD的延长线于E， ，求证：BD是∠ABC的平分线．
(答案与解析）
证明：延长AE和BC，交于点F，
∵AC⊥BC，BE⊥AE，∠ADE=∠BDC（对顶角相等），∴∠EAD+∠ADE=∠CBD+∠BDC．即∠EAD=∠CBD．
在Rt△ACF和Rt△BCD中．

所以Rt△ACF≌Rt△BCD（ASA）．
则AF=BD（全等三角形对应边相等）．
∵AE=BD，∴AE=AF，即AE=EF．
在Rt△BEA和Rt△BEF中，
则Rt△BEA≌Rt△BEF（SAS）．
所以∠ABE=∠FBE全等三角形对应角相等），即BD是∠ABC的平分线．
(点评）如果由题目已知无法直接得到三角形全等，不妨试着添加辅助线构造出三角形全等的条件，使问题得以解决．平时练习中多积累一些辅助线的添加方法.
类型三、全等三角形动态型问题
解决动态几何问题时要善于抓住以下几点：
(1) 变化前的结论及说理过程对变化后的结论及说理过程起着至关重要的作用；
(2) 图形在变化过程中，哪些关系发生了变化，哪些关系没有发生变化；原来的线段
之间、角之间的位置与数量关系是否还存在是解题的关键；
(3) 几种变化图形之间，证明思路存在内在联系，都可模仿与借鉴原有的结论与过程，
其结论有时变化，有时不发生变化
1、已知：在△ABC中，∠BAC＝90°，AB＝AC，点D为射线BC上一动点，连结AD，以AD为一边且在AD的右侧作正方形ADEF．
（1）当点D在线段BC上时（与点B不重合），如图1，
求证：CF＝BD
（2）当点D运动到线段BC的延长线上时，如图2，
第（1）问中的结论是否仍然成立，并说明理由.

(答案）证明：（1）∵正方形ADEF ∴AD＝AF，∠DAF＝90°
∴∠DAF－∠DAC＝∠BAC－∠DAC，即∠BAD＝∠CAF
在△ABD和△ACF中， ∴△ABD≌△ACF（SAS） ∴BD＝CF
（2）当点D运动到线段BC的延长线上时，仍有BD＝CF
此时∠DAF＋∠DAC＝∠BAC＋∠DAC，即∠BAD＝∠CAF
在△ABD和△ACF中， ∴△ABD≌△ACF（SAS） ∴BD＝CF
2、如图(1)，△ABC中，BC＝AC，△CDE中，CE＝CD，现把两个三角形的C点重合，且使∠BCA＝∠ECD，连接BE，AD．求证：BE＝AD．若将△DEC绕点C旋转至图(2)，(3)所示的情况时，其余条件不变，BE与AD还相等吗?为什么?

(答案)证明：∵∠BCA＝∠ECD， ∴∠BCA－∠ECA＝∠ECD－∠ECA，即∠BCE＝∠ACD
在△ADC与△BEC中∴△ADC≌△BEC(SAS) ∴BE＝AD．
若将△DEC绕点C旋转至图(2)，(3)所示的情况时，其余条件不变，BE与AD还相等，因为还是可以通过SAS证明△ADC≌△BEC.

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