2019年湖南省常德市中考物理试卷及解析.doc

2019年湖南省常德市中考物理试卷一、选择题（本题共54分，每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题选对的得3分，错选或未选的得0分）1（3分）下列几种估测最符合实际情况的是（）A正常成年人的重力约600N B人步行的速度约为5m/sC人体感觉最舒适的温度约为50C D一张试卷的厚度大约1cm2（3分）清明节是中国的传统节日，小军同学响应政府提倡的文明祭扫，在网上下载了已经录制好的鞭炮声，到墓地后用音响设备播放，音效特逼真。下列说法中错误的是（）A播放出的鞭炮声保证了音色的逼真B轻松避免了火灾，不留垃圾，更加环保C音响设备消耗的电能属二次能源 D音响设备放出的鞭炮声不是振动产生的3（3分）如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（）A水沸腾时放出大量的热B图甲是水沸腾时的现象C沸腾时不断地冒出“白气，是液化形成的D他可以选用量程为8060的酒精温度计4（3分）若小球由如图所示位置向右摆动到最低点时绳子断裂，假设此时所有外力均消失，此后，小球的运动情况是（）A匀速直线下落B匀速直线上升C静止D水平向右匀速直线运动5（3分）如图A、B、C三个容器中装同种液体，液面相平，容器底部受到液体的压强分别为pA、pB、pC，则（）ApApBpC BpApBpC CpApBpC DpBpApC 6（3分）前不久，据河南南阳炒作很热的“水氢发动机”的宣传说，“水氢发动机”可以利用水来制取氢气，从而为发动机提供高能燃料。中央电视台对此作了专题报道，认为目前的技术尚不成熟，所谓的“水氢发动机”要真正投入实用还有很长的路要走。对此，下列分析不正确的是（）A氢气燃烧无污染是“水氢发动机”备受关注的原因之一B氢气是发动机的一种理想燃料，是因为氢气的热值大C“水氢发动机”是利用内能做功的机械D目前利用水制取氢气耗能高，因此“水氢发动机”的效率很高7（3分）下列关于光学实验的说法，正确的是（）A探究光的反射定律时，用来显示光的传播路径的硬纸板最好选择黑色光滑的B探究平面镜成像特点，物体靠近平面镜时像的大小不变C探究光的折射特点时，光从空气射入水中，传播方向一定改变D探究凸透镜成像规律时，当蜡烛燃烧变短，光屏上的像会向下移动8（3分）如图所示，斜面与水平面在M点相连，弹簧左端固定。小物块从斜面上P点由静止滑下，与弹簧碰撞后最高返回到T点。则下列说法中正确的是（）A小物块从P向M运动过程中，机械能减小B小物块从P向M运动过程中，重力势能增大C弹簧被压缩到最短时，小物块动能最大D小物块从M向T运动过程中，速度变快9（3分）用如图所示的工具提升相同重物G，（不计摩擦，不计绳、滑轮和杠杆重）最省力的是（）ABCD10（3分）某人用50N的力拉小车在水平路上匀速向右行驶，下列说法正确的是（）A小车受到的阻力小于50N，方向向左B小车受到的阻力等于50N，方向向左C小车受到的阻力等于50N，方向向右D小车受到的阻力大于50N，方向向右11（3分）下列实例，应用了“流体压强与流速的关系”的是（）A拦河坝修成“上窄下宽”B用吸管吸瓶中的饮料C飞机飞行时获得升力D鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮12（3分）如图是一种切甘蔗用的铡刀示意图。下列有关说法正确的是（）刀刃很薄可以增大压力铡刀实质上是一种省力杠杆甘蔗放在a点比b点更易被切断手沿F1方向用力比沿F2方向更省力A只有正确B只有正确C只有正确D只有正确13（3分）小强把台灯的插头插在如图所示的插座上，插座上有一个开关S1和一个指示灯L1（相当于电阻很大的灯泡）。台灯开关和灯泡用S2、L2表示，当只闭合S2时，台灯不发光，当闭合S1时，指示灯发光，再闭合S2时，台灯发光；如果指示灯损坏，S1和S2时都闭合，台灯也能发光，如图中设计的电路符合要求的是（）ABCD14（3分）定值电阻R1、R2组成的电路如右图所示，已知R1R2，闭合开关S，通过R1、R2的电流分别记为l1、l2，R1、R2两端的电压分别记为U1、U2下列说法正确的是（）AU1U2 BU1U2 CI1I2DI1I2 15（3分）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断。某同学用试电笔测试如图的A、B、C、D四处，发现A、C、D这三处都能使试电笔的氖管发光，而B处不发光。那么可以判定故障是（）A火线和零线短路B电线AC段某处断路C电线BD段某处断路D电灯L短路16（3分）对下列各图的描述中，正确的是（）A甲图中导体棒ab竖直向上运动时，电流表指针将会摆动B乙图的实验表明磁可以生电C丙图的实验可以探究电磁铁磁性的强弱与线圈匝数的关系D丁图中螺线管上方小磁针静止时a端是S极17（3分）有两个电路元件A和B，流过元件的电流与其两端电压的关系如图（甲）所示。把它们串联在电路中，如图（乙）所示。闭合开关S，这时电流表的示数为0.2A，则电源电压和元件B的电功率分别是（）A2.0V 0.8WB4.5V 0.5WC2.5V 1.0WD4.5V 1.0W18（3分）如右图，是某实验小组的同学连接的电路，则（）A在连接此电路时，开关应该断开；开关闭合前，滑片应处于最左端BS1、S2都闭合时，L1、L2并联，电流表测干路的电流C先闭合S1、S2，再断开S1时，电流表示数变小，电压表示数变小DS1、S2都闭合时，将滑片右移时，电流表示数变小，电压表示数变小二、填空与作图题（本题24分，1923题每空2分把答案填写在答题卡中指定的地方，不要求写出解答过程；24题4分，要求在答题卡中指定的地方作图，并保留必要的作图痕迹）19（4分）如图所示，水壶壶嘴的高度不低于壶身的高度，其设计遵循了 的原理；某地水沸腾时的温度是99，则该地的气压 （选填“高于”、“低于”或“等于”）1个标准大气压20（4分）有甲、乙、丙三个带电小球，已知甲球带正电，当它和不带电的验电器的金属球接触时电流的方向是 （选填“从甲到验电器”或“从验电器到甲”）；若甲排斥乙，乙吸引丙，则丙球带 电。21（4分）有一个饮料包装盒，上面标明容量500mL，若饮料密度0.9103kg/m3，则它装满该饮料的质量为 g；若饮料的比热容为4.0103J/（kg），则该饮料的温度升高5需要吸收 J的热量22（4分）如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G5N，则弹簧测力计A的示数为 N，弹簧测力计B的示数为 N。23（4分）超导限流器是一种短路故障电流限制装置，它由超导元件和限流电阻并联组成，内部电路如图甲中虚线框内所示。超导元件的电阻R1随电流I变化关系如图乙所示，限流电阻R212，灯泡L上标有“6V3W”字样。当电源电压为6V时，灯泡 （选填“能”或“不能”）正常发光；若电源电压仍为6V，当灯泡发生短路时，电流表的示数为 A。24（4分）如图所示，请完成折射光路图。25（4分）画出下图中小球所受重力的示意图。三、综合题（本题共22分）26（4分）在探究光的反射定律时，小波将一块平面镜放在水平桌面上，再把一块纸板（分E、F两个面）垂直放置在平面镜上，如图甲所示。（1）图甲中，E、F在同一平面上，让光线沿纸板E上的AO射向镜面，则在纸板F上得到沿OB的反射光线，测得AO、OB与法线的夹角均为40，于是小波得出结论：反射角等于入射角。你认为小波得出结论的过程 “不合理”），原因是 （2）在实验过程中，若将纸板倾斜（即纸板与平面镜不垂直），如图乙所示，让光线仍贴着纸板沿AO方向射向镜面，此时反射光线与入射光线 （选填“在”或“不在”）同一平面内，纸板上 （选填“能”或“不能”）看到反射光线。27 （5分）在探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验中，小明所在的学习小组用到的实验器材有：烧杯、水、细线、长方体金属块，弹簧测力计。小明将金属块沿最长的边先后两次浸在同一烧杯水中的不同深度处，如图A、B所示，他发现A图中弹簧测力计的示数明显大于B图，但是他再按图C、D所示将此金属块两次浸没于此烧杯水中的不同深度处，发现弹簧测力计的示数相同，于是他得出结论：在物体未浸没于液体中时所受浮力的大小与浸入的深度有关，越深，浮力越大；但物体浸没在液体中后所受浮力大小则与深度无关。（1）图E为小明某次将金属块（重5N）浸入到水中静止时的情形，则弹簧测力计的示数为 N，此时金属块受到的浮力为 N（2）同组的小惠认为小明的结论不正确，她做了如下实验：将金属块沿较短的一边浸入水中，当达到与图A中相同的深度时读取弹簧测力计的示数，发现与A图的示数不同，则表明此时金属块受到的浮力与A图中的也不同，因此她认为“物体未浸没于液体中时所受浮力的大小与浸入的深度也无关”。你认为她的实验能证明她的结论正确吗？ （选填“能”或“不能”）。（3）请你用上述器材也设计一个实验证明小惠的结论正确【提示：请仿照（2）中小惠的实验方案的表述方式表述】： 。28（6分）光敏电阻是阻值随光的照度发生变化的元件（照度可以反映光的强弱，光越强照度越大，照度单位为lx）。某光敏电阻R的阻值随照度变化的曲线如图甲所示。（1）如图乙所示是街道路灯自动控制模拟电路所需元件。利用蓄电池给电磁铁供电，路灯接入电压为220V的照明电路。为达到天亮灯熄、天暗灯亮的效果，请用笔画线代替导线，将路灯连入照明电路中。（2）已知当线圈中的电流大于或等于2mA时，继电器的衔铁将被吸合。图中蓄电池可提供的电压为U6V，内部电阻忽略不计，有三个不同规格的滑动变阻器可供选择：R1（0100）、R2（0500）、R3（01800）。要求当凌晨天色渐亮照度增大至1.0lx时路灯才停止工作，滑动变阻器应选择 选填（“R1”“R2”或“R3”）。选定滑动变阻器后，如果为了节约用电，要求在天色更暗一些时路灯就停止工作，滑动电阻器触片P应该 （选填“向右滑动”、“向左滑动”或“不滑动）。29（7分）如图甲所示，柳叶湖大桥让常德市区交通变得便捷的同时也成为了一道亮丽的风景。小洋暑假里在常德欢乐水世界游玩后乘小汽车返回市区，需要从平直的道路驶上柳叶湖大桥。已知小汽车（含乘客）总质量为2.5103kg，以18m/s的速度在大桥的引桥上匀速行驶，如图乙所示，此过程中小汽车的功率为36kW，可以将引桥近似看成一个倾角较小的斜面，此斜面的长度为400m，高度为12m。（1）如果小汽车与地面的接触面积为0.05m2，它静止在水平路面上对地面的压强为多大？（2）大桥引桥的机械效率为多大？（3）小汽车在引桥上行驶时所受路面的摩擦力（空气阻力忽略不计）为多大？2019年湖南省常德市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共54分，每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题选对的得3分，错选或未选的得0分）1（3分）【考点】13：温度；63：长度的估测；68：速度与物体运动；77：重力大小的估测.【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、成年人的重力约600N，符合实际；故A正确；B、人步行的速度约为1m/s，故B错误；C、感觉最舒适的温度约为22C，故C错误；D、一张试卷的厚度大约0.01mm；故D错误；故选：A。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2（3分）【考点】91：声音的产生；9H：音色；K2：能源的分类；KH：能源的利用和对环境的危害【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（2）燃料燃烧产生有害气体，造成空气污染。（3）电能是通过消耗一次能源转化而来，属于二次能源。（4）声音由物体的振动产生；歌声是由于声带振动产生。【解答】解：A、下载了已经录制好的鞭炮声，到墓地后用音响设备播放，音效特逼真。是因为音色相同，故A正确；B、燃料燃烧产生有害气体，造成空气污染。故到墓地后用音响设备播放，避免了火灾，不留垃圾，更加环保，故B正确；C、电能是通过消耗一次能源转化而来，属于二次能源，故C正确；D、音响设备放出的鞭炮声是喇叭的振动产生的，故D错误；故选：D。【点评】深入理解声音的产生、声音的特征、区分一次能源和二次能源；可解答此题。3（3分）【考点】1O：探究水的沸腾实验【分析】（1）水沸腾时吸热；（2）掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；（3）物质由气体变为液体是液化；（4）根据量程选择温度计【解答】解：A、水沸腾时吸收热量，故A错误；B、甲气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况，故B错误；C、水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这些“白气”是水蒸气液化后的小水滴，故C正确；D、在标准大气压下，水的沸点是100，选用量程为8060的酒精温度计是错误的，故D错误；故选：C。【点评】探究水沸腾的实验中，有关实验仪器的调节、沸腾的特点、沸腾的现象等，是此类实验经常考查的问题，要熟练掌握。4（3分）【考点】6U：力与运动的关系【分析】根据牛顿第一定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。【解答】解：根据牛顿第一定律可知，物体在不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态；原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变；小球向右摆动到最低点时，其运动方向是水平向右的，则当外力突然消失时，小球仍然保持原来的运动状态，即小球沿水平方向向右做匀速直线运动。故选：D。【点评】本题主要考查了牛顿第一定律的应用，关键能够判断出小球到达最低点时的运动状态。5（3分）【考点】83：压强大小比较【分析】由题可知，三容器内液体的深度相同，知道三液体的密度大小关系，根据液体压强公式判断容器底部受到的压强的大小关系。【解答】解：由题知，三容器内液体深度：hAhBhC，由于A、B、C三个容器中装同种液体，液体密度相同，根据pgh可知：pApBpC。故选：A。【点评】本题考查了学生对液体压强公式的掌握和运用，难度不大，属于基础题目。6（3分）【考点】GJ：燃料的热值及其计算；GL：热机的效率【分析】氢气具有热值高、无污染的优点；利用水制氢气的成本高、运输、储存都还没有完善，据此分析。【解答】解：A、氢气燃烧生成水，其燃烧无污染是最大的优点，因此也是“水氢发动机”备受关注的原因之一，故A正确；B、因为氢气的热值高、密度小，所以氢气是发动机的一种理想燃料，故B正确；C、“水氢发动机”是利用氢气燃烧释放的内能来对外做功，从而推动机器运转，故C正确；D、利用水制取氢气耗能高，即消耗其他形式的能量多于氢气燃烧释放的内能，且内能不可能全部转化为机械能，所以“水氢发动机”的效率较低，这也是它没有真正投入使用的重要原因，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了燃料热值的特点以及效率的高低，关键要知道氢气具有热值高、无污染的优点。7（3分）【考点】A7：光的反射定律的应用；AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；AK：光的折射规律的应用；B7：凸透镜成像规律及其探究实验【分析】（1）白色反射所以色光，漫反射指的凹凸不平的表面，当平行光线射向光滑面时，反射光线向着四面八方，不平行；（2）平面镜成像特点之一：物像等大；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向一般会发生变化，这是光的折射现象，注意“斜射入”和“一般”；（4）探究凸透镜成像规律时，随着蜡烛燃烧而变短，根据过光心的光线不改变传播方向进行判断。【解答】解：A、探究光的反射定律时，用来显示光的传播路径的硬纸板最好选择白色色粗糙的，因为白色反射所以色光，粗糙硬纸板可以使光发生漫反射，人们在不同方向都能看到光的传播路径，故A错误；B、由平面镜成像特点之一：物像等大，可知，探究平面镜成像特点，物体靠近平面镜时像的大小不变，故B正确；C、光从空气中斜射入水中时，传播方向一定会发生改变，但垂直入射时，光的传播方向不变，故C错误；D、探究凸透镜成像规律时，随着蜡烛燃烧而变短，根据过光心的光线不改变传播方向可知，光屏上的像会向上移动，故D错误；故选：B。【点评】本题考查的光的反射、平面镜成像特点、光的折射等，涉及到的知识点较多，根据光学规律逐一分析各个光学现象，难度不大。8（3分）【考点】FN：动能和势能的大小变化【分析】（1）影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的因素：质量、高度，即物体的质量越大，高度越高，其重力势能越大。（3）影响弹性势能的因素：弹性形变的程度，形变程度越大，其弹性势能越大。（4）机械能包括动能和势能。【解答】解：A、小物块从斜面上P点由静止滑下，与弹簧碰撞后最高返回到T点，说明接触面不光滑，则小物块从P向M运动过程中，需要克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以小物块的机械能减小，故A正确。B、小物块从P向M运动过程中，质量不变，高度变小，其重力势能减小，故B错误；C、弹簧被压缩的过程，小物块的动能转化为弹簧的弹性势能，弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性形变达到最大，其弹性势能最大，此时小物块的动能最小，故C错误；D、小物块从M向T运动过程中，动能不断转化为重力势能和内能，所以小物块的动能减小、速度变慢，故D错误。故选：A。【点评】本题考查了动能、势能、弹性势能的转化，以及机械能变化的判断，明确各自的影响因素是解答此题的关键。9（3分）【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；7N：杠杆的平衡条件；7V：定滑轮及其工作特点；7W：动滑轮及其工作特点【分析】（1）若是动滑轮，省一半力，FG；（2）若是滑轮组，找出承担物重的绳子股数n，则FG；（3）若是定滑轮，不省力，FG；（4）根据杠杆的平衡条件动力动力臂阻力阻力臂判断。【解答】解：由题知，不计摩擦和动滑轮、杠杆重，A、使用的是动滑轮，FG；B、使用的是滑轮组，n3，FG；C、使用的是定滑轮，FG；D、设杠杆的长度为L，则动力臂为L，阻力臂为，则FLG，F。故由以上计算可知B最省力。故选：B。【点评】本题考查了不计摩擦和动滑轮重时，使用滑轮组省力情况的计算，以及杠杆的平衡条件的应用，难度不大。10（3分）【考点】7D：摩擦力的大小.【分析】当物体处于静止状态或匀速直线运动状态时，物体受到的力是平衡力，利用二力平衡条件即可求摩擦力的大小。【解答】解：人用50N的力拉车匀速向右前进时，处于平衡状态，则水平方向受到的推力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，方向相反，所以摩擦力的大小为fF50N，方向向左，故B正确；故选：B。【点评】本题考查了摩擦力大小的判断和二力平衡条件的应用，同时要知道滑动摩擦力的大小只与接触面的粗糙程度和压力的大小有关，与其它因素无关。11（3分）下列实例，应用了“流体压强与流速的关系”的是（）A拦河坝修成“上窄下宽”B用吸管吸瓶中的饮料C飞机飞行时获得升力D鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮【考点】8K：流体压强与流速的关系菁优网版权所有【分析】（1）液体压强随深度的增加而增大；（2）吸管吸饮料是利用大气压强；（3）流体的压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小、在流速小的地方压强大；（4）鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮，利用的是阿基米德原理和物体的浮沉条件。【解答】解：A、根据液体压强随深度增加而增大的特点而将拦河坝建成上窄下宽，不是利用流体压强与流速的关系。故A不合题意；B、吸管吸饮料是利用大气压强。吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里。不是利用流体压强与流速的关系。故B不合题意；C、飞机的机翼上凸下平，在机翼上方的空气流速快压强小，在机翼下方的空气流速慢压强大，从而形成向上的升力，应用了流体压强与流速的关系。故C符合题意；D、鱼鳔的大小变化使鱼在水中沉浮，是利用了阿基米德原理，改变排开水的体积，改变浮力实现浮沉，不是利用流体压强与流速的关系。故D不合题意。故选：C。【点评】此类题举出的例子一般都是学生平时接触过的，上课时老师有讲过，或是平时练习时有做过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。12（3分）【考点】7O：杠杆的分类；7T：杠杆的应用；84：增大压强的方法及其应用【分析】（1）根据增大压强的方法判定；（2）对于杠杆类型的判断可从动力臂与阻力臂的大小关系上入手；（3）在阻力不变的情况下，减小阻力臂，能减小动力；（4）在阻力、阻力臂不变的情况下，动力臂越大，动力越小。【解答】解：刀刃很薄，是通过减小受力面积来增大压强的，故错误；铡刀在使用时动力臂大于阻力臂，实质上是一种省力杠杆，故正确；由图知，甘蔗放在a点比b点时的阻力臂更小，而甘蔗对铡刀的阻力一定，根据杠杆的平衡条件可知，动力会越小，更易被切断，故正确；由图知，手沿F1方向用力比沿F2方向用力时的动力臂要小，根据杠杆平衡条件可知，动力越大（即费力），故错误。综合分析可知，只有正确。故选：B。【点评】本题利用生活中某一实例，较全面地考查了物理知识的应用，揭示了物理来源于生活又应用于生活的物理意识，是中考的常见题型。13（3分）【考点】HU：串、并联电路的设计【分析】结合开关闭合和灯泡亮度情况，在选项中的电路图检验，如果一致则选项中的电路图符合题意，否则不符合。【解答】解：A、当闭合开关Sl、断开S2时，指示灯L1亮，当闭合开关S2、断开S1时，灯泡L2不亮，当Sl、S2都闭合时，两灯都亮，符合题意；B、当闭合开关Sl、断开S2时，指示灯L1不亮，所以不符合题意；C、当闭合开关S2、断开S1时，台灯灯泡L2亮，所以不符合题意；D、当闭合开关S2、断开S1时，两灯泡都亮，所以不符合题意。故选：A。【点评】对于这类选择题，可以根据题意确定电路的连接情况，也可以适当运用代入法进行排除错误答案。14（3分）【考点】H!：串联电路的电流规律；IH：欧姆定律的应用【分析】串联电路电流处处相等，根据欧姆定律的应用可知电压的大小关系。【解答】解：根据电路图可知，两电阻串联，因此通过两电阻的电流相等，即I1I2； 由UIR可知，串联电路中电阻越大，电阻两端电压越大，已知R1R2，故U1U2。故选：B。【点评】本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律公式的应用，是一道基础题目。15（3分）【考点】IP：家庭电路的故障分析【分析】当测电笔与火线相连时，氖泡发光；当电路导通时，测电笔接触各部分电路都会发光；而电路不通电时，接触零线是不发光的。若电灯L短路或火线和零线短路，会造成电路中的电流过大，保险丝烧断。【解答】解：AD、若火线和零线短路或电灯L短路，会造成电路中的电流过大、保险丝烧断，而题中保险丝没有熔断，故AD错误。BC、测电笔接触A、C两处时氖管均发光，说明火线有电，且电线的AC段是完好的；测电笔接触D处时氖管发光，说明灯泡是完好的；而测电笔接触B处时氖管不发光，说明B点与火线是断开的，所以电线BD段某处断路，故B错误，C正确。故选：C。【点评】本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法。16（3分）【考点】C9：通电直导线周围的磁场；CB：安培定则及其应用；CC：探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验；CP：电磁感应【分析】（1）电磁感应是指闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生感应电流。（2）根据奥斯特实验进行分析；（3）影响电磁铁磁性强弱的因素。知道电磁铁的磁性与电流的大小和线圈匝数有关。（4）根据安培定则和磁极间的相互作用进行判断。【解答】解：A、图中是电磁感应现象，导体棒ab竖直向上运动时，没有切割磁感线，没有产生感应电流，电流表不会摆动，故A错误；B、图示是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，即电生磁，故B错误；C、图中两电磁铁的电流相同，匝数不同，研究的是电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，故C正确；D、由安培定则可知，螺线管的右端为N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的a端为N极，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了电与磁现象中的重要实验的识别。解题的关键是牢记一些重要实验装置图，记清实验装置和实验原理。17（3分）【考点】JA：电功率的计算.【分析】串联电路各处的电流相等，根据图象读出电路元件A和B对应的电压，根据串联电路的电压特点得出电源的电压，根据PUI求出元件B的电功率。【解答】解：电路元件A和B串联，IAIB0.2A，由图象可知：此时UA2.0V，UB2.5V；电源的电压UUA+UB2.0V+2.5V4.5V；元件B的电功率PBUBIB2.5V0.2A0.5W。故选：B。【点评】本题考查了学生根据图表获得信息的能力，同时考查了有关串联电路电流、电压之间的关系及电功率的求法。在计算过程中一定注意物理量的统一。18（3分）【考点】IZ：电路的动态分析.【分析】（1）为防止电路中的电流过大、烧坏电路元件，连接电路时开关应断开，滑动变阻器处于最大阻值处；（2）S1、S2都闭合时，L2被短路，L1与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据串联电路的分压特点可知变阻器两端的电压变化；（3）先闭合S1、S2时，L1与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；再断开S1后，L1、L2、变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联可知电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和变阻器两端的电压变化。【解答】解：（1）为保护电路，在连接此电路时，开关应该断开，开关闭合前，滑片应处于最大阻值的右端，故A错误；（2）S1、S2都闭合时，L2被短路，L1与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，故B错误；将滑片右移时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由串联电路的分压特点可知，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故D错误；（3）先闭合S1、S2时，L1与变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，再断开S1后，L1、L2、变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的总电阻变大，由I可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由UIR可知，滑动变阻器两端的电压变小，即电压表的示数变小，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了实物图连接的注意事项和电路的动态分析，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。二、填空与作图题（本题24分，1923题每空2分把答案填写在答题卡中指定的地方，不要求写出解答过程；24题4分，要求在答题卡中指定的地方作图，并保留必要的作图痕迹）19（4分）【考点】1J：沸点及沸点与气压的关系；8B：连通器原理【分析】（1）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两个特征；（2）气压越小、沸点越低。【解答】解：茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，所以其设计遵循了连通器原理；某地水沸腾时的温度是99，低于100，则该地的气压低于一个标准大气压。故答案为：连通器；低于。【点评】本题考查了连通器的原理和沸点与气压的关系，难度不大，属于基础题。20（4分）【考点】H9：物体带电情况的判断；HE：电流的方向【分析】正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反。根据电荷间的相互作用规律分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【解答】解：甲球带正电，当它和不带电的验电器的金属球接触时，验电器上的自由电子向甲球转移，从而形成电流，因电流方向与自由电子定向移动的方向相反，所以电流方向从甲到验电器；三个小球都是带电体，甲带正电，乙与甲相互排斥，所以乙也带正电；乙与丙相互吸引，则丙球带负电。故答案为：从甲到验电器； 负。【点评】本题考查了利用电荷间的相互作用规律判断物体带电情况，是一道基础题目。21（4分）【考点】2B：密度公式的应用；GG：热量的计算【分析】（1）知道包装盒的容积，即装满饮料的体积，利用求饮料的质量；（2）知道饮料的质量、比热容、温度升高值，利用Q吸cmt求该饮料需要吸收的热量。【解答】解：（1）包装盒装满饮料的体积：V500mL500cm35104m3，由得饮料的质量：mV0.9103kg/m35104m30.45kg450g；（2）该饮料的温度升高5需要吸收的热量：Q吸cmt4.0103J/（kg）0.45kg59103J。故答案为：450；9103。【点评】本题考查了密度公式、吸热公式的应用，属于基础题目。22（4分）【考点】74：弹簧测力计的使用与读数；75：弹簧测力计在力的相互性方面的应用【分析】当弹簧测力计受到平衡力时静止，在挂钩和拉环上施加大小相等、方向相反的力时，测力计示数显示其中一个力的大小；定滑轮的工作特点是只改变力的方向，不改变力的大小。【解答】解：因为物重G5N，所以A弹簧测力计受到向右5N的拉力，静止，向左受的拉力也是5N，示数也为5N；同理，B测力计两端受的力都是5N，示数也为5N。故答案为：5，5。【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，根据物体处于静止状态，得出物体受平衡力的作用，从而得出测力计的示数，同时涉及到了定滑轮的特点。23（4分）【考点】IH：欧姆定律的应用.【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据PUI求出灯泡正常发光时的电流，由乙图可知R1的阻值为0，R2被短路，电路为灯泡L的简单电路，据此分析灯泡是否能正常发光；（2）灯泡被短路时，R1与R2并联，根据图乙可知通过R1的电流大于0.6A时阻值为10，根据欧姆定律求出此时两端的电压，然后与电源的电压相比较判断出此时R1的阻值，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流，利用并联电路的电流特点求出电流表的示数。【解答】解：（1）根据PUI可得，灯泡正常发光时的电流：IL0.5A，因0.5A0.6A，所以，由乙图可知R1的阻值为0，此时R2被短路，灯泡L两端的电压为6V，能正常发光；（2）当灯泡发生短路时，R1与R2并联，根据图乙可知，通过R1的电流大于0.6A时阻值为10，则根据欧姆定律可得，R1两端两端的电压：U1I1R10.6A106V，所以，U1U6V，即此时R1的阻值为10，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，此时电流表的示数：II1+I2+1.1A。故答案为：能；1.1。【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式以及并联电路特点的应用，关键是判断出R1何时有电阻、何时无电阻。24（4分）【考点】B6：透镜的光路图【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。【解答】解：根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点作出入射光线；根据通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴，作出折射光线；如图所示：【点评】凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变。25（4分）【考点】7B：重力示意图【分析】根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，过小球的球心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：【点评】本题考查了重力的示意图的作法；不管物体处于什么运动状态，重力的方向总是竖直向下的。三、综合题（本题共22分）26（4分）【考点】A7：光的反射定律的应用【分析】（1）为避免实验的偶然性，应多做几次试验，然后才可以得出结论；（2）实验要探究反射角和入射角的关系，还要探究反射光线、入射光线、法线是否共面。【解答】解：（1）他这样得出结论不合理；不能只由一组数据就得出结论，凭一次实验数据得出结论有偶然性，应进行多次实验；（2）以法线ON为轴线，把纸板F向后缓慢旋转，在纸板F上不能观察到反射光线；只有在E、F板在同一平面上时，才能观察到反射光线。此时反射光线、法线、入射光线仍然在同一平面内。故答案为：（1）不合理；凭一次实验数据得出结论有偶然性，应进行多次实验；（2）在；不能。【点评】本题考查了研究光的反射定律的实验。本实验可以得出：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。27（5分）【考点】8R：探究影响浮力大小因素的实验菁【分析】（1）知道金属块的重力和浸入水中静止时弹簧测力计的示数，根据称重法求出金属块所受的浮力；（2）浮力的大小与物体排开液体的体积和密度有关，研究与浮力大小与深度关系时，要控制排开液体的密度和体积相同，只改变物体浸入流体中的深度；（3）研究与浮力大小与深度关系时，要控制排开流体的密度和体积相同，只改变物体浸入液体中的深度，据此设计实验。【解答】解：（