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1 (每日一练每日一练)()(文末附答案文末附答案)人教版人教版 20222022 年高中物理牛顿运动定律知识点总结全年高中物理牛顿运动定律知识点总结全面整理面整理 单选题 1、如图所示，倾角为=37的传送带以速度v1=2m/s 顺时针匀速转动。将一物块以v2=8m/s 的速度从传送带的底端滑上传送带。已知小物块与传送带间的动摩擦因数=0.5，传送带足够长，取sin37=0.6,cos37=0.8，g=10m/s2，下列说法正确的是（）A小物块向上运动过程中的加速度大小为 10m/s2 B小物块向上运动的时间为 1.2s C小物块向上滑行的最远距离为 4m D小物块最终将随传送带一起向上匀速运动 2、将倾角为 的足够长的斜面体放在粗糙的水平地面上，现有一带固定支架的滑块正沿斜面加速下滑。支架上用细线悬挂质量为m的小球达到稳定（与滑块相对静止）后，悬线的方向与竖直方向的夹角为，如图所示，已知斜面体始终保持静止，重力加速度为g，若=，则下列说法正确的是（）2 A小球、滑块的加速度为sin，斜面体的上表面粗糙 B小球、滑块的加速度为tan，斜面体的上表面光滑 C地面对斜面体的摩擦力水平向右 D地面对斜面体的摩擦力水平向左 3、如图甲所示，用体重计研究运动与力的关系，测量者先静止站在体重计上，然后完成下蹲动作。该过程中体重计示数的变化情况如图乙所示。则（）A测量者经历了加速、减速、再加速、再减速四个阶段 B测量者在12时间内表现为失重 C测量者在3时刻速度最小 D测量者在4时刻加速度最小 4、质量为 3kg 的物体，在 0 4s 内受水平力F的作用，在 4 10s 内因受摩擦力作用而停止，其v-t图像如图所示。在 0 4s 内物体所受的拉力为（）A5 NB12 NC10 ND15 N 5、研究“蹦极”运动时，在运动员身上系好弹性绳并安装传感器，可测得运动员竖直下落的距离及其对应的速3 度大小。根据传感器收集到的数据，得到如图所示的“速度位移”图像。若空气阻力和弹性绳的重力可以忽略，根据图像信息，下列说法正确的是（）A弹性绳原长为15mB当运动员下降10m时，处于超重状态 C当运动员下降15m时，运动到最低点 D当运动员下降20m时，其加速度方向竖直向上 6、如图甲所示，倾角为 的粗糙斜面体固定在水平面上，初速度为v010 m/s、质量为m1 kg 的小木块沿斜面上滑，若从此时开始计时，整个过程中小木块速度的平方随路程变化的关系图象如图乙所示，取g10 m/s2，则下列说法不正确的是（）A0 5 s 内小木块做匀减速运动 B在t1 s 时刻，摩擦力反向 C斜面倾角 37 D小木块与斜面间的动摩擦因数为 0.5 7、如图甲所示，水平粗糙桌面上两个相同的条形磁铁的异名磁极正对放置，起初均静止。已知两磁铁间吸引力F随两磁铁间距离x变化的图像如图乙，每根磁铁质量为m0.2 kg，与桌面间动摩擦因数为 0.5，两磁铁起初距离为 20 cm，现在用手控制A，先用水平力让它缓缓向B靠近，当发现B开始运动时，立即改用竖直向4 下的压力压住A使其保持静止，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，在B向A靠近过程中，以下说法正确的有（）A当x5cm 时，B将开始运动 B当x4cm 时，B的加速度为 10 m/s2 C竖直向下压力的最大值一定大于 4 N DB运动过程中加速度可能达到 28 m/s2 多选题 8、如图 1 所示，传送带与水平面的夹角 30，皮带在电动机的带动下，始终保持定的速度运行。现把一质量为m2kg 的小物块，从皮带的底端A点以初速度v010m/s 滑上传送带，滑块在传送带上运动的vt图象如图 2 所示（规定向上为正），下列判断正确的有（）A传送带以 4m/s 的速度顺时针转动 B小物块沿传送带向下运动的过程中，其机械能先增加后减少 C小物块在 00.8s 内摩擦力的冲量大小为 20Ns D小物块上升过程中与传送带摩擦产生的热量为 108J 9、关于平抛物体的运动，下列说法中正确的是（）5 A物体只受重力的作用，是a=g的匀变速曲线运动 B物体落地时的水平位移与抛出点的高度无关 C平抛运动任一时刻的速度沿水平方向上的分量都相同 D初速度越大，物体在空中的飞行时间越长 10、将一个物体以某一初速度从地面竖直向上抛出，设物体在运动过程中所受空气阻力大小不变，则物体（）A刚抛出时的速度最大 B在最高点的加速度为零 C上升时间小于下落时间 D上升时的加速度小于下落时的加速度 填空题 11、轻质活塞将一定质量的气体封闭在薄壁气缸内，活塞横截面积为S，气缸质量为m。开始时活塞处于气缸正中间，现用竖直向上的力提活塞使得气缸被提离地面，如图所示。当气缸内气体的压强为_时，气缸将获得最大加速度，气缸的最大加速度为_。（外界大气压强为0）12、在竖直方向运行的电梯中，会出现置于电梯地板上的物体对地板的压力小于物体所受重力的现象，这种现象称为_现象。此时电梯的运动情况是_。6 人教版 2022 年高中物理牛顿运动定律_013 参考答案 1、答案：C 解析：ABD由于物块的速度大于传送带的速度，所以物块相对传送带向上运动，物块受重力和沿斜面向下的滑动摩擦力，沿斜面方向有根据牛顿第二定律 mgsin+mgcos=ma1 代入数据解得 a1=10m/s2 方向沿斜面向下。设物体减速到传送带速度需要的时间为t1，有 1=1 21=0.6 由于物体所受重力沿斜面方向的分力大于滑动摩擦力，因此物体相对传送带向下运动，受到的滑动摩擦力沿斜面向上，沿斜面方向根据牛顿第二定律有 mgsin-mgcos=ma2 代入数据解得：a2=2m/s2 方向沿斜面向下；最后减速到速度为零的时间为 2=12=1s 故小物块向上运动的时间为 1.6s。故 ABD 错误。C小物块向上滑行的最远距离为 7 =1+221+122=2+82 0.6+22 1m=4 故 C 正确。故选 C。2、答案：D 解析：AB小球受到沿绳的拉力和竖直向下的重力，合力平行斜面向下，满足 =sin=可得加速度 =sin 故斜面一定是光滑的，故 AB 错误；CD对整个系统，水平方向有向左的加速度，水平方向有向左的合外力，则地面对斜面体的摩擦力水平向左，故 C 错误，D 正确。故选 D。3、答案：B 解析：A根据图像可知，体重计示数与受支持力大小相等，由图乙可知，支持力先小于重力，后大于重力，故先失重后超重，即经历先加速下降后减速下降，故 A 错误；B由图乙可知，测量者在1 2时间内表现为失重，因为支持力小于重力，合力向下，加速度向下，故 B 正确；C由图乙可知，测量者在3时刻之前，合力一直向下，向下加速，3时刻速度最大，故 C 错误；8 D由图乙可知，测量者在4时刻合力最大，根据牛顿第二定律可知，加速度最大，故 D 错误。故选 B。4、答案：D 解析：在 0 4 s 内，由牛顿第二定律 =1 在 4 10s 内，物体因受摩擦力作用减速到零，由牛顿第二定律 =2 v-t图像的斜率表示加速度，则前后两个阶段的加速度分别为 1=12 04 0m/s2=3m/s2 2=0 1210 4m/s2=2m/s2 联立以上各式可得=15N 故 ABC 错误，D 正确。故选 D。5、答案：D 解析：A15m 时速度最大，此时加速度为零，所受合外力为零，弹力等于重力，弹性绳处于伸长状态，所以原长小于 15m，A 错误；B当运动员下降 10m 时，速度向下并且逐渐增大，加速度竖直向下，处于失重状态，B 错误；9 C当运动员下降 15m 时，速度最大，运动员继续向下运动，没有运动到最低点，C 错误；D当运动员下降 20m 时，运动员向下减速运动，其加速度方向竖直向上，D 正确。故选 D。6、答案：A 解析：Ax在 0 5m 内由匀变速直线运动的速度位移公式 2 02=2 再根据乙图，有 1=0 0221=10m/s2 又有 0=10m/s 则小木块做匀减速运动的时间为 =0 01=0 1010s=1s A 错误，不符合题意；B在 0 1s 内木块做向上的匀减速运动，1s 后木块做反向的匀加速运动，摩擦力反向，B 正确，符合题意；CD木块做反向匀加速运动时的加速度为 2=2 022=322 (13 5)m/s2=2m/s2 对上滑过程，有 sin+cos=1 10 下滑过程中，有 sin cos=2 联立解得 =0.5，=37 CD 正确，符合题意。故选 A。7、答案：C 解析：ABB受到桌面的滑动摩擦力 fmg050.210 N1.0 N 当A对B的吸引力等于滑动摩擦力时，B开始滑动，由题图乙可知，当x4cm 时，B开始滑动，且加速度为零，故 AB 错误；C当x0 时，吸引力F3.0 N，最大，要使A不动，应满足桌面对A的摩擦力 fA（mgN）F N4 N 故 C 正确；D当x0 即F3.0 N 时，B的加速度最大，根据牛顿第二定律 Ffma B的最大加速度为 10 m/s2，故 D 错误。故选 C。11 8、答案：BD 解析：A小物块最后与皮带共速，方向与初速度相反，故传送带以 4m/s 的速度逆时针转动，故 A 错误；B小物块沿传送带向下运动的过程中，传送带对物块的滑动摩擦力先做正功，物块与皮带相对静止后，静摩擦力对物块做负功，所以机械能先增大后减小，故 B 正确；C在 00.8s 内，由图象的斜率可知物块的加速度大小为 a100.8m/s212.5m/s2 根据牛顿第二定律得 mgsin30+fma 解得 f15N 所以摩擦力的冲量大小为 Ift12Ns 故 C 错误；D小物块上升过程中，传送带的位移大小为 x带vt上40.8m3.2m 物块的位移大小为 x物1020.8m4m 所以物块与传送带的相对位移大小为 xx物+x带4m+3.2m7.2m 12 所以小物块上升过程中与传送带摩擦产生的热量为 Qfx157.2J108J 故 D 正确。故选 BD。9、答案：AC 解析：A物体做平抛运动的物体，过程中只受重力，由牛顿第二定律可得加速度为g，A 正确；B由水平位移公式 =0 竖直方向的位移为 =122 联立可得 =02 故可知，平抛运动的水平位移与初速度和抛出点高度均有关系；B 错误；C由运动的合成与分解可知，平抛运动水平方向不受力，故水平方向做匀速直线运动，故平抛运动任一时刻的速度沿水平方向上的分量都相同，C 正确；D由竖直方向的位移公式可知，平抛运动的时间由抛出点高度决定，D 错误。故选 AC。10、答案：AC 13 解析：A物体在空中运动过程，有阻力做负功，机械能减小，故刚抛出时机械能最大，而刚抛出时的重力势能最小，故动能最大，速度最大，故 A 正确；B在最高点时，仍然受到重力作用，加速度不为零，故 B 错误；CD上升过程，加速度大小为 1=+下降过程加速度大小为 2=上升时的加速度大于下落时的加速度，而上升过程的逆运动是初速度为零加速度为1的匀加速直线运动，根据 =122 1 2 可知上升时间小于下落时间，故 C 正确，D 错误。故选 AC。11、答案：02 02 解析：1气缸中封闭气体的初始气压为 1=0 当气缸将获得最大加速度时，气体体积膨胀到出口处，等温膨胀，根据理想气体状态方程 11=22 14 解得 2=121=02 当气缸内气体的压强为02时，气缸将获得最大加速度。2此时，气缸受重力，内外气压的压力差，向上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律(0 2)=解得 =02 气缸的最大加速度为=02。12、答案：失重 向下加速或向上减速 解析：12置于电梯地板上的物体对地板的压力小于物体所受重力的现象，这种现象称为失重现象，此时电梯的加速度竖直向下，则其运动情况为：向下加速或者向上减速。小提示：