江苏省丹阳市十乡2015届九年级下学期第一次联考物理试题(解析版）.doc

江苏省丹阳市十乡2015届九年级下学期第一次联考物理试题　
一、选择题（共12小题，每题2分，共24分）
1．下列数据，你认为最符合实际的是（　　）

A．
正常步行5min通过的路程约为360m

B．
一般洗澡水的温度约为75℃

C．
一个小铁钉的重力为5N

D．
一瓶梅兰春酒的质量约为50g

考点：
长度的估测；温度；质量的估测；重力大小的估测．.
专题：
估算综合应用题．
分析：
利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，叫估测法．
解答：
解：
A、人步行的速度为1.2m/s左右，5min通过的距离大约为1.2m/s×5×60s=360m．此选项不符合实际；
B、人体正常体温在37℃左右，洗澡水的温度应该略高于体温．此选项不符合实际；
C、一个小铁钉的质量在5g左右，受到的重力大约0.05N．此选项不符合实际；
D、一瓶酒的质量为1斤=500g．此选项不符合实际．
故选A．
点评：
此题考查的是学生对一些常见物理量的估测能力，需要学生对生活中的常见物理量单位、大小有所认识．

2．下列词语中涉及的光现象与“小孔成像”形成原因相同的是（　　）

A．
凿壁偷光
B．
海市蜃楼
C．
猴子捞月
D．
杯弓蛇影

考点：
光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用．.
专题：
光的传播和反射、平面镜成像；光的折射、光的色散．
分析：
光在自然界中存在三种光现象：
（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；
（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅等．
解答：
解：A、凿壁偷光是由于光的直线传播形成的，与“小孔成像”形成原因相同；
B、海市蜃楼是由于光的折射造成的，故不符合题意；
C、猴子捞月属于平面镜成像，是利用光的反射，故不符合题意；
D、杯弓蛇影属于平面镜成像，是利用光的反射，故不符合题意．
故选A．
点评：
本题列举了四个常见的成语，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考．

3．（2分）（2015•丹阳市一模）下列说法正确的是（　　）

A．
电动机是热机的一种

B．
汽车司机开车时要系好安全带，是为了减小刹车时人的惯性

C．
汽车发动机用水作冷却液，主要是利用水比热容大的特点

D．
汽油机的压缩冲程，主要将内能转化为机械能

考点：
惯性；直流电动机的原理；水的比热容的特点及应用；内燃机的四个冲程．.
专题：
其他综合题．
分析：
（1）从电动机和热机的原理角度可做出区分；
（2）惯性的大小只与质量有关，与物体的运动状态等无关；
（3）水的比热容大，在同样温度变化时，其吸放热多，故常用做冷却剂或取暖介质等；
（4）了解汽油机压缩冲程的工作特点，可判断其能量的转化．
解答：
解：A、电动机是将电能转化为机械能的，而热机是将内能转化为机械能的，二者原理截然不同，故A错误；
B、汽车司机开车时要系好安全带，是为了防止刹车时由于惯性带来的伤害，但不能减小惯性，故B错误；
C、汽车发动机用水作冷却液，主要是利用水比热容大的特点，在同样吸热的情况下，其温度变化小，故C正确；
D、汽油机的压缩冲程中，主要将机械能转化为内能，故D错误．
故选C．
点评：
本题涉及的知识点较多，包括惯性的现象，电动机、热机原理的区分，水的比热容特点及应用等，有一定综合性，总体难度不大．

4．（2分）（2011•淮安）如图所示，是游玩海底世界时，小华观察到的鱼吐出气泡上升情景．气泡上升过程中受到的浮力和气泡内气体的压强变化情况是（　　）

A．
浮力、压强均变小
B．
浮力、压强均变大

C．
浮力变大，压强变小
D．
浮力、压强均不变

考点：
浮力大小的计算；液体的压强的特点．.
专题：
推理法．
分析：
（1）一定质量的气体，体积变大，压强变小，在水中上浮过程中，气泡所处的深度减小，由液体压强公式知道受到水的压强变小，气泡的体积变大，据此分析气泡内压强的变化；
（2）气泡的体积变大，由阿基米德原理分析气泡受到浮力的大小变化．
解答：
解：∵气泡上升时，h变小，
∴由P=ρgh得气泡受到水的压强变小，使气泡的体积变大．
∵一定质量的气体，体积变大，压强变小，
∴气泡内的压强p变小；
∵气泡的体积变大，排开水的体积变大，
∴由F浮=ρ水v排g得：
气泡受到水的浮力变大．
故选C．
点评：
本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理公式的掌握和运用，能分析出气泡的深度变化和体积变化情况是本题的关键．

5．（2分）（2014•镇江）图示电路中（R0阻值已知，表示电阻值），不能测出Rx阻值的是（　　）

A．

B．

C．

D．

考点：
欧姆定律的应用．.
专题：
电路和欧姆定律．
分析：
利用电压表和电流表，结合串、并联电路电流和电压特点以及欧姆定律，直接或间接得出被测电阻两端的电压和电流，根据Rx=求出电阻．
解答：
解：A、由电路图可知，电压表测Rx两端的电压，电流表测电路中的电流，即通过Rx的电流，根据欧姆定律即可求出Rx阻值．
B、由电路图可知，当开关拨至位置1时，电压表测量R0两端电压，根据欧姆定律可求出电路中的电流；
当开关拨至位置2时，电压表测量R0、Rx两端的总电压，根据串联电路电压的特点可求出Rx两端电压，最后根据欧姆定律即可求出Rx阻值；
C、由电路图可知，无论开关闭合还是断开，电流表的示数不变，即无法测出或间接得出通过Rx的电流，故此电路图不能测出Rx阻值；
D、由电路图可知，当开关拨至位置1时，电路为滑动变阻器、Rx的串联电路，电压表测Rx两端电压，读出电压表的示数为U；
将开关拨至位置2，保持滑动变阻器的滑片不变，调节电阻箱接入电路的阻值，使电压表的示数为U，读出此时电阻箱接入电路的阻值R，此时被测电阻Rx=R．
故选C．
点评：
测电阻的原理为Rx=；用电压表和电流表，再根据串联电路和并联电路的电流和电压特点，直接或间接测量电压和电流，这是解决本题的关键．

6．（2分）（2015•丹阳市一模）将规格都是“220V 180W”的一台电冰箱、一台电风扇和一床电热毯，分别接入220V的家庭电路中正常工作，若通电时间相同，则下列说法正确的是（　　）

A．
电冰箱产生的热量最多
B．
电风扇产生的热量最多

C．
三者产生的热量一样多
D．
三者消耗的电能一样多

考点：
电功的计算．.
专题：
应用题；电能和电功率．
分析：
由题意知，三种用电器的额定电压都是220V，额定功率都是180W；家庭电路电压是220V，把这三个用电器接入家庭电路，三个用电器都正常工作，实际功率相同都等于额定功率，通电时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同；通过分析三种用电器工作时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器．
解答：
解：∵接在家庭电路中，U=220V，
∴三种用电器的实际功率：
P实=P额=180W；
又∵W=Pt，用电器工作时间t相等，
∴三种用电器消耗的电能相同，故D正确；
∵电冰箱与电风扇工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电热毯工作时电热丝产生热量，把电能全部转化为热量，
∴产生热量最多的是电热毯，故ABC不正确．
故选D．
点评：
知道电流做功的实质：电流做功的过程就是消耗电能转化为其它形式能的过程，能分析三种用电器的能量转化是本题的关键．

7．（2分）（2015•丹阳市一模）“注意安全”是同学们日常生活中必须具有的意识，下列有关安全的说法错误的是（　　）

A．
如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救

B．
雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中

C．
使用验电笔时，手必须接触笔尾金属部分

D．
家庭电路中空气开关跳闸一定是发生了短路

考点：
触电危害及常见的触电类型与预防；测电笔的使用；家庭电路电流过大的原因．.
专题：
电与热、生活用电．
分析：
（1）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施．
（2）雷电容易击中地面上尖端的突起物．
（3）使用测电笔时，手必须接笔尾金属体，不能接触笔尖金属体．
（4）家庭电路中电流过大的原因有两个：一是短路，二是电路的总功率过大．
解答：
解：A、发生触电事故，用手拉不安全，报警时间来不及，切断电源是首先要做的，说法正确，不符合题意．
B、雷电容易击中地面上尖端的突起物体，所以雷雨天打伞是及危险的，说法正确，不符合题意；
C、使用测电笔时，人不能碰到笔尖金属体，但必须接触笔尾金属体，说法正确，不符合题意；
D、家庭电路中空气开关跳闸可能是发生了短路，也可能是电路的总功率过大，说法不正确，符合题意．
故选D．
点评：
本题考查了安全用电的相关知识，要求学生掌握触电急救原则、防雷原则、测电笔使用方法以及电路故障的判断，与日常生活联系比较密切．

8．（2分）（2015•丹阳市一模）小灯泡L上标有“2.5V”字样，它的电阻随它两端电压变化的图象如图甲所示．将小灯泡L和电阻R0接入图乙所示的电路中，电源电压为6V，且保持不变．当开关S闭合时，小灯泡L恰好能正常发光．下列说法错误的是（　　）

A．
开关S闭合时，小灯泡L的电阻为10Ω

B．
开关S断开时，小灯泡L的电阻为0Ω

C．
小灯泡L的额定功率为0.625W

D．
电阻R0的阻值为14Ω

考点：
欧姆定律的应用；电功率的计算．.
专题：
电路和欧姆定律；电能和电功率．
分析：
（1）当S断开时，灯泡两端的电压为0，由图甲可知电压为0时的电阻；
（2）由电路图可知，L与R0串联，灯泡正常工作时的电压和灯泡的额定电压相等，由图象可知此时灯泡的电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率，利用串联电路的电压特点可求R0两端的电压，再根据欧姆定律求出R0的阻值．
解答：
解：（1）当S断开时，灯泡两端的电压为0，
由图甲可知：当电压为0时，对应的电阻为2Ω，故B错误；
（2）由电路图可知，L与R0串联，
当灯泡正常工作时，UL=2.5V，由图象可知RL=10Ω，故A正确；
因串联电路中各处的电流相等，
所以，串联电路的电流：
I===0.25A，
灯泡的额定功率：
PL=ULI=2.5V×0.25A=0.625W，故C正确；
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R0两端的电压为：
U0=U﹣UL=6V﹣2.5V=3.5V，
则电阻R0的阻值：
R0===14Ω，故D正确．
故选B．
点评：
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率、电功的计算，能从图象中得出小灯泡正常发光时和电压为0时电阻的阻值是解决本题的关键．

9．（2分）（2013•十堰）如图所示的四个图的装置可以用来演示物理现象，则下列表述正确的是（　　）

A．
图甲可用来演示电磁感应现象

B．
图乙可用来演示磁场对电流的作用

C．
图丙可用来演示电流的磁效应

D．
图丁可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系

考点：
电流的热效应、化学效应和磁效应；磁场对通电导线的作用；电磁感应．.
专题：
压轴题．
分析：
本题考查电磁感应、电流的磁效应，可根据实验装置及实验的现象进行判断．
解答：
解：A、甲图中开关闭合后，导体棒内通以电流，则导体在磁场力的作用下发生运动，故演示的为磁场对电流的作用，故A错误；
B、乙图中导体棒ab在磁场中做切割磁感线运动时，电流表中会产生感应电流，故演示的为电磁感应，故B错误；
C、放在小磁针上方的导线中有电流通过时，小磁针会发生偏转，说明通电导体周围产生了磁场，即演示了电流的磁效应，故C正确；
D、通电后串联的两绕有线圈的铁钉都可吸引小铁钉，但左边吸引的个数要多，说明通电螺线管的磁极强弱与线圈匝数有关，故D错误；
故选C．
点评：
物理为实验学科，很多知识来自于实验，故应注意对实验学习的重视，掌握好实验的原理及现象．

10．（2分）（2015•丹阳市一模）如图所示的电路，闭合开关，滑动变阻器的滑片向右移动的过程中（电源电压不变），电流表与电压表示数变化的情况分别是（　　）

A．
变小 变大
B．
变小 不变
C．
不变 不变
D．
变小 变小

考点：
电路的动态分析．.
专题：
电路变化分析综合题．
分析：
根据实物图可知，滑动变阻器和灯泡串联，电压表测量电源电压（示数不变），电流表测电路中的电流；根据电源电压确定电压表示数的变化；
根据滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，滑动变阻器接入电路阻值变大，据此判断出电路总电阻的变化，再利用欧姆定律分析电流表示数的变化．
解答：
解：根据实物图可知，滑动变阻器和灯泡串联，电压表测量电源电压（示数不变），电流表测电路中的电流；
由于电源电压不变，因此电压表的示数不变；
当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，则电路中的总电阻变大，由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小．
故选B．
点评：
明确判断电路的连接方式和两表的测量对象是正确解答本题的关键．

11．（2分）（2010•济宁）甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是（　　）

A．
两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多

B．
两灯均正常发光时，甲灯的电阻小于乙灯的电阻

C．
两灯串联在220伏的电路中，甲灯比乙灯亮

D．
将乙灯接入110伏电路中，它的实际功率为50瓦

考点：
电功的计算；电功率的计算；额定功率；实际功率．.
专题：
压轴题；推理法．
分析：
由灯的铭牌知道灯的额定电压和额定功率，可以求出：①灯丝的电阻，②正常发光一段时间消耗的电能，③在实际电压下的实际功率．
解答：
解：A、两灯均正常发光时，乙的电功率大，因为不知道发光时间是否相同，所以不能比较两灯消耗的电能的多少，故A错误；
B、两灯均正常发光时，额定电压相同都等于220V，
由于灯丝电阻R=，甲灯额定功率小于乙灯的额定功率，
所以甲灯的电阻大于乙灯的电阻，故B错误；
C、由R=知道甲灯的电阻大于乙灯的电阻，当两灯串联时，通过的电流相等，
由P=I2R可知，甲灯的实际功率比乙灯的大，
则当两灯串联接在220V电路中，甲灯比乙灯亮，故C正确；
D、将乙灯接在110V的电路中，
R乙===484Ω；
P乙=，故D错误．
故选C．
点评：
本题考查了电功（消耗电能）的计算、电功率的计算、两灯串联时消耗电能的比较，灵活选用公式是本题的关键．

12．（2分）（2014•苏州）为了测定风速的大小，小明设计了四种装置，如图所示．图中探头、金属杆和滑动变阻器的滑片P相连，可上下移动．现要求：当风吹过探头时，滑动变阻器R2的滑片P向上移动，且风速增大时电压表的示数增大．以下四个图中符合要求的是（　　）

A．

B．

C．

D．

考点：
串、并联电路的设计；流体压强与流速的关系．.
专题：
电流和电路．
分析：
（1）流体压强和流速的关系：流速越快的地方压强越小．
（2）根据欧姆定律判断出电压表的示数变化和风速的关系．
解答：
解：A、当风速增大时，弹簧被压缩，滑片下移，而不是上移，故与题干要求不符，故A错误；
B、当风速增大时，弹簧被压缩，滑片下移，即滑动变阻器接入电路的阻值变大，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端电压变大，则定值电阻两端电压减小，即电压表示数变小，故B错误；
C、当风速增大时，弹簧被拉伸，滑片上移，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端电压变小，即电压表示数变小，故C错误；
D、当风速增大时，弹簧被拉伸，滑片上移，即滑动变阻器接入电路的阻值变小，根据串联电路分压的特点可知，滑动变阻器两端电压变小，则定值电阻两端电压增大，即电压表示数变大，故D正确．
故选D．
点评：
解本题的关键是掌握流体压强跟流速的关系，能利用流体压强知识解释有关的现象．本题考查了学生应用物理知识解决实际问题的能力．

二、填空题（每空1分，共28分）
13．（2分）（2015•丹阳市一模）一个重15N，体积为1dm3的小球，用手抓住将它浸没在水中，它受到的浮力是
　10　N；松手后小球将
　下沉　（填“上浮”“下沉”或“悬浮”）；

考点：
浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用．.
专题：
计算题．
分析：
小球所受浮力根据公式F浮=ρgV求出浮力，求出浮力后与重力比较，就可得出结论．
解答：
解：F浮=ρgV=1000kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=10N．
10N＜15N，所以物体会下沉．
故答案为：10；下沉．
点评：
本题考查浮力公式的应用，以及物体的沉浮条件．

14．（3分）（2015•丹阳市一模）“低碳环保”是当今世界的主题，太阳能已被人们广泛利用．太阳能属于　可　（填“可”或“不可”）再生能源．如今通信技术也在向环保靠近，如3G手机已经广泛进入人们的生活，它是由　电磁波　传递信息，这种波在真空中的传播速度约为　3×108　m/s．

考点：
太阳能的利用；电磁波的传播．.
专题：
简答题；社会热点综合题．
分析：
①能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源，如：水能、风能、太阳能、生物质能；
②不论是普通手机还是3G手机，都是利用电磁波来传递信息；电磁波的传播速度等于光的传播速度，即是3×108m/s．
解答：
解：太阳是利用原子核发生聚变释放出能量；太阳能是能够源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源；3G手机是由电磁波来传递信息的，电磁波的传播速度是3×108m/s．
故答案为：可，电磁波，3×108．
点评：
本题考查可再生能源的特点和电磁波的传播速度，是一道基础题．

15．（3分）（2011•淮安）用一个动滑轮匀速提升质量为20kg的物体，所用竖直向上的拉力为125N．物体上升2m的过程中，拉力所做的有用功为　400　 J，总功为　500　 J，动滑轮的机械效率为　80%　．（g取10N/kg）

考点：
功的计算；重力的计算；滑轮（组）的机械效率．.
专题：
计算题；压轴题．
分析：
题中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2，则拉力F移动的距离s=2h，知道物体的质量可以求物体重，
使用滑轮组做的有用功是指把重物提升所做的功，即W有用=Gh；使用滑轮组做的总功是人的拉力所做的功，即W总=Fs；机械效率是指有用功占总功的百分比，据此求解．
解答：
解：题中使用的是动滑轮，有2段绳子承担物重，绳子末端移动距离s=2h=2×2m=4m．
物体重：
G=mg=20kg×10N/kg=200N，
拉力做的有用功：
W有用=Gh=200N×2m=400J；
拉力做的总功：
W总=Fs=125N×4m=500J．
该机械的效率：
η=×100%=×100%=80%．
故答案为：400，500，80%．
点评：
本题考查了动滑轮机械效率的计算，关键有二：一是n的确定（直接从动滑轮上引出的绳子股数），二是有用功和总功的区分（根据我们的目的分析）．

16．（2分）（2015•丹阳市一模）小明家安装了一台燃气辅助式太阳能热水器．该热水器1h时间内得到的太阳辐射能平均为4.2×106 J（每天接收光照的时间平均为8h），热水器能把接收的太阳能的50%转化为水的内能，则热水器平均每天能将100kg水的温度升高　40　℃．某天由于天气变化，傍晚时热水器中的水温只有30℃，为达到合适的水温，小明采用了燃气辅助加热，将质量100kg的水加热到60℃，需要燃烧　0.15　m3 的燃气（不计热损失，该燃气的热值为q=8.4×107J/m3）．

考点：
热平衡方程的应用．.
专题：
热和能．
分析：
（1）先利用已知条件计算出热水器中水吸收的太阳能，再根据吸热公式计算水升高的温度．
（2）在不计热损失的情况下，水吸收的热量就等于完全燃烧燃气放出的热量，因此，可以应用公式Q吸=c水m水（t﹣t0）和Q放=V燃气q进行结合求得．
解答：
解：（1）水吸收的热量：
Q吸=4.2×106J/h×8h×50%=1.68×107J，
因为Q吸=cm△t，
所以△t===40℃．
（2）因为Q吸=c水m水（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×100kg×（60℃﹣30℃）=1.26×107J
因为：Q放=Q吸=1.26×107J
所以，由Q放=V燃气q可得：
V===0.15m3．
故答案为：40；0.15．
点评：
本题主要考查吸热公式Q吸=cm△t的掌握和运用，这是一道综合性较强的应用题，解答此题的关键是知道热量的计算公式．

17．（2分）（2011•天水）民族英雄文天祥在《扬子江》一诗中有“臣心一片磁针石，不指南方不肯休”的诗句．这里的磁针石是由于受到　地磁场　的作用，其南极指向地理位置的　南　方．

考点：
地磁场．.
分析：
这里的磁针石实际上就是小磁针，根据课本中有关地磁场的基础知识，可以得到此题的答案．
解答：
解：小磁针在地磁场的作用下，始终指向南北方向，其中，指南的一端叫南极．
故答案为：地磁场；南．
点评：
此题对磁极的命名，以及地磁场的基础知识进行了考查，加强对基础知识的记忆，对于解决此类题目有很大的帮助．

18．（4分）（2015•丹阳市一模）如图为直流电动机模型．
（1）直流电动机的工作原理是　通电线圈在磁场中受力转动　．电动机工作时，能够使线圈平稳、连续不停地转动下去是靠　换向器　来实现的．
（2）若要改变电动机的转动方向下列方法中可行的是　B　
A．同时改变电流方向和磁场方向
B．只改变电流方向或只改变磁场方向
C．使电动机线圈中的电流增大
D．使磁场增强
（3）下列家用电器中应用了电动机的是　A　
A．洗衣机 B．电饭锅 C．电热水壶 D．电热毯．

考点：
直流电动机的原理；直流电动机的构造和工作过程．.
专题：
电动机、磁生电．
分析：
（1）电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力能够转动；换向器的作用是：当线圈刚转过平衡位置时，自动改变线圈中的电流方向，使线圈能够持续转动下去．
（2）影响电动机转动方向的因素：电流方向和磁场方向．
（3）电动机是将电能转化为机械能的装置．
解答：
解：（1）直流电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动原理制成的，为了使线圈能持续的转动下去，利用换向器来改变线圈中的电流方向，从而改变它两边的受力方向，使线圈连续转动．
（2）A、同时改变电流方向和磁场方向，电动机的转动方向不变，所以该选项不正确．
B、只改变电流方向或只改变磁场方向，电动机的转动方向改变，所以该选项正确．
C、电动机线圈中的电流的大小与电动机的转动方向无关，所以该选项不正确．
D、磁场的强弱与电动机的转动方向无关，所以该选项不正确．
故选B．
（3）A、洗衣机是将电能转化为机械能．故A符合题意．
B、电饭锅是将电能转化为内能．故B不符合题意．
C、电热水壶是将电能转化为内能．故C不符合题意．
D、电热毯是将电能转为内能．故D不符合题意．
故选A．
故答案为：（1）通电线圈在磁场中受力转动；换向器；（2）B；（3）A．
点评：
此题主要考查的知识点有两个：一是电动机的工作原理；二是换向器的作用﹣﹣当线圈刚转过平衡位置时，自动改变线圈中的电流方向．

19．（2分）（2015•丹阳市一模）2012年4月22日，中国新一代“人造太阳”实验装置﹣﹣热核聚变反应堆完成了放电实验：实验中反应堆放电功率为3×106W，输出稳定电流40A并持续0.5s，则输出电压是　7.5×104　V．若将“人造太阳”此次释放的电能全部储存进电池并全部释放为照明电路供电，可使一只100W的灯持续工作　4.17　h（保留两位小数）．

考点：
电功率与电能、时间的关系．.
专题：
电能和电功率．
分析：
①知道反应堆的放电功率和输出电流，可利用公式U=计算出输出电压．
②知道反应堆的放电功率和放电时间，可利用公式W=Pt计算出释放的电能，并且释放的电能全部为照明电路供电，又知道灯泡的电功率，可利用公式t=计算出灯泡的工作时间．
解答：
解：
①P=3×106W，I=40A，
由P=UI可得，输出电压为：
U===7.5×104V．
②t=0.5s，
释放的电能为：W=Pt=3×106W×0.5s=1500000J，
而释放的电能全部为照明电路供电，
由P灯=100W，
P=，可得，灯泡的工作时间为：
t灯===15000s≈4.17h．
故答案为：7.5×104；4.17．
点评：
本题考查了学生利用电功率和电功的计算公式进行计算，关键是对公式和公式变形的理解和应用，在计算过程中要注意单位的换算．

20．（2分）（2015•丹阳市一模）一个标有“12V 6W”的小灯泡接在电压为18V的电源下正常发光，则需串联一个电阻R，该串联电阻阻值为　12　Ω，该电阻消耗的功率为　3　W．

考点：
欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算．.
专题：
计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率．
分析：
灯泡正常工作时的电压为12V，要接在18伏的电源上正常发光应串联一个电阻分压；根据串联电路的电压特点求出电阻两端的电压，再根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，进一步利用欧姆定律求出电阻的阻值，最后根据P=UI求出此电阻消耗的功率
解答：
解：接在18V的电源两端时灯泡正常发光，应串联电阻分压，
∵串联电路的总电压等于各分电压之和，
∴电阻两端的电压UR=U﹣UL=18V﹣12V=6V，
∵串联电路中各处的电流相等，
∴根据P=UI可得，电路中的电流I=IL===0.5A，
∵I=，
∴电阻R===12Ω；
此电阻消耗的功率：
P=URI=6V×0.5A=3W．
故答案为：12；3．
点评：
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等、功率和额定功率相等．

21．（3分）（2015•丹阳市一模）如甲图电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如乙图所示，此时通过L2的电流为　0.6　A，L1和L2的电阻之比为　6：5　，L1和L2消耗的功率之比为　5：6　．

考点：
欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；电流表的读数方法；并联电路的电压规律；电功率的计算．.
专题：
应用题；电路和欧姆定律；电能和电功率．
分析：
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L1支路的电流；根据电流表指针的位置和并联电路的电流特点确定两电流表的量程，然后根据分度值读出示数，利用并联电路的电流特点求出通过L2的电流；根据并联电路的电流特点和欧姆定律求出两灯泡电阻之间的关系，再根据P=UI求出两灯泡消耗的电功率之比．
解答：
解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测L1支路的电流；
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且A1指针的偏转角大于A指针的偏转角，
∴电流表A1的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所以通过L1的电流I1=0.5A，
电流表A的量程为0～3A，分度值为0.1A，所以干路电流I=1.1A，
则通过L2的电流I2=I﹣I1=1.1A﹣0.5A=0.6A，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴根据欧姆定律可得，L1和L2的电阻之比：
====，
根据P=UI可得，L1和L2消耗的功率之比：
====．
故答案为：0.6；6：5；5：6．
点评：
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据指针的偏转角和并联电路的电流关系确定电流表的量程并读出示数．

22．（5分）（2015•丹阳市一模）如图所示是一种环保驱蚊用品﹣﹣电热液体蚊香器．蚊香器通电后其内部的发热部件对驱蚊液加热，过一会儿，可见其顶部有“白气”飘出，房间里弥漫着驱蚊液的清香，起到驱蚊和灭蚊的作用；其中“白气”是　液　（选填“气”或“液”）态物质；驱蚊液变成“白气”涉及到的物态变化是先　汽化　后　液化　；蚊香器工作时将　电　能转化为　内　能．

考点：
液化及液化现象；汽化及汽化吸热的特点；能量的相互转化．.
专题：
热和能．
分析：
要解答本题需掌握：①电热液体蚊香器的原理，即通过加热蚊香液，使驱蚊液汽化，气态的驱蚊液到空气中遇冷液化．
②蚊香器工作时消耗了电能，得到了内能．
③房间里清香四溢是分子运动的结果．
解答：
解：“白气”是指的液态小液滴，它是驱蚊液先汽化成气体，然后气态的驱蚊液到空气中遇冷液化产生的；
蚊香器工作时是将电能转化为内能．
故答案为：液；汽化；液化；电；内．
点评：
本题通过实验电热液体蚊香器考查了液化和汽化定义，以及对能量转化的了解和掌握，要学会结合物理知识解决生活问题．

三、解答题（本题有7小题，共48分）
23．（6分）（2015•丹阳市一模）（1）如图1，一个重可以忽略的气球用绳子系住浸在水中，气球对绳子的拉力3N．试用力的示意图表示气球所受浮力．
（2）根据图2中磁感线方向，标出小磁针的N、S极，并用“+”、“一”分别标出电源的正负极．
（3）为节约电能，地下通道电动扶梯只需在白天且有人时才开启．利用红外线自动开关S1（现场有人，S1闭合；现场无人，S1断开）以及可见光自动开关S2（白天，S2闭合；夜间，S2断开）控制电路，可达到目的．请完成图3电路连接．

考点：
力的示意图；通电螺线管的磁场；家庭电路的连接．.
专题：
图像综合题．
分析：
（1）由图可知，气球的重力忽略不计，气球所受浮力和绳子对小球的作用力，是一对平衡力．大小相等，方向相反作用在同一直线上．
（2）根据磁感线的方向确定螺旋管的N S极，然后根据磁体间的相互作用确定磁针的N S极，再利用安培定则确定电源的正负极．
（3）电路中开关控制用电器时，开关和用电器是串联的；两个开关同时控制电动扶梯，当现场有人，且有一定的可见光时，电动扶梯才工作，因此两个开关串联后共同控制电动机．
解答：
解：（1）气球受到的浮力和绳子的拉力，作用点都在重心上，此时气球所受浮力和绳子对小球的作用力，是一对平衡力．大小相等，即F浮=F=3N，浮力方向竖直向上，如图所示：

（2）因为磁感线总是从磁体的N即出发，所以螺旋管的右端为N极，则小磁针的右端为N极，根据安培定则可以判断出电源的正负极．

（3）用导线从火线开始，将两个开关串联，再连接电动扶梯的电动机，最后回到零线．如图所示．

点评：
（1）静止的物体受平衡力的作用，并且浮力的方向总是竖直向上的，会用力的示意图表示出力的三要素．
（2）主要考查学生会根据螺旋管的性质判断出磁体的N S极，会熟练应用安培定则．
（3）开关控制用电器时开关和用电器是串联的，用电器和用电器之间是并联的．根据实际需要学会设计串联电路和并联电路．

24．（8分）（2011•阜新）在“测量定值电阻阻值”和“测量小灯泡电功率”的实验中：

（1）婷婷正确连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片到某一位置时，观察到电流表示数为0.2A，电压表示数如图甲所示，则定值电阻阻值为　10　Ω．
（2）婷婷仅把这一次实验测得的阻值作为最后的结果，你认为合适吗？　不合适　，理由是　没有进行多次测量，实验误差大　．
（3）测出电阻后，婷婷将电路中的定值电阻换成了一个额定电压为2.5V的小灯泡，测量小灯泡的电功率，图乙是婷婷重新连接的不完整的电路，请你用笔代替导线将实物电路连接完整．（要求：滑片P向右移动时，小灯泡变亮）
（4）闭合开关后，调节滑动变阻器滑片P，使电压表示数为　2.5　V时，小灯泡正常发光，如果此时电流表示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率是　0.75　W．
（5）另一实验小组同学，按正确方法完成实验后，分别绘制了“定值电阻”和“小灯泡”的U﹣I图象如丁图所示，则表示“定值电阻”的U﹣I图象的是　甲　 （填“甲”或“乙”），这样判断的依据是　定值电阻阻值一定，电流与电压成正比　．

考点：
伏安法测电阻的探究实验；实物的电路连接；电流表的读数方法；电压表的读数方法；欧姆定律的应用；探究用电器的电功率实验．.
专题：
实验题；作图题；压轴题；信息给予题；控制变量法．
分析：
（1）电压表和电流表的读数：首先确定使用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数．
知道电压和电流，根据R=计算电阻．
（2）定值电阻的阻值是不变的，要进行多次测量求平均值来减小误差，只有一次实验得出的最后结果，误差太大．
（3）滑片右移，灯泡变亮，电路电流变大，电路电阻变小，来确定滑动变阻器接入的下面接线柱．
（4）灯泡正常工作的电压为额定电压，读出电流表的示数，根据P=UI计算额定功率．
（5）定值电阻的阻值不变，的比值是不变的，电流跟电压成正比；灯泡的电阻是变化的，的比值是变化的，电阻不能确定，电流跟电压不成正比．
解答：
解：（1）电压表选择0～3V量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2V，
R===10Ω．
（2）只把一次实验测得的阻值作为最后结果是不合适的，因为定值电阻的阻值是不变的，要进行多次测量求平均值来减小误差．
（3）滑片右移，灯泡变亮，电路电流变大，电路电阻变小，滑动变阻器要接入右半段，滑动变阻器要接B接线柱，把滑动变阻器串联在电路中．如图．

（4）电压表测灯泡两端电压，电压表示数为2.5V时灯泡正常工作．
电流表选择0～0.6A量程，每一个大格代表0.2A，每一个小格代表0.02A，电流为0.3A，
P=U'I'=2.5V×0.3A=0.75W．
（5）甲图不变的，电流跟电压成正比，甲是定值电阻．
乙图的的比值是逐渐增大，乙图表示灯泡电阻．
故答案为：（1）10；（2）不合适；没有进行多次测量，实验误差大；（3）如图；（4）2.5；0.75；（5）甲；定值电阻阻值一定，电流跟电压成正比．
点评：
本题还考查了电压表和电流表的读数，欧姆定律的应用，如何减小误差，滑动变阻器的使用，功率的计算，图象问题，涉及到的知识很多，综合性很强，增大了解题的难度．
本题的难点是通过图象电流跟电压的关系，来确定电阻是否变化，通过电阻是否变化判断定值电阻和灯泡电阻．

25．（6分）（2015•丹阳市一模）小明在探究“摩擦力的大小与什么因素有关”的实验时，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使它沿水平长木板匀速滑动，从而测出摩擦力；改变放在木块上的砝码，从而改变木块与长木板之间的压力；把棉布、毛巾等铺在长木板上，从而改变接触面