深中龙初九年级物理第八周周测-普通用卷.docx

深中龙初九年级物理第八周周测
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
一、单选题（本大题共16小题，共24.0分）
1. 如图是太阳能汽车在平直公路上匀速行驶的情形，若不计空气对汽车的影响，则下列说法正确的是（　　）

A. 汽车的重力和地面对汽车的支持力是相互作用的
B. 汽车受到两对平衡力的作用
C. 汽车急刹车不能立即停止，是由于速度大、惯性大
D. 太阳能汽车行驶时是将太阳能直接转化成机械能
2. 如图，点燃的蜡烛放在距小孔a处，它成像在距小孔b的半透明纸上，且a大于b。则半透明纸上的像是（　　）

A. 倒立、放大的虚像 B. 正立、缩小的虚像
C. 倒立、缩小的实像 D. 正立、放大的实像
3. 如图所示，两个质量相等的实心均匀正方体A、B静止放置在水平地面上，A的边长小于B的边长。下列说法正确的是（　　）
A. A、B对水平地面的压强PA<PB
B. 若均沿竖直方向截去一半，则剩余部分对水平地面的压强PA<PB
C. 若均沿水平方向截去一半，则剩余部分对水平地面的压强PA<PB
D. 若均沿图中所示虚线截去上面的一半，则剩余部分对水平地面的压强PA>PB
4. 如图所示，一个封闭容器内盛满水，设水对容器底产生的压强为P1，压力为F1；若把容器倒置过来，水对容器底产生的压强为P2，压力为F2．则（　　）
A. P1<P2   F1>F2 B. P1=P2   F1<F2
C. P1=P2   F1=F2 D. P1>P2   F1<F2
5. 小明将质量为100g的物体放入盛满水的溢水杯中，当物体静止时，溢水杯中溢出80cm3的水，则物体（g取10N/kg）（　　）
A. 漂浮在水面上 B. 悬浮在水中
C. 沉在溢水杯底部 D. 受到1N的浮力
6. 如图所示，质量相等的甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中，下列说法正确的是（　　）
A. 甲球受到的浮力大 B. 乙球受到的浮力大
C. 甲球浸在水中的体积大 D. 两球浸在水中的体积一样大
7. 如图所示，把体积为300cm3、密度为0.8×103kg/m3的木块浸没在水中后放手，木块先上浮，最终漂浮于水面，下列说法正确的是（g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）（　　）
A. 木块漂浮时受到的浮力是3N
B. 木块上浮过程中，露出水面前受到的浮力变小
C. 木块浸没与木块漂浮时，水对容器底部的压力一样大
D. 如果把漂浮木块露出水面部分切去，余下部分仍将漂浮
8. 如图所示，三个相同的容器内水面高度相同，甲容器内只有水，乙容器内有木块漂浮在水面上，丙容器中悬浮着一个小球，则下列四种说法正确的是（　　）
A. 三个容器对水平桌面的压力相等
B. 三个容器中，丙容器对水平桌面的压力最大
C. 如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力变大
D. 如果向丙容器中加入酒精，小球受到的浮力不变
9. 小明用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作了一个“浮沉子”（如图），他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在矿泉水瓶内的水面上，矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，用力挤压矿泉水瓶侧面时“浮沉子”下沉，松手后“浮沉子”即上浮。下列说法错误的是（　　）
A. “浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
B. 无论怎样挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”不可能悬浮在水中
C. “浮沉子”上浮时，小瓶内的压缩空气会将内部的水压出
D. 潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同

10. 如图所示，下列哪种仪器在完全失重状态下仍可以使用（　　）
A. 托盘天平 B. 弹簧测力计
C. 密度计 D. 压强计
11. 如图是研究滚摆运动的实验，在滚摆向上运动的过程中，若不计阻力，下列说法中正确的是（　　）
A. 动能转化为重力势能，机械能不变
B. 动能转化为重力势能，机械能增加
C. 重力势能转化为动能，机械能不变
D. 重力势能转化为动能，机械能减少

12. 关于粒子和宇宙，下列说法中正确的是（）
A. 大风吹过尘土飞扬，说明分子处在永不停息的运动中
B. 雨打荷叶，水滴是球形的，说明分子间有引力
C. 毛皮与橡胶棒摩擦后能够吸引轻小物体是摩擦创造了电荷
D. 自由电子的移动方向就是电流的方向
13. 标有“220V，40W”和“220V，60W”的两只灯泡L1、L2串联在电路中时，两灯泡均发光，实际消耗的功率分别为P1和P2，则（　　）
A. P1>P2 B. P1=P2 C. P1<P2 D. 无法确定
14. 灯泡L上标有“6V 6W”字样，测得该灯泡的电流随电压变化的关系如图甲所示。现把灯泡L接入如图乙所示的电路中，若电源电压为10V不变，电流表的量程为“0～0.6A”，电压表的量程为“0～15V”，则下列说法正确的是（　　）
A. 灯泡L正常发光时，电压表的示数为6V
B. 当电流表示数为0.4A时，电压表的示数为9V
C. 灯泡L的电阻值随电压表的示数的增大而增大
D. 为了保证电路安全，整个电路消耗的最大功率为10W
15. 在如图所示的电路中，闭合开关后，灯泡L1和L2都不亮，电压表有示数，其故障原因可能是（　　）

A. L1断路 B. L1短路 C. L2断路 D. L2短路
16. 如图，R为光敏电阻，其阻值随光照强度的增大而减小，R1是定值电阻。闭合开关，逐渐增大光敏电阻上的光照强度，电表示数变化情况是（　　）

A. 电流表示数变小，电压表示数变大
B. 电流表示数变大，电压表示数变小
C. 电压表和电流表示数的比值将变小
D. 电流表和电压表示数均变大
二、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
17. 作出随小车一起做匀速直线运动的小球所受力的示意图。

18. 根据通电螺线管的N、S极和磁感线形状，在图中标出磁体A的N极，磁感线方向（任选一根标出即可）和电源“+”、“-”极。

三、实验探究题（本大题共3小题，共12.0分）
19. 如图所示是“探究物体动能的大小与哪些因素有关”的实验装置．
（1）实验中，小球从斜面滚下撞击木块，通过观察______ 来判断______ （选填“小球”或“木块”）动能的大小，该实验利用了______ 法．
（2）让同一小球从斜面的不同高度由静止滚下，推动木块做功，目的是为了探究动能的大小与______ 的关系．
20. 小明利用如图甲所示的电路探究“电流与电阻的关系”。

已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω。实验得到如图丙所示的电流，随电阻值变化的图象。
（1）根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整（导线不允许交叉）。
（2）上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，将定值电阻换为10Ω继续实验，闭合开关后，应将滑动变阻器滑片向______（选填“右”或“左”）移动，使电压表示数保持不变，读出电流表的示数。
（3）由图象可以得出结论：电压一定时，导体的电阻越大，通过导体的电流越______。
（4）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于______Ω的滑动变阻器。
21. 如图1所示，小明利用弹簧测力计、一个金属块、两个相同烧杯、适量的水和煤油，对浸在液体中的金属块所受浮力进行了探究

（1）分析图B、C，说明浮力大小跟______有关。
（2）如图2是小明根据实验数据所绘制的弹簧测力计示数与金属块的下表面浸入水中深度和金属块所受浮力与金属块的下表面浸人水中深度的关系图象。能够表示金属块所受浮力与金属块的下表面到水面距离h关系的图象为______（选填“a”或“b”）。
（3）在图1B中，金属块浸没在水中所受浮力为______N．
（4）请你根据图中的实验数据求出：煤油的密度为______kg/m3。
四、计算题（本大题共2小题，共14.0分）
22. 电饭锅是家中常用的用电器，下表是小宇家中一台电饭锅的铭牌，其内部结构简化如图所示，其中R1和R2都是电热丝（不考虑温度对电阻的影响）。
（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是多少？
（2）电阻R2的阻值是多少？
（3）一天，小宇断开家中其它用电器，只接通电饭锅且处于加热状态，发现家中标有“220V 10（20）A；3000r/kW•h”的电能表5min内转了200圈，求电饭锅此时的实际加热功率是多少？
额定电压
220V
频率
50Hz
额定功率
加热
880W
保温
44W

23. 图甲是建造长江大桥是使用起吊装置（图中未画出）的钢缆绳拉着实心圆柱体A距江面某一高度处沿竖直方向匀速下降，在下降到江底之前，始终保持0.2m/s的速度不变．图乙是A下降到江底之前钢缆绳对A的拉力F的随时间t变化的图象（取江水的密度为ρ=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）．求：
（1）圆柱体A下降过程中，重力的功率？
（2）圆柱体A的密度．
（3）当圆柱体A下降到江底（江底视为水平），卸下钢缆绳后，圆柱体A对江底的压强？

五、简答题（本大题共1小题，共6.0分）
24. 小轿车已进入家庭，如图是某轿车车顶的外掀式天窗，车行驶时，如果把天窗的前面关闭，后面微微向上打开，就能使车内污浊的空气被自动“抽出”，使车内的空气清新。

（1）利用物理知识解释天窗此时能够向外“抽气”的原理。
（2）轿车在设计过程中涉及到很多的物理知识，请再举两个例子。（例：车轮做成圆形，变滑动为滚动减小摩擦力。）

答案和解析
1.【答案】B
【解析】
解：
A、汽车受到的重力和地面对汽车的支持力作用在汽车上，大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。符合二力平衡条件，故A错误；
B、汽车受到的重力和支持力、牵引力和阻力两对平衡力，故B正确；
C、汽车急刹车不能立即停下来是因为汽车有惯性，但惯性是物体固有的属性，只跟质量有关，质量越大，惯性越大，和物体的运动状态无关，故C错误；
D、太阳能汽车上的太阳能电池将太阳能转化为电能再换化为机械能，故D错误。
故选：B。
（1）物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。
（2）惯性是物体固有的属性，惯性和物体的运动状态无关，惯性的大小和质量成正比。
（3）太阳能汽车行驶时将太阳能转化为电能再换化为机械能。
本题考查了二力平衡的辨别、惯性的理解、太阳能汽车能量的转化，是一道综合题。
2.【答案】C
【解析】
解：小孔成像成的是一个倒立的像，像是由实际光线会聚而成的，是实像；
像到小孔光的距离b小于蜡烛到小孔的距离a，所成的像是缩小的像。
故选：C。
蜡烛发出的光在空气中沿直线传播，经过小孔射在半透明纸上，从而形成一个倒立的烛焰的像；
像的大小与像距和物距的关系有关，若像距大于物距，像大于物；若像距小于物距，像小于物。
此题考查的是小孔成像的特点，以及像物大小关系的判断，是一道基础题。
3.【答案】D
【解析】
解：A、两个实心均匀正方体A、B静止放置在水平地面上，质量相等，则重力相等，对地面的压力相等，即FA=FB；A的边长小于B的边长，则A的底面积小于B的底面积，即SA＜SB，根据p=可知，A、B对水平地面的压强关系为pA＞pB．故A错误；
B、若均沿竖直方向截去一半，A、B对地面的压力变为FA、FB，受力面积变为SA、SB，又FA=FB，SA＜SB，根据p=可知，剩余部分对水平地面的压强pA＞pB．故B错误；
C、若均沿水平方向截去一半，A、B对地面的压力变为FA、FB，受力面积不变，仍为SA＜SB，FA=FB，根据p=可知，剩余部分对水平地面的压强pA＞pB．故C错误；
D、若均沿图中所示虚线截去上面的一半，A、B对地面的压力变为FA、FB，受力面积不变，仍为SA＜SB，FA=FB，根据p=可知，剩余部分对水平地面的压强PA＞PB．故D正确。
故选：D。
两个质量相等的实心均匀正方体A、B静止放置在水平地面上，对地面的压力等于其重力，利用p=通过分析A、B对地面的压力压力和受力面积的变化，判断对地面的压强大小。
此题考查压强的大小比较，关键是压强公式的应用，同时要知道静止在水平面上的物体对水平面的压力等于其重力。
4.【答案】B
【解析】
解：根据公式p=ρgh可知，深度不变，液体对容器底的压强也不变，倒置后垂直压在容器底部的液体重力增大，所以对容器底的压力也增大．
故选B．
把容器倒置后，液体深度不变，根据公式p=ρgh判断对容器底的压强的变化．液体对容器底的压力是垂直压在物体表面上的力．
本题考查压强公式的应用，根据深度来判断压强的变化，判断压力关键是看垂直压在物体表面上的那部分力的大小．
5.【答案】C
【解析】
解：由题意知物体的重力为：G物=m物g=100×10-3kg×10N/kg=1N．
物体静止时受到的浮力为：F浮=G排=ρ水gV排=103kg/m3×10N/kg×80×10-6m3=0.8N．
因为浮力小于重力，所以物体最后沉在溢水杯底部，根据题意可知ABD错误，C正确．
故选C．
要解决此题，需要掌握物体所受浮力的大小：浸在液体中的物体，受到的浮力等于其排开液体的重力．
同时要掌握物体的浮沉条件：
完全浸没在液体中的物体．
若受到浮力大于重力，则上浮，最后漂浮在液面上．此时，浮力等于重力．
若受到浮力等于重力，则悬浮．此时浮力等于重力．
若受到浮力小于重力，则下沉到液底．此时浮力小于重力．
此题主要考查了有关重力的计算、浮力的计算，同时还考查了物体的浮沉条件．关键是搞清物体浮力和重力之间的关系．
6.【答案】D
【解析】
解：（1）甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，由于两球质量相等，重力相等，所以浮力相等，故AB错误；
（2）由F浮=G排=ρ水gV排可得，V排相同，所以两球浸在水中的体积一样大，故C错误，D正确．
故选D．
已知质量相同的甲、乙两个小球，则其重力相同．漂浮和悬浮都有F浮=G排，由此公式变形可推出两球排开水的体积关系．
本题考查了浮沉条件、浮力公式的应用，关键是用好漂浮和悬浮条件，灵活运用公式进行判断．
7.【答案】D
【解析】
解：A、根据ρ=可知，木块的质量，m=ρV=0.8g/cm3×300cm3=240g=0.24kg，
木块的重力G=mg=0.24kg×10N/kg=2.4N。
木块漂浮，则浮力F浮=G=2.4N．故A错误；
B、木块上浮过程中，露出水面前，水的密度一定，排开水的体积不变，
根据公式F浮=ρ水gV排可知，所受浮力不变。故B错误；
C、木块浸没时排开水的体积大于木块漂浮时排开水的体积，
所以，木块浸没时水的深度大于木块漂浮时水的深度，
所以，根据p=ρ水gh可知，木块浸没时水对容器底部的压强大于木块漂浮时水对容器底部的压强，
容器的底面积不变，
根据p=可知，木块浸没时水对容器底部的压力大于木块漂浮时水对容器底部的压力。故C错误；
D、由题知，木块先上浮，最终漂浮于水面，所以木块的密度小于水的密度，
如果把漂浮木块露出水面部分切去，木块的密度不变，仍然小于水的密度，
所以，余下部分仍将漂浮。故D正确。
故选：D。
（1）木块漂浮，浮力等于重力，利用密度公式计算出木块的质量，然后利用重力公式计算重力；
（2）根据公式F浮=ρ水gV排可分析木块上浮过程中，露出水面前受到的浮力变化；
（3）根据p=ρ水gh，通过分析排开水的体积的变化得出水的深度的变化，进而得出压强的大小变化；
（4）根据物体的浮沉条件分析。
此题考查浮力的大小计算、物体浮沉条件的应用、压强的大小比较，关键是浮力公式和液体压强公式的应用，题目难度适中，适合学生训练，属于中档题。
8.【答案】A
【解析】
解：（1）G乙=F浮乙，G丙=F浮丙，这里h甲=h乙=h丙，V浸乙=V浸丙，F=pVg=mg=G，即F丙排=F乙排又因为G水乙=G水+F乙排，F水丙=G水+F丙排，h相同，S相同，所以G甲=G水乙=G水丙，所以压力相等；
（或在乙容器中，根据作用力和反作用力，容器（包括水和玻璃杯）施加给木块一个竖直向上的浮力-F浮，木块会反过来施加给容器（包括水和玻璃杯）一个竖直向下的压力-F压，而且F压=F浮．这个压力会通过容器传导给桌面．木块因为漂浮，所以F浮=G木=G排．所以，甲容器对于桌面的压力=G水+G杯，乙容器对桌面的压力=+G排+G杯=+G木+G杯，因为G水=+G排，因此，甲容器对于桌面的压力等于乙容器对桌面的压力；同理甲容器对于桌面的压力等于丙容器对桌面的压力；）故A正确，B错误；
（2）木块漂浮在乙容器中，
所以向乙容器中加入盐水，液体密度增大，木块仍然漂浮在液面上，那么木块受到的浮力等于木块的重力，
木块的重力没变，
所以木块受到的浮力不变．故C错误．
（3）小球悬浮在丙容器中，
所以ρ球=ρ水，
所以如果向丙容器中加入酒精，则液体密度减小，
所以小球将下沉，即小球受到的浮力变小．故D错误．
综上分析，只有选项A正确．
故选A．
（1）三个相同的容器内水面高度相同，根据p=ρgh可知其对容器底的压强，再利用F=pS比较三个容器对水平桌面的压力；
（2）物体漂浮或悬浮，受到的浮力都等于物体重．
（3）当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉；当物体的密度小于液体的密度时，物体上浮（漂浮）；当物体的密度等于液体的密度时，物体处于悬浮状态．
本题考查了学生对液体压强公式、物体浮沉条件的掌握和运用，本题关键：一是知道物体密度小于液体密度时物体漂浮，物体密度等于液体密度时物体悬浮，当物体的密度大于液体的密度时，物体下沉；二是影响液体压强的因素是液体密度和液体深度．
9.【答案】B
【解析】
解：挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉。松开手，小瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，浮沉子里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮；当浮力等于重力，就会悬浮在水中；潜水艇与“浮沉子”浮沉的原理相同，都是靠改变自身重力来实现沉浮的。
故选：B。
浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。
此题是大气压和浮力的一个综合考查，出错原因是很多同学不认识浮沉子。
10.【答案】B
【解析】
解：
A、天平是利用杠杆的原理，天平平衡需要物体的重力，所以天平不能在失重状态下有效使用；
B、弹簧测力计的原理是：弹簧受到的拉力越大，弹簧的伸长越长。在失重状态虽然重力表现不出来，但是拉力总还是有的，所以弹簧秤仍能在失重状态下有效使用；
C、密度计测液体的密度是根据密度计受到的重力与浮力平衡而测密度的，完全失重，没有重力和浮力，不能用密度计测液体的密度，所以密度计不能有效使用；
D、在失重状态下，液体不会产生压强，因此压强计不能有效使用。
故选：B。
完全失重也就是没有重力，依靠重力作用进行实验的器材都不能使用，分析各选项中的仪器的原理，找出符合要求的答案。
到太空中不能进行的实验：天平测量物体质量、托里拆利实验、弹簧测量计不能测量重力但是可以测量拉力、杠杆平衡条件实验等，与重力和气压有关的实验都将不能进行。
11.【答案】A
【解析】
解：滚摆向上运动的过程中，由于高度升高，则重力势能增加，同时速度减小，则动能减小；即动能转化为了重力势能；
因重力势能和动能统称为机械能；且不计阻力则没有其他能量产生；故机械能应保持不变；
故选 A．
分析滚摆的向上运动时的速度及高度的变化，则可知动能及重力势能的变化；根据机械能的定义可知机械能的变化．
本题考查了机械能的定义及动能和重力势能的相互转化，注意在只有重力做功的情况下，重力势能和动能可以相互转化，但总量是保持不变的．
12.【答案】B
【解析】
解：A、尘土飞扬是固体小颗粒的运动，属于机械运动，不是分子的运动；故A错误；
B、水滴是球形，是由于分子间有引力，即液体表面存在表面张力；故B正确；
C、毛皮与橡胶棒摩擦后能够吸引轻小物体是摩擦起电现象，是电荷的转移；故C错误；
D、规定正电荷移动的方向为电流方向，自由电子的移动方向与电流方向相反，故D错误。
故选：B。
（1）要区分开分子的运动和固体小颗粒的运动（机械运动）；
（2）物质是由分子组成的，组成物质的分子永不停息地做无规则的运动，分子之间有相互作用的引力的斥力；
（3）摩擦起电不是创造了电荷，而是电荷的转移；
（4）规定正电荷移动的方向为电流方向。
本题考查分子的运动、摩擦起电、原子结构、分子间作用力，考查的知识点比较多，主要考查学生对所学物理知识的综合应用能力。
13.【答案】A
【解析】
解：由两灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，L1的额定功率小于L2的额定功率，
由P=UI=的变形式R=可知，L1的电阻大于L2的电阻，
两只灯泡L1、L2串联在电路中时，
因串联电路中各处的电流相等，且L1的电阻较大，
所以，由P=UI=I2R可知，L1的实际功率较大，即P1＞P2。
故选：A。
由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压和额定功率关系，根据P=UI=得出两灯泡的电阻关系，两只灯泡L1、L2串联在电路中时，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R得出两灯泡的实际功率关系。
本题考查了串联电路的电流特点和电功率公式的灵活应用，是一道较为简单的应用题。
14.【答案】B
【解析】
解：
A、灯泡正常发光时的电压UL=6V，由图象可知，当灯泡正常发光时，电路中的电流为1A＞0.6A，所以灯泡不能正常发光，则电压表的示数也就无从谈起，故A错误；
B、由图象可知，当I=0.4A时，UL=1V，所以UR=U-UL=10V-1V=9V．故B正确；
C、灯泡的电阻随温度的升高而增大，即灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻越大，因电压表的示数越大时，灯泡两端的电压越小，所以，灯泡的电阻随电压表示数的增大而减小。故C错误；
D、由图象可知，当灯泡正常发光（UL=6V）时，电路中的电流为1A＞0.6A，所以电路中的最大电流为I=0.6A，电路消耗的最大电功率Pmax=UImax=10V×0.6A=6W．故D错误。
故选：B。
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流；
（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出电压表的示数；
（2）根据图象读出当电流表示数为0.4A时，灯泡两端的电压，根据电阻的串联特点求出电压表的示数；
（3）灯泡两端的电压越大时，实际功率越大，温度越高，电阻越大，根据串联电路的电压特点可知电压表示数增大时灯泡两端的电压变化，进一步得出灯泡电阻与电压表示数之间的关系；
（4）根据图象可知灯泡正常工作时的额定电流，并与电流表的量程相比较得出电路的最大电流，即可判断灯泡是否能正常工作；根据P=UI求出电路消耗的最大电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，这也是学生比较容易出错的地方。
15.【答案】C
【解析】
解：A.L1断路，电压表的正负接线柱接不到电源正负极上，电压表无示数，故A错误；
B.L1短路，L1还亮，故B错误；
C.L2断路，两灯都不亮，电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的，有示数，故C正确；
D.L2短路，L2还亮，电压表测量乙导线两端的电压，示数为0，故D错误。
故选：C。
由图知，两灯串联，电压表测量L1两端的电压；
两灯泡都不亮，说明电路某处断路，不会出现短路（若一灯短路，另一灯还会亮）；
电压表有示数，说明电压表的正负接线柱到电源正负极的连接是连通的；
据此综合分析。
本题考查了学生利用电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和开路两种情况，平时做实验时试一试，多总结、提高分析能力。
16.【答案】D
【解析】
解：
（1）由图知，两电阻串联，电压表测定值电阻R1的电压，电流表测电路中的电流；
逐渐增大光敏电阻上的光照强度，由题意可知光敏电阻R的阻值减小，则电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，电流变大，即电流表示数变大；
根据U=IR可知，定值电阻R1的电压变大，即电压表示数变大，故D正确，AB错误。
（2）由欧姆定律可知，电压表和电流表示数的比值等于定值电阻R1的阻值，则该比值保持不变，故C错误。
故选：D。
（1）分析电路的连接及电表测量的量，根据已知条件分析R减小，由电阻的串联判断总电阻变化，由欧姆定律，确定电路电流变化；
根据U=IR分析R1的电压变化，根据串联电路电压的规律，R的电压即电压表示数变化；
（2）由欧姆定律分析电压表和电流表示数的比值变化。
本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是电路的分析。
17.【答案】解：分析可知，随小车一起做匀速直线运动的小球，与车厢之间没有挤压，不受弹力作用，此时小球只受到竖直向下的重力和竖直向上的拉力作用，并且这两个力是一对平衡力，如图所示：

【解析】

画力的示意图，首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。
作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。
18.【答案】解：已知通电螺线管的左端为S极，右端为N极，根据安培定则，用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为N极方向，可知，电源左端为正极，右端为负极，
磁体外部磁感线由N极指向S极，根据图中磁感线的形状可知，两磁极间一定为同名磁极，故条形磁铁A的左端为N极，右端为S极，如图所示。

【解析】

通电螺线管的磁场与条形磁体磁场相似，磁体极性与导线的绕法和电流方向有关，磁体的极性和电流方向关系用安培定则判断；磁体的磁感线都是从磁体的N极出发，回到磁体的S极。
解决此类题目的顺序都是一定的，重要的是找到问题的突破口即根据已知首先能做出判断的一项，本题的突破口是先根据通电螺线管的磁极判断电流的方向。
19.【答案】木块移动的距离；小球；转换；速度
【解析】
解：（1）实验中，通过小球推动木块运动距离的大小来反映小球动能的大小；该实验采用了转换法；
（2）实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；若探究速度对动能的影响，应使小球的质量相同，速度不同，所以需使同一小球的小车从斜面的不同高度由静止滑下；
（3）若探究质量对动能的影响，应使小球的速度相同，质量不同，所以需使质量部相同的小球从斜面的同高度由静止滑下．
故答案为：（1）木块移动的距离；小球；转换；（2）速度．
（1）本实验通过比较小球推动木块运动距离的大小，判断小球动能的大小．
（2）动能大小跟质量和速度有关．在探究动能大小跟速度关系时，控制质量大小不变．
掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系．
20.【答案】​；左；小；28
【解析】
解：（1）电压表的负接线柱与定值电阻的右接线柱相连，滑动变阻器的任意上方接线柱与定值电阻的右接线柱相连，如下图所示：

（2）在探究电流与电阻的关系时，需要调节滑动变阻器，使电阻两端的电压不变；
（3）①将5Ω的电阻换为10Ω后，电阻变大，分压增多，电压表的示数变大，所以应增大滑动变阻器的阻值，将滑片向左滑动，保持电压表的示数为2.5V，并读出电流表的示数；
②分析图丙图象，曲线上每点对应的电流和电阻的乘积都等于2.5V，说明电压一直保持在2.5V，此时导体中的电流与电阻成反比；
故可以得出结论：电压一定时，导体中的电流与电阻成反比。
（4）根据题意，实验中最大的电阻阻值为20Ω，根据串分压的知识，此时电阻分得的电压最大，则滑动变阻器分得的电压最小，其阻值最小。
当它两端的电压为2.5V时，电路中的电流为I===0.125A；
滑动变阻器的电压为：U′=6V-2.5V=3.5V
此时滑动变阻器的电阻为：R′===28Ω
故答案为：（1）见上图；断开；阻值最大；（2）不变；（3）①左；②小；（4）28。
（1）电压表并联在定值电阻两端，要注意正负接线柱的连接，滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中；
为了保护电路，在闭合开关前要将滑片移至最大阻值处；
（2）在探究电流与电阻的关系时，需要控制电阻两端的电压不变；
（3）①根据串联电路的分压的关系知，换用较大的电阻后，电阻分的电压变大，电压表的示数会变大，则应增大滑动变阻器的阻值减小电阻两端的电压，保持电压表的示数不变；
②根据图象分析电流和电阻的关系：电压一定，电流和电阻成反比；
（4）根据图乙确定一组电流和电阻值，根据U=IR计算出电压；
根据串分压的知识，当电阻值为20Ω时，所需的滑动变阻器的阻值最大，根据图象确定电路中电流，由R=计算出电路中的总电阻，从而计算出滑动变阻器的阻值。
此题是探究电流跟电阻的关系实验，需使电阻两端的电压不变，考查了对图象的分析，同时涉及到了串联电路电流、电压的关系，及欧姆定律的变形应用
21.【答案】液体的密度；a；1.0；800
【解析】
解：（1）物体受到的浮力大小F浮=G-F示，在水和油中测力计示数不同，则物体受到的浮力不同，分析图B、C，物体排开液体的体积相同，排开液体的密度不同，说明浮力大小跟液体的密度有关；
（2）因F=ρ液gV排，在浸没前，金属块的下表面到水面距离h增大导致排开液体的体积增大，金属块所受浮力随金属块的下表面到水面距离h增增大而变大；
当浸没后，排开液体的体积不变，浮力不变，所受浮力与深度无关，因此，只有选项a符合题意。
（3）金属块浸没在水中所受浮力F浮水=G-F示=2.7N-1.7N=1.0N；
若物体接触并挤压了容器底部，由力的作用是相互的，容器底部对物体有一个向上的力的作用，测力计的示数将减小，根据F浮=G-F示可知，测得的浮力将偏大。
（4）根据阿基米德原理，F浮水=ρ水gV排，因浸没，V物=V排水=，
在油中受到的浮力F浮油=ρ油gV排油，又F浮油=2.7N-1.9N=0.8N，
因物体均浸没在液体中，故排开液体的体积相同，V排油=，
即=；
油的密度：ρ油=×ρ水=×1000kg/m3=800kg/m3。
故答案为：（1）液体的密度；（2）a；（3）1.0；偏大；（4）800。
（1）物体体受到的浮力大小F浮=G-F示，找出BC中相同的量与不同的量分析解答；
（2）在浸没前，金属块所受浮力随金属块的下表面到水面距离h增大而变大，浸没后，排开液体的体积不变，所受浮力与深度无关；
（3）根据F浮水=G-F示求出物体所受的浮力，物体接触并挤压了容器底部，则容器底部受到一个向上的力的作用，据此分析回答；
（4）根据阿基米德原理求出物体排开水的体积即物体的体积，求出物体在油中受到的浮力，根据阿基米德原理，由排开液体的体积相等求煤油的密度。
本题考查称重法测浮力、密度、浮沉条件应用，阿基米德原理等知识的应用，综合性较强。
22.【答案】解：
（1）由题知，电饭锅正常工作时，在加热状态下功率P=880W，
由P=UI可得总电流：
I=P加热U=880W220V=4A；
（2）当S、S0闭合时，R1和R2并联，电路总电阻较小；当S闭合、S0断开时，电路中只有R2，电路总电阻较大；由P=U2R可知，当S、S0闭合时，电功率较大，为加热档；当S闭合、S0断开时，电功率较小，为保温档；P保温=44W，由P=U2R可得：
R2=U2P保温=(220V)244W=1100Ω；
（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，
则电能表转盘转200r消耗的电能：
W=2003000kW•h=115kW•h，
电饭锅此时的实际加热功率：
P实=Wt=115kW⋅h560h=0.8kW=800W。
答：
（1）电饭锅正常工作时，在加热状态下的总电流是4A；
（2）电阻R2的阻值是1100Ω；
（3）电饭锅此时的实际加热功率是800W。
【解析】

（1）知道电饭锅正常工作时在加热状态下功率，利用P=UI求电路总电流；
（2）分析S、S0闭合和S闭合、S0断开时的电路组成、电阻大小关系，利用P=可知什么情况为保温档，再利用P=求R2的阻值；
（3）3000r/kW•h表示电饭锅每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，据此求电能表转盘转200r消耗的电能，再利用P=求电饭锅此时的实际加热功率。
本题考查了电能和电功率的计算，分析电路图得出高低温档的电路组成是关键。
23.【答案】解：
（1）实心圆柱体A距江面某一高度处沿竖直方向匀速下降，在下降到江底之前，始终保持0.2m/s的速度不变．
由图象，前10s钢绳的拉力不变，等于物体A的重力，此时物体在水面以上，
所以拉力与重力是一对平衡力，则：G=F=3×104N，
圆柱体A下降过程中，重力的功率：P=Wt=Ght=Gv=3×104N×0.2m/s=6×103W；
（2）中间10-15s，钢绳的拉力减小，是物体A从与水面接触到完全浸没，
由图可知，当A完全浸入水中时，拉力F′=1×104N，
所以石料受的浮力为：F浮=G-F′=3×104N-1×104N=2×104N，
根据F浮=ρ水gV排，
A的体积V=V排=F浮ρ水g=2×104N1.0×103kg/m3×10N/kg=2m3，
所以A的密度：
ρ=mV=GVg=3×104N2m3×10N/kg=1.5×103kg∕m3；
（3）A下降到江底卸下钢缆绳后，受到平衡力作用，
圆柱体A对江底的压力：
F=G-F浮=3×104N-2×104N=1×104N；
根据V=Sh，物体A的底面积S=Vh=2m30.2m/s×(15s−10s)=2m2，
卸下钢缆绳后，圆柱体A对江底的压强：p=FS=1×104N2m2=5×103Pa．
答：（1）圆柱体A下降过程中，重力的功率为6×103W；
（2）圆柱体A的密度是1.5×103kg∕m3；
（3）当圆柱体A下降到江底，卸下钢缆绳后，圆柱体A对江底的压强为5×103Pa．
【解析】

（1）根据P===Gv计算重力的功率；
（2）分析图象，通过A浸没时的拉力计算出浮力大小，由阿基米德原理计算出A的体积，从而计算出A的密度；
（3）根据A在江底时受到平衡力，由F=G-F浮计算出A对江底的压力；
根据V=Sh，结合图象计算A的底面积，由p=计算A对江底的压强．
本题考查了平衡力的应用，功率、浮力、密度的计算，解题关键是通过图乙确定A的重力及钢丝绳受到的拉力、会用称重法计算出A受到的浮力．
24.【答案】答：（1）天窗前闭后开，在车顶形成一个凸面，加大了空气的流速，使天窗开口处的气压小于车内的气压，则在压力差的作用下车内污浊的空气被自动“抽出”，从而保持车内空气清新；
（2）轮胎上有花纹，是为了使接触面变粗糙，从而增大摩擦力；行