1、
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高三物理参考答案
1
2
3
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5
6
7
8
9
10
A
B
D
C
B
C
B
AC
BD
AD
11．(
2、1) 在误差允许的范围内两球同时落地/听到同时落地的撞击声（1 分）
(2) 自由落体运动/自由下落（1 分）
1
(3)
（2 分）
(4) 1:2:3（2 分）
1
5
1
2．(1) (3 分)
(2) 1.48V、1.49V、1.50（1 分）
0.509 ~ 0.556 Ω（2 分）
ꢀ0
ꢁ0
(3) 见图（1 分）
ꢀ0 + ꢂ（2 分）
13．(1) 1.8kg·m/s
(2) 186N
解：(1) 规定铁锤初速度方向为正方向，对铁锤分析：
P = 0 - mv = -1.8kg × m / s ，改变量为1.8kg ×m / s 方向：竖
3、直向上（2 分+2 分）
D
(2) 钉子受到的平均作用力为 F`，对铁锤由牛顿第三定律可得： F = F ' （1 分）
-
( - ) = D （3 分）
mg t
F
P
F = 186N （2 分）
2
v
1
4．(1) 由 B 点压力为零，有 Mg = M 0 （2 分）
R
2
+
h2
d
得 v0 = gR ，（或者 R2
=
d
2
+
(R
-
h)2
， v0 = g ×
）（1 分）
2
h
1
(2) 物块从 A 到 B 由动能定理，有 Fd - Mgh
R + 2h + 5h2
=
Mv
2 （
4、2 分），
0
2
d
2
得 F =
Mg （或者
Mg ）（1 分）
2
d
4hd
(3) 物块与小球发生弹性正碰，有 Mv = Mv + mv （2 分）
0
1
2
1
2
1
1
2
2
=
M v1
2 +
2
2
M v0
mv （2 分）
2
小球恰做完整圆周运动，最高点 v > 0 （1 分）
{
#{QQABAQAEogAAAgBAABgCQwmCCECQkhACAYgGBAAEoAABCRNABAA=}#}
-
1
2
碰后小球从最低点运动到最高点由动能定理， -mgR
=
5、0 -
2 （1 分）
mv
2
解得 m = ( 2 -1)M ，
æ
ö
d
2
+
h
2
所以小球质量取值范围： m < ( 2 -1)M （或者 m < ç
-1÷× M ）（2 分）
ç
÷
hR
è
ø
1
2
1
5．(1) qU0
=
mv0
2
（2 分） 得 v0 = 2kU0 （1 分）
d
1
(2) 粒子在 I 磁场中运动的半径最小为 d （1 分）
2
粒子在 I 磁场中运动的半径最大为 2d （1 分）
2
d
v2
由 qvB = m
（2 分）
3
d
R
1
kB2d
2
6、
qU
=
mv2
解得
£U £ 2kB2d2 （2 分）
d
d
2
8
y
0
.2d
y
x
d
d
x
-
1.8d
2
2d
-
2.6d
-
1.8d
-
3.2d
2
v
(3) 直穿 y 轴粒子 R = d （1 分）， qv B = m 1 （1 分）得 v1 = kBd
1
1
R
1
1
1
2
在 II 区域电场中加速过程 qEd
=
mv
2 -
2
mv
2 （1 分）得 v2 = 2kBd
1
2
2
v
在 III 区域运动一个半圆 qv2B = m 2 （1 分）
7、得 R2 = 2d
R
2
之后将进入电场减速运动，由对称性速度变为 v1
在 I 区域运动半径为 R1 = d
运动一个半圆穿过 y 轴坐标为 0.2d
{
#{QQABAQAEogAAAgBAABgCQwmCCECQkhACAYgGBAAEoAABCRNABAA=}#}
之后重复前一过程，在 II 区域第二次加速，III 区域
运动半圆周离开磁场坐标为（d,-2.6d），进入无场区。
匀速运动后，在 I 区域运动半径为 R2 = 2d
1
1
mv
2 ， R3 = 3 = 3d （1 分）
2
之后在 II 区域第 3 次加速， qEd
=
mv
2 -
3
mv
2
2
qB
在 II 区域第 4 次加速后在 III 区域运动半径
R4 = 2d 恰好与右边界相切（1 分）
在 II 区域第 5 次加速后在 III 区域运动半径
R5 = 5d 粒子将从右边界离开 III 区域磁场（1 分）
由几何关系可知，粒子离开磁场的坐标为（3d，-d）（2 分）
{
#{QQABAQAEogAAAgBAABgCQwmCCECQkhACAYgGBAAEoAABCRNABAA=}#}
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