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陕西省中考物理试卷
一、选择题（共8小题，每题2分，计16分，每题只有一种选项是符合题目规定）
1．（2分）（ •陕西）图示为中国民族吹管乐器﹣﹣唢呐，用它吹奏名曲《百鸟朝凤》时，模拟多种鸟儿叫声悦耳动听，让人仿佛置身于百鸟争鸣森林之中，有关唢呐，下列说法对旳是（ ）
A．用不同样力度吹奏，核心变化声音音调
B．吹奏时按压不同样位置气孔，核心变化声音响度
C．唢呐前端喇叭核心变化声音音色
D．唢呐模拟鸟儿叫声令人愉悦，是乐音
2．（2分）（ •陕西）下列估测最符合实际是（ ）
A．初中生大拇指长度一般为10cm
B．篮球从篮板上篮圈落到地面时间约为1min
C．炎热夏天，太阳下摸起来烫手石头，温度一定高于37℃
D．你用来答卷笔质量约为100g
3．（2分）（ •陕西）下图象和描述物理量间关系，相应错误是（ ）
A．晶体温度和加热时间关系 B．液体沸腾前后温度和加热时间关系
C．物体做匀速直线运动时路程和时间关系 D．同种物质质量和体积关系
4．（2分）（ •陕西）有关人类对世界摸索和结识，下列说法对旳是（ ）
A．原子由原子核和核外电子构成，原子核不可再分
B．对分子运动研究只能借助光学显微镜
C．伽利略运用自制望远镜进行了大量天文观测，支持了哥白尼“日心说”
D．构成宇宙星系有是运动，有是静止
5．（2分）（ •陕西）下列符合安全用电做法是（ ）
A．将电电扇三线插头最长脚弯曲后，插在两孔插座上使用
B．家庭电路浮现故障，断电后进行维修
C．将开关接在家庭电路零线上
D．拔插头时直接用手拽插头上电线
6．（2分）（ •陕西）下图中实验反映了发电机工作原理是（ ）
A．B．C．D．
7．（2分）（ •陕西）精细陶瓷以硬度大、耐高温、绝缘线好、有尚有高透光性等特点成为现代新材料之一，下列陶瓷制品中核心运用耐高温这一物理属性是（ ）
A．陶瓷制成汽油机火花塞 B．陶瓷刀具
C．陶瓷制成光导纤维 D．陶瓷制成人工膝关节
8．（2分）（ •陕西）图示为一种新型薄膜太阳能电池，厚度只有几微米，可弯曲，1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h电能，它可以贴在玻璃上，制成太阳能发电窗户，下列说法对旳是（ ）
A．太阳能不是清洁能源
B．太阳能从太阳传播到薄膜电池上没有能量损失
C．薄膜太阳能电池将电能直接转化为光能
D．1g薄膜太阳能电池1h可提供2.16×104J电能
二、填空和作图题（共6小题，计19分）
9．（2分）（ •陕西）干燥冬天，化纤衣服很容易吸附灰尘，这是衣服由于摩擦带了 ，从而具有了 轻小物体性质．
10．（3分）（ •陕西）中国出名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅变化了羽毛球 方向，并且使羽毛球速度高达383km/h，合 m/s（计算成果保存一位小数），从而使羽毛球具有较大 能．
11．（3分）（ •陕西）图示为“长征六号”运载火箭，它初次采用了中国最新研制大推力液氧煤油发动机．
①煤油燃烧过程中，其热值大小 ；
②火箭起飞时，煤油燃烧产生大量高温高压燃气，燃气对火箭推力达1.2×106N，这个力可举起质量为 t物体（g取10N/kg）；
③燃气对火箭做功，燃气内能会 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．
12．（3分）（ •陕西）小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到浮力大小 （选填“不小于”、“不不小于”或“等于”）重力，小明想懂得甜瓜密度，于是将甜瓜放入盛满水溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到浮力比漂浮时增大了 N（g取10N/kg），甜瓜密度为 g/cm3．
13．（4分）（ •陕西）图1所示，铅笔芯和滑动变阻器串联在电压恒为6V电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片从A端向B端移动，电流表和电压表达数变化状况图2所示，由图象可知，当滑动变阻器两端电压为1V时，滑动变阻器消耗功率为 W，此时，铅笔芯两端电压是 V，铅笔芯电阻是 Ω，在滑动变阻器接入电路阻值逐渐减小过程中，铅笔芯电阻 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
14．（4分）（ •陕西）（1）图1为一种装满水盖上硬纸片后倒置杯子，请在纸片下表面O点处画出纸片受到大气压力F示意图；
（2）图2是“探究电流通过导体产生热量和电阻关系”实物电路，请用笔画线替代导线完毕电路连接．
三、实验和探究题（共3小题，计19分）
15．（4分）（ •陕西）按规定完毕下列填空：
（1）图1，电压表达数为 V；
（2）图2，静止小车忽然向右运动时，放在小车上木块会向 倾倒；
（3）图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电压表达数保持不变，则实验探究是电流和 关系；
（4）图4，给固体加热时，采用“水浴法”达到核心效果是让固体 ．
16．（8分）（ •陕西）某小组同窗用图1装置“探究凸透镜成像特点”，其中凸透镜焦距为15cm，她们进行实验同步在坐标纸上记录蜡烛和光屏上像位置和大小，图2（用带箭头线段表达物或像，A′，B′分别表达蜡烛在A，B处像位置）．
（1）从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时光屏上得到所有是倒立、 实像，生活中运用这个成像特点制成了 （写出一种即可）；
（2）和其他小组交流后发现，当蜡烛在距透镜15﹣30cm之间时，像均成在透镜另一侧距透镜30cm以外处，但是，当她们把蜡烛放在C位置时，在光具座上不管如何移动光屏，所有不能得到清晰像，因素是像距 ；
（3）为了让蜡烛在C位置像成在光具座上光屏上，她们采用了两种做法：
做法一：保持蜡烛和透镜位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又浮现了清晰像，这表白像距变 了，由此推断更换凸透镜会聚光能力较强，此透镜焦距 15cm（选填“不小于”、“不不小于”或“等于”）．
做法二：保持蜡烛和透镜位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一种凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又浮现了清晰像，由此实验联系实际，远视眼晶状体焦距较 （选填“大”或“小”），将近处物体像成在视网膜 方（选填“前”或“后”），故需佩戴 透镜矫正．
17．（7分）（ •陕西）在某爱好小组同窗观测到：①飞机在起飞和航行时机翼仰角不同样；②飞机越大其机翼越大．她们想探究“机翼获得升力大小和机翼仰角、机翼面积有什么关系？”（注：机翼仰角为机翼下表面和水平面夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影面积）
她们运用塑料泡沫等材料自制了三个质量相似、形状相似、面积不同样机翼模型，把圆柱形空心笔穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，保证“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动，将“机翼”挂在测力计下方，实验装置图所示．
（1）用鼓风机对着“机翼”吹风模拟飞机在空中飞行，当鼓风机向右吹风时，以气流为对照物，飞机向 飞升；
（2）为了研究“机翼”获得升力和仰角关系，她们对同一种“机翼”吹风，并保持风速不变，只变化“机翼” 大小，观测并记录测力计示数，在其他条件相似时，更换面积不同样“机翼”反复上述实验，实验记录如表：
（每次吹风前测力计示数均为3.5N）
机翼面积/cm2
测力计示数/N
机翼仰角
275
395
566
0°（水平）
3.2
3.0
2.6
较小
3.0
2.9
2.4
较大
2.9
2.8
2.3
最大
3.1
2.9
2.7
①在上述实验中，吹风前后测力计示数 即为“机翼”获得升力大小；
②通过度析数据可以得出结论：当质量、形状、机翼面积和风速相似时，仰角增大，获得升力 （选填“一定”或“不一定”）增大；当质量、形状、仰角和风速相似时，机翼面积越大，获得升力 ；
③实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向 摩擦力，因此测得升力应 “机翼”实际获得升力．
四、综合题（共2小题，计16分）
18．（7分）（ •陕西）图是一台两栖履带起重机，它可以在陆地和水深不超过2.5米滩涂路面行驶工作．
（1）起重机安装宽敞履带目旳是减小起重机对地面 ；
（2）当起重机吊起4.8×105N货品时，货品匀速升高15m用时40s，若滑轮组机械效率为75%，滑轮组上绳子自由端拉力及拉力功率各是多少？
19．（9分）（ •陕西）图1为一款运用高温水蒸气熨烫衣服便携式挂烫机，它正常工作电压为220V，水箱装水最多0.3kg，加热功率有大小两个档位，设计师最初设计内部电路有图2甲、乙两种接法，其中电热丝R1=56Ω，R2=44Ω．
（1）高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速 成小水珠，放出热量，将衣服熨平（填物态变化名称）；
（2）如果选择甲电路，电路中最大电流为 A，如果选择乙电路，电路中最大电流为 A，由于两个电路中所选熔断器里熔丝许可通过最大电流为8.2A，故设计师最后选择了甲电路；（计算成果保存一位小数）
（3）请分别计算这款挂烫机两个档位额定功率；
（4）若将水箱中0.22kg水从25℃加热到100℃，挂烫机至少需要加热多长时间？[水比热容c=4.2×103J/（kg•℃）]．
陕西省中考物理试卷
参照答案和试题解析
一、选择题（共8小题，每题2分，计16分，每题只有一种选项是符合题目规定）
1．（2分）（ •陕西）图示为中国民族吹管乐器﹣﹣唢呐，用它吹奏名曲《百鸟朝凤》时，模拟多种鸟儿叫声悦耳动听，让人仿佛置身于百鸟争鸣森林之中，有关唢呐，下列说法对旳是（ ）
A．用不同样力度吹奏，核心变化声音音调
B．吹奏时按压不同样位置气孔，核心变化声音响度
C．唢呐前端喇叭核心变化声音音色
D．唢呐模拟鸟儿叫声令人愉悦，是乐音
【分析】声音特性涉及音调、响度和音色．音调指声音高下，响度指声音大小、音色是声音品质和特色；
从物理学角度，发声体有规则振动发出是乐音，无规则振动发出是噪音；从环保角度，一般影响人们正常工作、学习、休息声音，所有也许是噪音．
【解答】解：A、用不同样力度吹奏，核心发声体振幅不同样，从而发出声音响度不同样，故A错误；
B、吹奏时按压不同样位置气孔，则发声空气柱长度不同样，振动频率不同样，因此核心变化声音音调，故B错误；
C、唢呐前端喇叭核心是使声音放大，核心变化声音响度，故C错误；
D、唢呐模拟鸟儿叫声令人愉悦，此时对听到人来说是乐音，故D对旳．
故选D．
【点评】本题核心考察了对声音特性辨别和对乐音、噪音定义理解等，要注意对概念理解．
2．（2分）（ •陕西）下列估测最符合实际是（ ）
A．初中生大拇指长度一般为10cm
B．篮球从篮板上篮圈落到地面时间约为1min
C．炎热夏天，太阳下摸起来烫手石头，温度一定高于37℃
D．你用来答卷笔质量约为100g
【分析】此题考核对生活中常用物理量估测，结合对生活理解和对物理单位结识，找出符合实际选项．
【解答】解：
A、一支钢笔长度在10cm左右，初中生大拇指长度一般在5cm左右．此选项不符合实际；
B、篮球架篮圈到地面高度在3m左右，篮球从篮板上篮圈落到地面时间在3s左右．此选项不符合实际；
C、人体正常体温在37℃左右，摸起来感觉烫手石头，阐明温度比37℃高得多．此选项符合实际；
D、一块橡皮质量在8g左右，答卷笔质量和此差不多，在10g左右．此选项不符合实际．
故选C．
【点评】物理学中，对多种物理量估算能力，也是我们应当加强锻炼核心能力之一，这种能力提高，对我们生活同样具有很大现实意义．
3．（2分）（ •陕西）下图象和描述物理量间关系，相应错误是（ ）
A．
晶体温度和加热时间关系
B．
液体沸腾前后温度和加热时间关系
C．
物体做匀速直线运动时路程和时间关系
D．
同种物质质量和体积关系
【分析】先思考图象中两个物理量关系是如何，再看图象中所反映这两个物理量关系和这个关系与否吻合．
【解答】解：A、晶体在熔化前温度升高，熔化时温度保持不变，熔化后吸热温度升高，因此C对旳；
B、液体沸腾后，继续吸热，温度不变，而图中表达温度减少、不变、减少，故B错误；
C、匀速直线运动物体，速度是一定值，路程和时间成正比，故C对旳；
D、物质质量m和物体体积V成正比，物体m﹣V图象是一条倾斜直线，图乙图象和物体质量和体积关系关系相符，故D对旳．
故选B．
【点评】此题考察了对m﹣﹣V图象、晶体熔化图象、s﹣﹣t图象分析，核心是弄清各物理量之间关系．
4．（2分）（ •陕西）有关人类对世界摸索和结识，下列说法对旳是（ ）
A．原子由原子核和核外电子构成，原子核不可再分
B．对分子运动研究只能借助光学显微镜
C．伽利略运用自制望远镜进行了大量天文观测，支持了哥白尼“日心说”
D．构成宇宙星系有是运动，有是静止
【分析】原子核由质子和中子构成；
物质是由分子构成，分子是体积很小，一般分子直径只有百亿分之几米，一般以10﹣10m做单位来量度；
伽利略率先用望远镜观测天空，由此得到有关天体运营成果支持了哥白尼日心说；
宇宙中运动是绝对旳，静止是相对旳．
【解答】解：
A、原子核由质子和中子构成，而质子和中子所有是由“夸克”粒子构成，故A错误；
B、构成物质分子体积很小，如果将分子当作一种个小球，其直径只有百亿分之几米，一般显微镜看不到，因此必需使用超级电子显微镜进行观测，故B错误；
C、典型力学和实验物理学先驱伽利略率先用望远镜观测天空，由此得到有关天体运营成果支持了哥白尼日心说，故C对旳；
D、宇宙中运动是绝对旳，静止是相对旳，构成宇宙星系所有是运动，故D错误；
故选C．
【点评】此题考察了人类对微观构造和宏观世界结识，属于基本知识，能激发学生学习爱好，调动学业生学习积极性．
5．（2分）（ •陕西）下列符合安全用电做法是（ ）
A．将电电扇三线插头最长脚弯曲后，插在两孔插座上使用
B．家庭电路浮现故障，断电后进行维修
C．将开关接在家庭电路零线上
D．拔插头时直接用手拽插头上电线
【分析】对每个选项逐个分析，选项A涉及接地线问题，选项B涉及电路维修常识，应断电维修，选项C涉及开关接火线问题，选项D涉及生活常识，如何对旳使用插头．
【解答】解：
A、电电扇三线插头最长脚是接地，不能弯曲不用，故A错误；
B、家庭电路浮现故障，断电后进行，符合安全用电原则，故B对旳；
C、开关应开关接在家庭电路零线上，故C错误；
D、拔插头时直接用手拽插头上电线，线断了会触电，不安全，故D错误．
故选：B．
【点评】本题考察了学生对安全用电知识理解和掌握，平时学习时多理解、多积累，加强安全意识，不能违背．
6．（2分）（ •陕西）下图中实验反映了发电机工作原理是（ ）
A．B．C．D．
【分析】电磁感应现象内容是：闭合电路一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；明确选择项中提到这四个电学设备制成原理，然后和题目规定相应，从而可以得到答案．
【解答】解：A、此图是奥斯特实验，即该实验表白通电导线周边有磁场，故A错误；
B、该实验是用于研究电磁铁磁性强弱和线圈匝数关系，故B错误；
C、该选项中有电源，即磁场中线圈通电后，会受力转动，即阐明通电导线在磁场中受力作用，即电动机原理，故C错误；
D、该选项中没有电源，线圈在磁场中转动时，会做切割磁感线运动，从而产生感应电流，故是电磁感应现象，发电机就是运用该原理制成，故D对旳；
故选D．
【点评】在电和磁这一部分中，学到了诸多电学设备，每个设备制成原理是常常考察知识点．要在理解基本上，记住这些基本知识．
7．（2分）（ •陕西）精细陶瓷以硬度大、耐高温、绝缘线好、有尚有高透光性等特点成为现代新材料之一，下列陶瓷制品中核心运用耐高温这一物理属性是（ ）
A．陶瓷制成汽油机火花塞 B．陶瓷刀具
C．陶瓷制成光导纤维 D．陶瓷制成人工膝关节
【分析】根据材料特性及各选项材料与否适合这一特性来鉴定．
【解答】解：
A、陶瓷制成汽油机火花塞是运用陶瓷耐高温特点，故A符合题意；
B、用纳米陶瓷材料制成切割硬物刀具运用坚硬、耐磨特性，故B不符合题意；
C、光导纤维不能导电，但可以导光是运用了高透光性特点，故C不符合题意；
D、用纳米陶瓷制成人工膝关节是运用了其具有一定韧性，故D不符合题意．
故选A．
【点评】要会分析根据材料特性来鉴定应用场合，是一道基本题，学生易于解答．
8．（2分）（ •陕西）图示为一种新型薄膜太阳能电池，厚度只有几微米，可弯曲，1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h电能，它可以贴在玻璃上，制成太阳能发电窗户，下列说法对旳是（ ）
A．太阳能不是清洁能源
B．太阳能从太阳传播到薄膜电池上没有能量损失
C．薄膜太阳能电池将电能直接转化为光能
D．1g薄膜太阳能电池1h可提供2.16×104J电能
【分析】（1）太阳能清洁环保无污染；
（2）太阳能从太阳传播到薄膜电池上有一定效率，因此有能量损耗；
（3）薄膜太阳能电池将光能直接转化为电能；
（4）可根据题目已知条件“1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h电能”进行单位换算得出以焦耳为单位电能数值．
【解答】解：A、太阳能清洁环保无污染，因此A错误；
B、太阳能从太阳传播到薄膜电池上有一定效率，因此有能量损耗，因此B错误；
C、薄膜太阳能电池将光能直接转化为电能，因此C错误；
D、可根据题目已知条件“1g薄膜太阳能电池1h可提供6×10﹣3kW•h电能”进行单位换算得出以焦耳为单位电能数值，6×10﹣3kW•h=6×10﹣3×3.6×106J=2.16×104J，D对旳．
故选：D
【点评】本题考察太阳能电池长处和电能计算，核心是对旳计算太阳能电池板产生电能．
二、填空和作图题（共6小题，计19分）
9．（2分）（ •陕西）干燥冬天，化纤衣服很容易吸附灰尘，这是衣服由于摩擦带了 电荷 ，从而具有了 吸引 轻小物体性质．
【分析】通过衣服容易脏，可以拟定衣服吸引了轻小物体，由此联想到化纤衣服和人体会发生摩擦而起电．
【解答】解：化纤衣服和人体摩擦，摩擦起电，使衣服带有了电荷，由于带电体可以吸引轻小物体．因此带电衣服会将细小物体灰尘吸附在它上面，导致了衣服比较容易脏．
故答案为：电荷；吸引．
【点评】该题考察了摩擦起电和带电体可以吸引不带电轻小物体．
10．（3分）（ •陕西）中国出名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅变化了羽毛球 运动 方向，并且使羽毛球速度高达383km/h，合 106.4 m/s（计算成果保存一位小数），从而使羽毛球具有较大 动 能．
【分析】①力可以变化物体形状，也可以变化物体运动状态；运动状态涉及物体运动方向和速度变化；
②1km/h=m/s；
③影响动能影响因素是物体质量和物体运动速度．
【解答】解：①出名羽毛球运动员傅海峰扣球时不仅变化了羽毛球运动方向；
②383km/h=383×m/s≈106.4m/s；
③羽毛球质量不变，速度很大，因此羽毛球具有较大动能．
故答案为：运动；106.4；动．
【点评】此题考察力作用效果、速度单位换算和动能大小影响因素，是一道综合性较强题目，但难度不大，属于基本题．
11．（3分）（ •陕西）图示为“长征六号”运载火箭，它初次采用了中国最新研制大推力液氧煤油发动机．
①煤油燃烧过程中，其热值大小 不变 ；
②火箭起飞时，煤油燃烧产生大量高温高压燃气，燃气对火箭推力达1.2×106N，这个力可举起质量为 120 t物体（g取10N/kg）；
③燃气对火箭做功，燃气内能会 减小 （选填“增大”、“减小”或“不变”）．
【分析】（1）热值是物质一种特性，和质量大小无关；
（2）火箭起飞时，燃气对火箭推力和卫星对火箭压力是一对作用力和反作用力，据此求出火箭承受压力，即物体重力；
运用重力计算公式：根据G=mg可以计算出其质量；
（3）内燃机在做功冲程能量转化是内能转化为机械能冲程，内能将减小．
【解答】解：
①热值是燃料一种特性，它只和燃料种类有关，因此煤油燃烧过程中，其热值大小不变；
②火箭起飞时，燃气对火箭推力和卫星对火箭压力是一对作用力和反作用力，因此火箭承受压力为1.2×106N，即物体重力G=1.2×106N；
根据G=mg可知，这个力可举起质量为m===1.2×105kg=120t；
③燃气对火箭做功，内能转化为机械能，因此燃气内能会减小．
故答案为：①不变；②120；③减小．
【点评】本题考察了热值特性、互相作用力应用、重力公式应用和变化内能措施，属于综合性题目．
12．（3分）（ •陕西）小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到浮力大小 等于 （选填“不小于”、“不不小于”或“等于”）重力，小明想懂得甜瓜密度，于是将甜瓜放入盛满水溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到浮力比漂浮时增大了 0.25 N（g取10N/kg），甜瓜密度为 0.943 g/cm3．
【分析】（1）漂浮时，浮力等于自身重力；
（2）懂得增大排开液体体积，故据阿基米德原理可以计算出增大浮力；
（3）据题目中漂浮，可以计算出浮力等于自身重力，可得甜瓜质量，再据体积可以计算出甜瓜密度．
【解答】解：小明清洗甜瓜时发现它漂浮在水面，此时甜瓜受到浮力大小等于等于重力；
将甜瓜放入盛满水溢水杯中，静止时溢出水410mL，再使甜瓜向下浸没在水中，又溢出水25mL，此时甜瓜受到浮力比漂浮时增大了：△F浮=G排=ρ液g△V排=1000kg/m3×25×10﹣6m3×10N/kg=0.25N；
将甜瓜放入盛满水溢水杯中，静止时溢出水410mL，即此时所受浮力是：
F浮=G排=ρ液gV排=1000kg/m3×410×10﹣6m3×10N/kg=4.1N；
由于漂浮，因此F浮=G本；
故据G=mg可得：m===0.41kg；
故甜瓜密度是：ρ==≈943kg/m3=0.943g/cm3．
故答案为：等于；0.25；0.943．
【点评】此题核心考察了有关重力计算、浮力计算，同步还考察了物体浮沉条件．核心是弄清物体浮力和重力之间关系．
13．（4分）（ •陕西）图1所示，铅笔芯和滑动变阻器串联在电压恒为6V电路中，闭合开关，滑动变阻器滑片从A端向B端移动，电流表和电压表达数变化状况图2所示，由图象可知，当滑动变阻器两端电压为1V时，滑动变阻器消耗功率为 0.5 W，此时，铅笔芯两端电压是 5 V，铅笔芯电阻是 10 Ω，在滑动变阻器接入电路阻值逐渐减小过程中，铅笔芯电阻 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【分析】（1）根据图象读出电压表达数为1V时电流表达数，根据P=UI即可求出滑动变阻器此时消耗功率；根据串联电路电压规律可知铅笔两端电压，根据欧姆定律应用即可求出铅笔芯电阻；
（2）根据图象读出电压表达数为3V时电流表达数，根据串联电路电压规律和欧姆定律应用求出此时铅笔芯阻值，从而得出铅笔芯电阻变化．
【解答】解：（1）根据图象可知，当电压表达数为1V时，电流表达数为0.5A，此时滑动变阻器消耗功率：P=UI=1V×0.5A=0.5W；
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，因此，此时铅笔芯两端电压为6V﹣1V=5V；
由I=可得，铅笔芯阻值：R===10Ω；
（2）根据图象可知，当电压表达数为3V时，电流表达数为0.25A；
因串联电路两端电压等于各部分电压之和，因此，此时铅笔芯两端电压为6V﹣3V=3V；
由I=可得，铅笔芯阻值：R===12Ω，显然当滑动变阻器接入电路阻值逐渐减小过程中，铅笔芯电阻变小．
故答案为：0.5；5；10；变小．
【点评】本题核心是欧姆定律及其变形灵活运用，难点是从图象上得出有用信息，本题核心考察了应用图象解决问题，这是后来学习核心．
14．（4分）（ •陕西）（1）图1为一种装满水盖上硬纸片后倒置杯子，请在纸片下表面O点处画出纸片受到大气压力F示意图；
（2）图2是“探究电流通过导体产生热量和电阻关系”实物电路，请用笔画线替代导线完毕电路连接．
【分析】（1）力示意图是用一种带箭头线段把力大小、方向、作用点三个要素表达出来，线段长短表达力大小，箭头表达力方向，线段起点或终点表达力作用点．
（2）由焦耳定律可知，电流通过导体产生热量和通过电流、导体电阻和通电时间有关，为了研究电流和导体电阻关系，要控制通过电流和通电时间不变，故可把两电阻丝串联接入电路．
【解答】解：（1）由题意知，纸片受到大气压力F作用点在O点，方向竖直向上，过压力作用点沿垂直于纸片向上方向画一条有向线段即可．图所示：
（2）验证“电流通过导体时产生热量和导体电阻大小有关”，应控制通过两导体电流和通电时间相等，由于串联电路中各处电流相似，因此应将两电阻丝、滑动变阻器和电源构成串联电路，同步这种连接措施还可以控制通电时间相似，便于研究电流所产生电热多少和电阻大小关系，电路图图所示：
【点评】（1）画力示意图一般环节为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力符号标尖边．根据这个作图环节，很容易可以画出指定力示意图．
（2）本题考察实物电路连接，核心是明确电路连接措施．
三、实验和探究题（共3小题，计19分）
15．（4分）（ •陕西）按规定完毕下列填空：
（1）图1，电压表达数为 13.5 V；
（2）图2，静止小车忽然向右运动时，放在小车上木块会向 左 倾倒；
（3）图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电压表达数保持不变，则实验探究是电流和 电阻 关系；
（4）图4，给固体加热时，采用“水浴法”达到核心效果是让固体 受热均匀 ．
【分析】（1）明确电压表量程和分度值，可根据指针位置读出示数；
（2）从惯性角度可对小车运动时木块状态做出鉴定；
（3）在探究欧姆定律实验中，保持电压大小不变，变化电阻，可探究电流和电阻关系；
（4）理解“水浴法”在加热固体中作用可解答．
【解答】解：（1）图1中电压表量程为0～15V，分度值为0.5V，其示数为13.5V；
（2）图2，静止小车忽然向右运动时，放在小车上木块由于惯性仍会保持本来静止状态，因此会向左倾倒；
（3）图3，更换电阻R，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，使电压表达数保持不变，这一过程中，不变量是电压，变化量是电阻，因此实验探究是电流和电阻关系；
（4）图4，给固体加热时，采用“水浴法”达到核心效果是让固体受热均匀．
故答案为：（1）13.5；
（2）左；
（3）电阻；
（4）受热均匀．
【点评】本题通过四幅图考察了多种不同样实验现象或应用，规定我们对常用实验细节要有一种明确结识．
16．（8分）（ •陕西）某小组同窗用图1装置“探究凸透镜成像特点”，其中凸透镜焦距为15cm，她们进行实验同步在坐标纸上记录蜡烛和光屏上像位置和大小，图2（用带箭头线段表达物或像，A′，B′分别表达蜡烛在A，B处像位置）．
（1）从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时光屏上得到所有是倒立、 放大 实像，生活中运用这个成像特点制成了 投影仪 （写出一种即可）；
（2）和其他小组交流后发现，当蜡烛在距透镜15﹣30cm之间时，像均成在透镜另一侧距透镜30cm以外处，但是，当她们把蜡烛放在C位置时，在光具座上不管如何移动光屏，所有不能得到清晰像，因素是像距 太大（或超过了光具座长度范畴） ；
（3）为了让蜡烛在C位置像成在光具座上光屏上，她们采用了两种做法：
做法一：保持蜡烛和透镜位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又浮现了清晰像，这表白像距变 小 了，由此推断更换凸透镜会聚光能力较强，此透镜焦距 不不小于 15cm（选填“不小于”、“不不小于”或“等于”）．
做法二：保持蜡烛和透镜位置不变，在蜡烛和透镜之间再放置一种凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又浮现了清晰像，由此实验联系实际，远视眼晶状体焦距较 小 （选填“大”或“小”），将近处物体像成在视网膜 后 方（选填“前”或“后”），故需佩戴 凸 透镜矫正．
【分析】（1）当2f＞u＞f时，凸透镜成倒立放大实像，应用是幻灯机或投影仪；
（2）探究凸透镜成像实验时，若光屏上没有像，也许是由于物距不不小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上；有也许光屏、凸透镜和烛焰中心不在同一高度上，像无法成在光屏上；有也许物体在焦点上，不能成像．
（3）物体在凸透镜1倍焦距之内时，成正立、放大虚像，此时像距不小于物距；
当光屏上又浮现了清晰像，这表白像是实像，此时物像异侧，由此可知像距变化；
凸透镜会聚光能力越强，焦距越短；
远视眼成因：眼球晶状体曲度过小，远处物体反射来光线通过晶状体折射后形成物像，就会落在视网膜后方导致．远视矫正措施，需佩戴凸透镜．
【解答】解：（1）从图2中可以看出，蜡烛在A，B位置时，u＞2f，凸透镜成倒立缩小实像，应用是照相机；（2）不管如何移动光屏所有不能在光屏上得到像，也许是物距不不小于焦距，成了虚像，不能成在光屏上，此时像距太大（或超过了光具座长度范畴）；图所示：
（3）保持蜡烛和透镜位置不变，更换凸透镜，在光具座上移动光屏，光屏上又浮现了清晰像，阐明成实像，根据凸透镜成像规律可知，像距不小于焦距，故像距变大了，由此推断更换凸透镜会聚光能力较强，此透镜焦距不不小于15cm．
产生远视眼因素是，晶状体太薄，折光能力太弱，焦距变小，近处物体像成在视网膜后来，因此远视眼看不清近处物体，可以用凸透镜镜片进行矫正．
故答案为：（1）放大；投影仪；（2）太大（或超过了光具座长度范畴）；（3）小；不不小于；大；后；凸．
【点评】有关凸透镜成像规律中，共涉及四个方面内容：①物距和焦距关系；②成像性质；③像距和焦距关系；④具体应用．一般状况下，只要告诉其中一条，就可以拟定此外三方面内容．
17．（7分）（ •陕西）在某爱好小组同窗观测到：①飞机在起飞和航行时机翼仰角不同样；②飞机越大其机翼越大．她们想探究“机翼获得升力大小和机翼仰角、机翼面积有什么关系？”（注：机翼仰角为机翼下表面和水平面夹角，机翼面积指机翼在水平面上投影面积）
她们运用塑料泡沫等材料自制了三个质量相似、形状相似、面积不同样机翼模型，把圆柱形空心笔穿过“机翼”并固定在“机翼”上，将一根金属杆从笔杆中穿过并上下固定，保证“机翼”能沿金属杆在竖直方向移动，将“机翼”挂在测力计下方，实验装置图所示．
（1）用鼓风机对着“机翼”吹风模拟飞机在空中飞行，当鼓风机向右吹风时，以气流为对照物，飞机向 左 飞升；
（2）为了研究“机翼”获得升力和仰角关系，她们对同一种“机翼”吹风，并保持风速不变，只变化“机翼” 仰角 大小，观测并记录测力计示数，在其他条件相似时，更换面积不同样“机翼”反复上述实验，实验记录如表：
（每次吹风前测力计示数均为3.5N）
机翼面积/cm2
测力计示数/N
机翼仰角
275
395
566
0°（水平）
3.2
3.0
2.6
较小
3.0
2.9
2.4
较大
2.9
2.8
2.3
最大
3.1
2.9
2.7
①在上述实验中，吹风前后测力计示数 变化量（或差值、减小量） 即为“机翼”获得升力大小；
②通过度析数据可以得出结论：当质量、形状、机翼面积和风速相似时，仰角增大，获得升力 不一定 （选填“一定”或“不一定”）增大；当质量、形状、仰角和风速相似时，机翼面积越大，获得升力 越大 ；
③实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向 下 摩擦力，因此测得升力应 不不小于 “机翼”实际获得升力．
【分析】（1）物体间运动是相对旳，以气流为参照物，飞机沿气流相反方向运动；
（2）要研究“机翼”获得升力和仰角关系，就要保持其他条件不变，只变化“机翼”仰角大小，根据现象得出相应结论；
①本实验中，“机翼”获得升力大小等于吹风前后测力计示数变化量；
②分析表中数据，得出相应结论；
③实验时，“机翼”沿金属杆上升，金属杆对笔杆有向下摩擦力，用弹簧测力计测得升力不不小于“机翼”实际获得升力．
【解答】解：
（1）当鼓风机向右吹风时，空气向右运动，以气流为参照物，飞机向左飞升；
（2）为了研究“机翼”获得升力和仰角关系，她们对同一种“机翼”吹风，并保持风速不变，只变化“机翼”仰角大小，观测并记录测力计示数，在其他条件相似时，更换面积不同样“机翼”反复上述实验；
①在上述实验中，“机翼”获得升力大小等于吹风前后测力计示数变化量（或差值、减小量）；
②由表中数据可知，当质量、形状、机翼面积和风速相似时，仰角增大，获得升力有时大、有时小，因此获得升力不一定增大；当质量、形状、仰角和风速相似时，机翼面积越大，获得升力越大；
③实验时，“机翼”受到向上升力，沿金属杆上升，由于金属杆对笔杆有向下摩擦力，用弹簧测力计测得升力不不小于“机翼”实际获得升力．
故答案为：（1）左；（2）仰角；①变化量（或差值、减小量）；②不一定；越大；③下；不不小于．
【点评】本题为信息给题，考察了运动和静止相对性、控制变量法使用，规定认真审题，从中获取有用信息，由于考察知识点不明确，属于难题！
四、综合题（共2小题，计16分）
18．（7分）（ •陕西）图是一台两栖履带起重机，它可以在陆地和水深不超过2.5米滩涂路面行驶工作．
（1）起重机安装宽敞履带目旳是减小起重机对地面 压强 ；
（2）当起重机吊起4.8×105N货品时，货品匀速升高15m用时40s，若滑轮组机械效率为75%，滑轮组上绳子自由端拉力及拉力功率各是多少？
【分析】（1）减小压强措施：在压力一定期，增大受力面积；在受力面积一定期，减小压力；
（2）先根据η===求出拉力F大小，根据P===Fv计算绳端拉力功率．
【解答】解：
（1）履带式起重机履带做得宽部分，是在压力一定期，通过增大受力面积减小对地面压强；
（2）根据图示可知，n=2；
由η===可得：
F===3.2×105N；
（3）物体移动速度v===0.375m/s，
绳子移动速度v′=2v=2×0.375m/s=0.75m/s，
拉力功率P===Fv′=3.2×105N×0.75m/s=2.4×105W．
答：（1）压强；（2）绳子自由端拉力为3.2×105N；拉力功率为2.4×105W．
【点评】本题考察了减小压强措施、有用功、机械效率和功率计算公式应用；知识点多、综合性强，有难度！
19．（9分）（ •陕西）图1为一款运用高温水蒸气熨烫衣服便携式挂烫机，它正常工作电压为220V，水箱装水最多0.3kg，加热功率有大小两个档位，设计师最初设计内部电路有图2甲、乙两种接法，其中电热丝R1=56Ω，R2=44Ω．
（1）高温水蒸气熨烫衣服时，水蒸气遇到衣服迅速 液化 成小水珠，放出热量，将衣服熨平（填物态变化名称）；
（2）如果选择甲电路，电路中最大电流为 5 A，如果选择乙电路，电路中最大电流为 8.9 A，由于两个电路中所选熔断器里熔丝许可通过最大电流为8.2A，故设计师最后选择了甲电路；（计算成果保存一位小数）
（3）请分别计算这款挂烫机两个档位额定功
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