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1 20232023 人教版带答案高中物理必修一第四章运动和力的关系微公式版基础知识人教版带答案高中物理必修一第四章运动和力的关系微公式版基础知识题库题库 单选题 1、在“探究加速度与物体的受力、物体质量的关系”实验中，可利用图示装置进行对比实验。两小车放置在水平板上，前端通过钩码牵引，后端各系一条细线，用板擦将两条细线按在桌上，使小车静止。抬起板擦，两车同时运动，一段时间后按下板擦，小车同时停下，对比两车的位移，可知加速度与受力大小成正比。对于实验条件，下列说法正确的是（）A钩码质量相同，小车质量不同 B钩码质量不同，小车质量相同 C钩码质量相同，小车质量也相同 D钩码质量不同，小车质量也不同 答案：B 研究加速度与受力大小成正比，可知要保证小车的质量相等，钩码的质量不等，故 ACD 错误，B 正确。故选 B。小提示：实验采用控制变量法，需控制非研究物理量不变。根据结论可得知研究的物理量是加速度和所受的力，故小车质量要保持不变。2、如图所示，滑轮A可沿倾角为 的足够长光滑轨道下滑，滑轮下用轻绳挂着一个重力为G的物体B，下滑时，物体B相对于A静止，则下滑过程中（不计空气阻力）（）2 A绳的拉力为GB绳的拉力为cos C绳的方向与光滑轨道不垂直 DB的加速度为g sin 答案：D D对整体分析，根据牛顿第二定律得：加速度为 =sin=sin 则B的加速度为gsin。故 D 正确。ABC隔离对B分析，根据牛顿第二定律知，B的合外力沿斜面向下，大小为 mBa=mBgsin=Gsin 由平行四边形定则知，绳的方向与轨道垂直，拉力大小为 T=Gcos 选项 ABC 错误。故选 D。3、小丁同学最多能够举起 60kg 的重物，则在其将重物向上举起的过程中（）A重物一直处于超重状态 3 B重物一直处于失重状态 C重物先处于超重状态，后处于失重状态 D重物先处于失重状态，后处于超重状态 答案：C 重物向上运动时，先由静止向上加速到速度最大，然后向上减速到速度为零，加速度先向上后向下，则重物先超重后失重。故选 C。4、如图所示，光滑水平面上放有质量均为m的滑块 A 和斜面体 C，在 C 的斜面上又放有一质量也为m的滑块 B。现用水平力F推滑块 A 使三个物体无相对运动地向前做加速运动，则（）A滑块 A 所受的合力最大 B斜面体 C 所受的合力最大 C三个物体所受的合力一样大 D条件不足，无法判断谁受到的合力最大 答案：C 由于三个物体的质量和加速度均相同，根据牛顿第二定律可知三个物体所受合力一样大。故选 C。5、如图所示，弯折杆 ABCD 的 D 端接一个小球，杆和球的总质量为m，小环套在杆 AB 段上用绳吊着，恰好能一起以加速度a竖直向上做匀加速运动，杆 AB 段与水手方向的夹角为，则 4 A杆对环的压力为mgsin+masin B环与杆的摩擦力为mgcos+macos C环对杆和球的作用力为mg+ma D杆和球处于失重状态 答案：C AB杆和球受重力、支持力、摩擦力三个力作用，沿 BA 和垂直 BA 方向建立直角坐标系，分解加速度，沿 BA方向：f sin=sin 垂直 BA 方向：N cos=cos 得：f=sin+sin N=cos+cos 选项 AB 错误；C环对杆和球的作用力为支持力、摩擦力的合力，由牛顿第二定律可知：作用力方向一定竖直向上且 =即 =+5 选项 C 正确；D杆和球具有向上的加速度，处于超重状态，选项 D 错误。故选 C。6、如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是（）A鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡 B鱼儿摆尾出水时浮力大于重力 C鱼儿摆尾击水时受到水的作用力 D研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点 答案：C A鱼儿吞食花瓣时处于失重状态，A 错误；BC鱼儿摆尾出水时排开水的体积变小，浮力变小，鱼儿能够出水的主要原因是鱼儿摆尾时水对鱼向上的作用力大于重力，B 错误、C 正确；D研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作不可以把鱼儿视为质点，否则就无动作可言，D 错误。故选 C。7、如图所示，某段滑雪雪道倾角为30，总质量=50kg的滑雪运动员从距底端高为=10m处的雪道上由静止开始匀加速下滑，所受阻力为=150N，g取10m/s2，运动员从上向下滑到底端的过程中，若运动员滑到底端后在动摩擦因数为0.2的地面上继续滑行，他还能前进多少距离？（不考虑空气阻力）（）6 A20 mB30 mC50 mD60 m 答案：A 运动员在斜面上滑行时，根据牛顿第二定律有 sin30 =1 根据题意可知，下滑的位移为 1=sin30 设运动员滑到底端时，速度为，根据速度与位移的关系式有 2=211 运动员在水平面上滑行时，根据牛顿第二定律有 =2 根据速度与位移的关系式有 2=222 联立代入数据解得 2=20m 故 BCD 错误 A 正确。故选 A。8、蹦极是新兴的一项户外休闲活动。如图，蹦极者站在约 40 米高的塔顶，把一端固定在塔顶的长橡皮绳另一端绑住身体，然后两臂伸开，从塔顶自由落下。当人体下落一段距离后，橡皮绳被拉紧，当到达最低点时橡皮7 绳再次弹起，人被拉起，随后又落下，这样反复多次，这就是蹦极的全过程。若空气阻力不计，橡皮绳弹力与伸长量成正比，橡皮绳弹力与人体重力相等位置为坐标原点，竖直向上为正方向，从第一次运动到最低点开始计时，则关于人体运动的位移x、速度v、加速度a、合外力F与时间t的关系图正确的是（）AB CD 答案：C 以向上为正方向，从最低点开始向上运动，合力F向上，加速度减小，速度增加，到达坐标原点，加速度为 0，速度达到最大值，继续上升，加速度增大，方向向下，速度减小，到达原长位置后继续上升到达最高点再返回到原长位置，此阶段加速度为g，速度均匀减小再均匀增大，之后加速度减小，方向向下，到达坐标原点，加速度为 0，速度达到最大值，继续下降，加速度增大，方向向上，速度减小直至到达最低点；故选 C。9、如图所示，A、B 两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向左做匀减速直线运动，运动过程中 B 受到的摩擦力（）8 A方向向左，大小不变 B方向向左，逐渐减小 C方向向右，大小不变 D方向向右，逐渐减小 答案：C A、B 两物块叠放在一起共同向左做匀减速直线运动，对 A 和 B 整体，根据牛顿第二定律有 =(A+B)A+B=然后隔离 B，根据牛顿第二定律有 AB=B=B 大小不变；物体 B 做速度方向向左的匀减速运动，故而加速度方向向右，摩擦力向右，C 正确，ABD 正确。故选 C。10、平伸手掌，托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出。对此现象分析正确的是（）A手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态 B手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态 C在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度 D在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度 答案：D A手托物体抛出的过程，必有一段加速过程，其后可以减速，可以匀速，当手和物体匀速运动时，物体既不超重也不失重，当手和物体减速运动时，物体处于失重状态，A 错误；B物体从静止到运动，必有一段加速过程，此过程物体处于超重状态，B 错误；C当物体离开手的瞬间，物体只受重力，此时物体的加速度等于重力加速度，C 错误；D物体和手有共同的速度和加速度时，二者不会分离，故物体离开手的瞬间，物体向上运动，物体的加速度等于重力加速度，但手的加速度大于重力加速度，并且方向竖直向下，D 正确。9 故选 D。11、如图所示，轻质弹簧一端固定在斜面顶端，另一端与A球相连，A、B间固定一个轻杆，B、C间由一轻质细线连接，A、B、C三球的质量均为m。倾角为 的光滑斜面固定在地面上，弹簧、轻杆与细线均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是（）AA球受力情况改变，加速度为 0 BC球的加速度沿斜面向下，大小为g CA、B之间杆的拉力大小为3sin DA、B两个小球的加速度均沿斜面向上，大小均为12sin 答案：D A细线被烧断的瞬间，以A、B整体为研究对象，弹簧的弹力不变，细线的拉力突变为 0，合力不为 0，加速度不为 0，A 错误；B对球C，由牛顿第二定律得 sin=解得 =sin 方向沿斜面向下，B 错误；D以A、B、C组成的系统为研究对象，烧断细线前，A、B、C静止，处于平衡状态，合力为 0，弹簧的弹力 =3sin 烧断细线的瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，以A、B整体为研究对象，由牛顿第二定律得 10 3sin 2sin=2 则A、B的加速度 =12sin D 正确；CB的加速度为 =12sin 以B为研究对象，由牛顿第二定律得 T sin=解得 T=32sin C 错误。故选 D。12、下列仪器中，不能用于直接测量三个力学基本物理量的是（）A天平 B刻度尺 C秒表 D弹簧测力计 答案：D 天平用来测量质量，而质量是基本物理量；刻度尺用来测量长度，而长度是基本物理量；秒表用来测量时间，11 而时间是基本物理量；弹簧测力计测量力，而力不是基本物理量。本题选不能直接测量三个力学基本物理量的，故选 D。13、下列属于国际单位制中的力学基本单位的是（）ANBACmDJ 答案：C 国际单位制中力学基本单位有米（m），秒（s），千克（kg），A、N、J 不是力学基本单位。故选 C。14、长征五号沿竖直方向加速升空的过程中（）A合力为零 B加速度与速度方向相同 C合力与速度方向相反 D加速度与合力方向相反 答案：B A长征五号加速上升，故合外力方向竖直向上，A 错误；B长征五号加速上升，加速度方向与速度方向相同，B 正确；C长征五号加速上升，故合外力方向竖直向上，与速度方向相同，C 错误；D由牛顿第二定律，长征五号加速上升过程中，加速度与合力方向相同，D 错误。故选 B。15、如图甲所示，用力F将质量为m的物块压在竖直墙上，从t=0 时刻起，测得物块所受墙壁的摩擦力随时间按如图乙所示规律变化，则下列判断正确的是（）12 A0t2时间内为静摩擦力，t2时刻之后为滑动摩擦力 B0t1时间内物块沿墙壁加速下滑，t2时刻物块的速度为 0 C压力F一定随时间均匀增大 D压力F恒定不变 答案：B A物块受到重力mg、水平压力F、墙面支持力 N 和墙面摩擦力f，t=0 时摩擦力f=0，因此物块沿墙壁下滑，物块受到滑动摩擦力，必满足 f=FN 而FN=F，所以在 0t2时间内是滑动摩擦力，且随压力F的增大而增大，故 A 错误；Bt1时刻，f=mg，合力为 0，加速度为 0，所以 0t1时间内物块加速下滑，t1t2时间内减速下滑，t2时刻之后摩擦力恒定且等于mg，是静摩擦力，故t2时刻物块的速度为 0，故 B 正确；CD由 0t2时间内f=kt及f=F可知，0t2时间内压力F随时间均匀增大，t2时刻后F可能继续增大，也可能保持不变，故 C，D 错误。故选 B。多选题 16、如图所示，一足够长的平直木板静止在水平地面上，木板上有两个质量分别为m和M的物块A、B，且，它们与木板间的动摩擦因数相同，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现用水平力F向右拉动木板，下列说法可能正确的是（）AA与木板间发生相对运动时，B与木板间不发生相对运动 BB与木板间发生相对运动时，A与木板间不发生相对运动 13 CA、B与木板间同时发生相对运动 DA与B的加速度相同 答案：CD 根据牛顿第二定律可知，A、B不与木板发生相对滑动的最大加速度，同时也是二者相对木板发生相对滑动后的加速度均为 =所以A、B与木板间同时发生相对运动或A、B与木板间同时不发生相对运动，且A、B的加速度始终相同，故AB 错误，CD 正确。故选 CD。17、国际单位制（缩写 SI）定义了米（m）、秒（s）等 7 个基本单位，其他单位均可由物理关系导出。例如，由 m 和 s 可以导出速度单位m/s，历史上，曾用“米原器”定义米，用平均太阳日定义秒。但是，以实物或其运动来定义基本单位会受到环境和测量方式等因素的影响，而采用物理常量来定义则可避免这种困扰。1967 年用铯133 原子基态的两个超精细能级间跃迁辐射的频率v=9192631770Hz 定义 s；1983 年用真空中的光速c=299792458m/s 定义 m。2018 年第 26 届国际计量大会决定，7 个基本单位全部用基本物理常量来定义。新 SI自 2019 年 5 月 20 日（国际计量日）正式实施，这将对科学和技术发展产生深远影响。下列选项正确的是（）A7 个基本单位全部用物理常量定义，保证了基本单位的稳定性 B用真空中的光速c（m/s）定义 m，因为长度l与速度v存在l=vt，而 s 已定义 C用基本电荷e（C）定义安培（A），因为电荷量q与电流I存在=，而 s 已定义 D因为普朗克常量h（Js）的单位中没有 kg，所以无法用它来定义质量单位 答案：ABC A由题可知，为了保证了基本单位的稳定性，基本单位全部采用物理常量定义，A 正确；B真空中光速恒定，而时间单位已确定，因此可以利用速度公式确定长度，B 正确；C根据=，电量单位为 C，而时间单位 s 已确定，故可以确定电流的单位，C 正确；14 D根据=2以及=即可确定出质量的单位，D 错误。故选 ABC。18、如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，在传送带上某位置轻轻放置一小木块，小木块与传送带间动摩擦因数为，小木块速度随时间变化关系如图所示，v0、t0已知，则（）A传送带一定逆时针转动 B=tan+00cos C传送带的速度大于v0Dt0后滑块的加速度为2sin 00 答案：AD A若传送带顺时针转动，当滑块下滑时(sin cos)，将一直匀加速到底端；当滑块上滑时(sin cos)，先匀加速运动，在速度与传送带速度相等后将匀速运动，两种均不符合运动图像；故传送带是逆时针转动，A 错误；B滑块在 0t0内，滑动摩擦力向下，做匀加速下滑，即有 1=sin+cos 由题图可知 1=00 则 =00cos tan 故 B 错误；C经过分析，由图可知，传送带的速度等于0，C 错误；15 D滑块与传送带的速度相等后的加速度 2=sin cos 代入 值得 2=2sin 00 故 D 正确。故选 AD。19、广州塔，昵称小蛮腰，总高度达 600m，游客乘坐观光电梯大约一分钟就可以到达观光平台若电梯简化成只受重力与绳索拉力，已知电梯在t=0 时由静止开始上升，a-t间关系如图所示则下列相关说法正确的是（）At=4.5s 时，电梯处于失重状态 B5s-55s 时间内，绳索拉力最小 Ct=59.5s 时，电梯处于失重状态 Dt=60s 时，电梯速度恰好为 0 答案：CD A.据题，电梯在t=0 时由静止开始上升，加速度向上，此时加速度a0，t=4.5s 时，a0，加速度向上，电梯处于超重状态，故 A 错误；B.555s 时间内，a=0，电梯处于平衡状态，绳索拉力等于电梯的重力，大于电梯失重时绳索的拉力，所以这段时间内绳索拉力不是最小，故 B 错误；Ct=59.5s 时，a0，加速度方向向下，电梯处于失重状态，故 C 正确；16 D.根据a-t图象与坐标轴所围的面积表示速度的变化量，由几何知识可知，60s 内a-t图象与坐标轴所围的面积为 0，所以 60s 内速度的变化量为 0，而电梯的初速度为 0，所以t=60s 时，电梯速度恰好为 0故 D 正确 20、一质量为m的物块静置于粗糙水平面上，物块与水平面间的动摩擦因数为，在t=0 时刻对其施加一个水平方向的作用力F。F的大小随时间的变化规律如图所示，f表示其受到的摩擦力，v表示其速度，a表示其加速度，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。在下列选项中对应图像可能正确的是（）AB CD 答案：BD AB根据图像可知，物块所受拉力F随时间均匀增大，当拉力F小于最大静摩擦力时，物块处于静止状态，摩擦力为静摩擦力，满足 f=F=kt 当拉力大于最大静摩擦力时，物块开始滑动，摩擦力为滑动摩擦力，大小满足 f=mg A 错误，B 正确；C物块滑动前加速度为零，当物块开始滑动后，由牛顿第二定律可得 F-mg=ma 17 解得 a=-g 加速度随时间线性增大，且应有横截距，C 错误；D当拉力小于最大静摩擦力时，物块处于静止状态，当拉力大于最大静摩擦力时，物块开始做加速度增大的变加速运动，D 正确。故选 BD。21、上表面水平的斜劈 B 放在匀速转动的倾斜传送带上，物块 A 放在斜劈 B 的上表面，如图所求。已知物块 A、斜劈 B 在传送带上做匀速直线运动，物块 A 与斜劈 B、斜劈 B 与传送带间的接触面均粗糙，则下列说法正确的是（）A物块 A 不受摩擦力 B斜劈 B 不受摩擦力 C传送带可能沿顺时针转动 D若传送带做变速运动，则 A、B 不可能做匀速直线运动 答案：AC A因为物块 A、斜劈 B 整体在传送带上做匀速直线运动，所以物块 A 在水平方向上不受 B 斜劈的摩擦力，故 A正确；B物块 A、斜劈 B 整体放在匀速转动的倾斜传送带上，有向下的运动趋势，所以斜劈 B 受传送带的摩擦力，故B 错误；CD当物块 A、斜劈 B 整体匀速下滑，如果传送带逆时针的速度大于物块 A、斜劈 B 整体匀速下滑的速度时，18 不论传送带做变速运动还是匀速运动，物块 A、斜劈 B 整体运动情况不变，仍做匀速运动，故 C 正确，D 错误；故选 AC。22、下列说法中正确的是（）A物体抵抗运动状态变化的性质是惯性 B惯性是物体的固有属性，其大小仅与物体质量有关 C物体运动状态发生改变时仍有惯性 D物体速度越大，它的惯性就越大 答案：ABC A任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫作惯性，所以物体抵抗运动状态变化的性质是惯性，A 正确；BD因为任何物体在任何情况下都有惯性，其大小只与质量有关，质量大的惯性大，与速度无关，B 正确、D 错误；C惯性的大小与物体的运动状态无关，物体运动状态改变时，物体的惯性不变，C 正确。故选 ABC。23、如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为，以恒定速率=4m/s顺时针转动。一煤块以初速度0=12m/s从A端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A倾斜传送带与水平方向夹角的正切值tan=0.75 19 B煤块与传送带间的动摩擦因数=0.35 C煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为(2+5)s D煤块在传送带上留下的痕迹长为(12+45)m 答案：ACD AB由v-t图像得 01s 内煤块的加速度大小 1=12 41m/s2=8m/s2 方向沿传送带向下；12s 内煤块的加速度大小 2=4 01m/s2=4m/s2 方向沿传送带向下。01s，对煤块由牛顿第二定律得 sin+cos=1 12s，对煤块由牛顿第二定律得 sin cos=2 解得 tan=0.75=0.25 故 A 正确，B 错误；Cv-t图像图线与时间轴所围面积表示位移大小，所以煤块上滑总位移大小为x=10m，由运动学公式得下滑时间为 下=22=2 104s=5s 所以煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为(2+5)s，故 C 正确；20 D01s 内煤块比传送带多走 4m，划痕长 4m，12s 内传送带比煤块多走 2m，划痕还是 4m。2(2+5)s内传送带向上运动，煤块向下运动，划痕总长为 2+1222+=(12+45)m 故 D 正确。故选 ACD。24、下列对牛顿第二定律的表达式=及其变形公式的理解，正确的是（）A由=可知，物体所受的合外力与物体的质量成正比，与物体的加速度成反比 B由=可知，物体的质量与其所受合外力成正比，与其运动的加速度成反比 C由=可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比 D由=可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合外力而求得 答案：CD A物体的合外力与物体的质量和加速度无关，故 A 错误；B物体的质量与合外力以及加速度无关，由本身的性质决定，故 B 错误；C根据牛顿第二定律=可知，物体的加速度与其所受合外力成正比，与其质量成反比，故 C 正确；D由=可知，物体的质量可以通过测量它的加速度和它所受到的合外力而求得，故 D 正确。故选 CD。25、伽利略在研究力与运动的关系时成功地设计了理想斜面实验。下面关于理想实验的叙述中正确的是（）A理想实验是建立在经验事实基础上的合乎逻辑的科学推断 B理想实验完全是逻辑思维的结果，不需要经过客观事实的检验 C理想实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而更深刻地揭示了自然规律 21 D理想实验所提出的设想是不合乎实际的，因此得出的结论是脱离实际的、不可靠的 答案：AC A在伽利略研究力与运动的关系时，是在斜面实验的基础上，成功地设计了理想斜面实验，他以实际的实验为依据，抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而能够更深刻地揭示了自然规律，因此，理想实验是实际实验的延伸，而不是实际的实验，是建立在实际事实基础上的合乎逻辑的科学推断，故 A 项正确；B理想实验的结果，要经过客观事实的检验，才能证明其是否正确，故 B 项错误；CD理想实验抓住了客观事实的主要因素，忽略了次要因素，从而能够更深刻地揭示了自然规律，并没有脱离实际，是可靠的，故 C 正确，D 错误。故选 AC。填空题 26、如图，建筑工人用砖夹竖直搬运四块相同的砖，每块砖的质量均为，重力加速度大小为。当砖静止时，砖块2对砖块3的摩擦力大小为_。当将四块砖一起竖直向上加速提起时，砖块2对砖块3的摩擦力大小为_。答案：0 0 1以砖块2和砖块3的整体为研究对象，四块砖完全相同，由物体的平衡条件可知，砖块4对砖块3的摩擦力与砖块1对砖块2的摩擦力大小均为、方向竖直向上；以砖块3为研究对象，由物体的平衡条件可知，砖块2对砖块3的摩擦力为0；2对砖块2和砖块3整体，根据牛顿第二定律有 243 2=2 解得砖块4对砖块3的摩擦力大小 22 43=+方向竖直向上；对砖块3，根据牛顿第二定律有 23+43 =解得 23=0 27、如图所示，质量为 10 kg 的物体拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的拉力为 5N 时，物体与小车均处于静止状态。若小车以 1m/s2的加速度向右运动，g取 10m/s2，物体受到的摩擦力为_ N，方向_（选填“向左”或“向右”）。答案：5 向右 1设弹簧的形变量为x，当物体和小车都静止时，根据平衡条件得 =5 当小车向右加速运动时，根据牛顿第二定律得 +=解得 =5N 2方向向右 28、在同一水平面上的几个力同时作用于质量为m的物体，物体处于静止状态，如果其中一个大小为F的力顺时针转动 60后（不计转动时间），物体的加速度大小为_，物体运动t时间的位移为_。答案：22 23 1根据平衡条件，除了F外的其他力的合力与F等大反向，则将F的力顺时针转动 60后，F与其他力的合力方向夹角为 180-60=120 根据平行四边形定则，可知，物体所受外力的合力大小仍然为 F，根据牛顿第二定律有 =2根据位移公式，物体运动t时间的位移 =122=22 29、如图所示，两个物体A、B叠放在一起，接触面粗糙。（1）若将它们同时自由释放，不计空气阻力，在空中运动的过程中，两个物体始终保持图中位置关系没有分离，则物体B_（填选项前的字母）。（2）若将它们同时竖直向上抛出，不计空气阻力，在空中运动的过程中，两个物体始终保持图中位置关系没有分离，则物体B_（填选项前的字母）。（3）若将它们同时水平抛出，不计空气阻力，在空中运动的过程中，两个物体始终保持图中位置关系没有分离，则物体B_（填选项前的字母）。A只受重力 B受重力和A对它的压力 C受重力和A对它的摩擦力 D受重力、A对它的压力和摩擦力 答案：A A A 24 （1）1以两物体整体为研究对象，两个物体A、B同时由静止释放，由于不计空气阻力，两个物体都只受重力作用，根据牛顿第二定律，它们的加速度等于重力加速度，方向竖直向下，两物体都处于完全失重状态，故在空中运动的过程中，物体A、B都只受到重力，故选 A。（2）2以两物体整体为研究对象，两个物体A、B同时竖直上抛，由于不计空气阻力，两个物体都只受重力作用，根据牛顿第二定律，它们的加速度等于重力加速度，方向竖直向下，两物体都处于完全失重状态，故在空中运动的过程中，物体A、B都只受到重力，故选 A。（3）3以两物体整体为研究对象，两个物体A、B同时以相同的速度水平抛出，由于不计空气阻力，两个物体都只受重力作用，根据牛顿第二定律，它们的加速度等于重力加速度，方向竖直向下，两物体都处于完全失重状态，故在空中运动的过程中，物体A、B都只受到重力，故选 A。30、三个木块a、b、c和两个劲度系数均为 500N/m 的相同轻弹簧p、q用轻绳连接如图，a放在光滑水平桌面上，a、b质量均为 1kg，c的质量为 2kg。开始时p弹簧处于原长，木块都处于静止。现用水平力缓慢地向左拉p弹簧的左端，直到c木块刚好离开水平地面为止。则当c木块刚好离开水平时q弹簧的形变量大小为_cm，该过程p弹簧的左端向左移动的距离_cm。（不计滑轮摩擦，g取 10m/s2）答案：4 12 12开始未用水平力拉p弹簧时，弹簧q处于压缩状态，受到的压力等于b物体的重力，由胡克定律得弹簧q压缩的长度为 1=10500m=0.02m=2cm 当c木块刚好离开水平地面时，弹簧q处于伸长状态，受到的拉力为等于c物体的重力，根据胡克定律得弹簧q伸长的长度当c木块刚好离开水平地面时，弹簧q处于伸长状态，受到的拉力为等于c物体的重力，根据胡克定律得弹簧q伸长的长度 25 2=20500m=0.04m=4cm 此时，弹簧p处于伸长状态，受到的拉力等于b、c的总重力，则弹簧p伸长的长度为 3=(+)=30500m=0.06m=6cm 根据几何关系得到，该过程p弹簧的左端向左移动的距离为 =1+2+3=12cm