资源描述
泰州市二○二三年初中学业水平考试
物理试题
请注意：1．本试卷分选择题和非选择题两个部分．
2．答题卡正面为化学学科的答题范围，反面为物理学科的答题范围，所有试题的答案均填写在答题卡上，答案写在试卷上无效．
3．作图必须用2B铅笔，并加黑加粗．
第一部分 选择题（共24分）
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意．每小题2分，共24分）
1. 下列能源中，属于不可再生能源的是（ ）
A. 水能 B. 风能 C. 潮汐能 D. 核能
【答案】D
【解析】
【详解】水能、风能、潮汐能短时间内可以再生，是可再生能源，核燃料短时间内无法再生，是不可再生能源。
故选D。
2. 如图，古琴演奏家正在演奏名曲《高山流水》，下列说法正确的是（ ）
A. 琴声响度越大，它在空气中传播的速度越大
B. 琴声是由琴弦振动产生的
C. 拨动不同的琴弦，主要引起琴声响度不同
D. 用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴声音调不同
【答案】B
【解析】
【详解】A．声音的传播速度与介质的种类、环境温度有关，跟响度无关，故A错误；
B．声音是由物体振动产生的，琴声是由琴弦振动产生的，故B正确；
C．琴弦粗细不同，拨动不同的琴弦，振动的难易程度不同，从而振动频率不同，主要引起琴声音调不同，故C错误；
D．用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴弦振动的幅度不同，琴声响度不同，故D错误。
故选B。
3. 下列物态变化中属于吸热现象的是哪一组
①初春：冰雪消融 ②盛夏：洒水降温 ③深秋：浓雾弥漫 ④严冬：凝重的霜
A. ①② B. ②③ C. ③④ D. ①④
【答案】A
【解析】
【详解】①初春，冰雪消融是物质由固态变为液态的过程，是熔化过程，熔化吸热；故①符合题意；
②盛夏，洒水降温是液态水变成水蒸气是汽化现象，汽化吸热，故②符合题意；
③深秋：浓雾弥漫是水蒸气遇冷液化放热形成的，故③不符合题意；
④严冬：凝重的霜霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的小冰晶，是凝华过程，凝华放热，故④不符合题意．
综合分析①②符合题意，故A正确，BCD错误．
4. 关于粒子与宇宙，下列说法不正确的是（ ）
A. 用鼻子嗅气味来鉴别酱油和醋，说明分子在不停地运动
B. 卢瑟福提出原子是由原子核和核外电子构成的
C. 摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了质子
D. 宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是银河系中的一颗恒星
【答案】C
【解析】
【详解】A．用鼻子嗅气味能鉴别醋和酱油，是因为构成这些物质的分子在不断运动，与人的嗅觉细胞接触，就能闻到味了，说明了分子在不断运动，故A正确，不符合题意；
B．卢瑟福提出原子的核式结构，提出原子是由原子核和核外电子组成，故B正确，不符合题意；
C．摩擦起电的过程中，转移的是电子，质子不能转移；带正电的物体失去电子，故C错误，符合题意；
D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，我们看到的太阳只是银河系中一颗普通的恒星，故D正确，不符合题意。
故选C。
5. 下列事例中，能增大压强的是（ ）
A. 载重汽车装有许多车轮 B. 压路机的碾子质量很大
C. 滑雪板与雪地接触面积较大 D. 背包用较宽的背带
【答案】B
【解析】
【详解】A．载重汽车装有许多车轮可以增大受力面积，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强，故A不符合题意；
B．压路机的碾子质量很大，重力很大，对路面的压力越大，在受力面积一定时，增大压力可以增大压强，故B符合题意；
C．滑雪板与雪地接触面积较大，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强，故C不符合题意；
D．背包用较宽的背带，增大了受力面积，在压力一定时，增大受力面积可以减小压强，故D不符合题意。
故选B。
6. 如图所示，是仿照人的手臂设计的我国天宫空间站的机械臂。下列工具使用时与机械臂属于同类型杠杆的是（ ）
A. 夹起食物的筷子 B. 拔钉子的羊角锤
C. 剪铁丝的钢丝钳 D. 起瓶盖的开瓶扳手
【答案】A
【解析】
【详解】我国天宫空间站的机械臂是动力臂比阻力臂短的杠杆，是费力杠杆。
A．夹起食物的筷子的动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆，故A符合题意；
BCD．拔钉子的羊角锤、剪铁丝的钢丝钳、起瓶盖的开瓶扳手的动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆，故BCD不符合题意。
故选A。
7. 关于地磁场，下列说法中正确的是（ ）
A. 磁感线是磁场中真实存在的曲线
B. 地球周围的地磁场的磁感线是从地磁S极出发回到地磁N极
C. 教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时N极指向地理南极
D. 指南针是我国古代四大发明之一，它能指南北是因为受到地磁场的作用
【答案】D
【解析】
【详解】A．磁感线是为了描述磁场而引入的，不存在，故A错误；
B．磁体外部磁感线都是从N极出发，回到S极，地磁场的磁感线也一样，故B错误；
C．教室里水平放置、能自由转动的小磁针的磁场与地磁场相互作用，静止时，小磁针的N极指向地理北极，故C错误；
D．指南针是我国古代四大发明之一，指南针能够指南北，为我们辨别方向，是因为指南针的磁场和地磁场的相互作用，使指南针受到地磁场给的力的作用，静止时针尖指向地理南方，故D正确。
故选D。
8. 同学们在垫排球时，当排球离开手腕后，下列分析正确的是（ ）
A. 排球能继续向上运动是由于受到惯性的作用
B. 排球向上运动的过程中，受到重力和手腕对排球托力的作用
C. 排球离开手腕后，手对排球不做功
D. 假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将保持静止
【答案】C
【解析】
【详解】A．排球离开手后还能继续向上运动是由于排球具有惯性，而不能说受到惯性的作用，故A错误；
B．排球离开手以后，不再受到手的作用力；排球向上运动的过程中，受重力和空气阻力的作用，故B错误；
C．排球在上升过程中，手不再给排球施加力，手对排球不做功，故C正确；
D．排球向上运动过程中，若一切外力都消失，它将保持原来速度做匀速直线运动，故D错误。
故选C。
9. 如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，小明的（ ）
A. 重力势能减小，机械能减小 B. 动能不变，机械能不变
C. 重力势能减小，动能增大 D. 重力势能不变，机械能减小
【答案】A
【解析】
【详解】小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；高度降低，则重力势能减小；机械能是动能与势能的总和，且下滑过程中克服阻力做功，机械能减小。故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
10. 汽车行驶时驾驶员和乘客必须系好安全带，当驾驶员系好安全带时，相当于闭合开关，仪表盘上的指示灯不亮；未系安全带时，相当于断开开关，指示灯发光。图中符合上述要求的电路是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光。表明开关与灯泡是并联的，闭合时灯泡短路，所以不亮，为防止此时电源短路，电路中应串联一个保护电阻R。故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
11. 用硬质塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等，制作如图所示的潜水艇模型（不计进排气管体积），然后将模型放入水中，使其上浮或下沉。下列说法正确的是（ ）
A. 当模型漂浮于水面时，它受到的浮力小于重力
B. 向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，模型将下沉
C. 从瓶中抽气时，模型会下沉，它受到的浮力将变小
D. 让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮，应使瓶内的水先增加后减少
【答案】D
【解析】
【详解】A．当模型漂浮于水面时，由浮沉条件可知，它受到的浮力等于重力，故A错误；
B．向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，瓶内水被排出来，模型重力将变小，小于浮力，模型将上浮，故B错误；
C．从瓶中抽气时，瓶内气体压强变小，水进入瓶内，模型重力将变大，大于浮力，模型会下沉，此时排开水的体积不变，根据阿基米德原理可知，它受到的浮力不变，故C错误。
D．潜水艇是依靠改变自身重力实现浮沉的，让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮，此时应向外抽气，让水进入瓶中，是模型受到的重力大于浮力，实现下沉；然后停止抽气，接着适当充气，向外排水，使模型的重力等于浮力而悬浮，所以瓶内气体是先减少后增加，瓶内的水先增加后减少，故D正确。
故选D。
12. 如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为9V，滑动变阻器R标有“20Ω 1A”的字样，电流表选用“0~0.6A”的量程，当滑片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光，已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）。为保证电路安全，下列选项正确的是（ ）
A. 滑动变阻器阻值的变化范围为5～20Ω
B. 定值电阻的阻值为20Ω
C. 电流表示数变化的范围为0.225～0.3A
D. 小灯泡的最小功率为0.675W
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，小灯泡、定值电阻、滑动变阻器串联，电流表测量电路电流。已知小灯泡上标有“3V 0.9W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响），由可得小灯泡正常发光的电流
由可得小灯泡的电阻
A．电流表选用“0~0.6A”的量程，滑动变阻器允许通过最大电流为1A，灯泡正常发光的电流为0.3A，为保证电路安全，所以电路最大电流
此时滑动变阻器接入阻值最小，且题干说“当滑片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光”，结合滑动变阻器规格，可知滑动变阻器接入最小阻值为最大值的一半，即10Ω，所以滑动变阻器阻值的变化范围为10～20Ω，故A错误；
B．滑片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光，由A已知此时电流为0.3A，滑动变阻器接入阻值为10Ω，由可得此时总电阻
则定值电阻的阻值
故B错误；
C．由A已知最大电流为0.3A，当滑动变阻器接入阻值最大时，电路电流最小，为
即电流表示数变化的范围为0.225～0.3A，故C正确；
D．由C已知最小电流为0.225A，小灯泡灯丝阻值为10Ω不变，则小灯泡的最小功率
故D错误。
故选C。
第二部分 非选择题（共76分）
二、填空题（本题有8小题，每空1分，共26分）
13. 如图所示，一只水鸟站在水中觅食，图中的黑影是由于光的______形成的，倒影是因光的反射形成的______像，且倒影看起来要“暗”一些，是因为有一部分光在水面处发生了______而进入水中，人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了______。
【答案】 ①. 直线传播 ②. 虚 ③. 折射 ④. 漫反射
【解析】
【详解】[1]图中的黑影是由于光在沿直线传播时，鸟挡住了光线的直线传播，在鸟的另一侧地面形成了黑影。
[2]倒影属于平面镜成像，是光的反射光线的反向延长线会聚形成的虚像。
[3]倒影看起来要“暗”一些，是因为光照射到水面时，同时发生了反射和折射，有一部分光在水面处发生了折射而进入水中，导致反射光线少于入射光线，所以看起来要“暗”一些。
[4]因为光照射在鸟身上反射向四周，发生了漫反射，所以人能从不同角度看见水鸟。
14. 如图所示是气象站释放的一种无动力探空气球，升空过程中因大气压逐渐______，气球会慢慢膨胀；它携带的探空仪会采集各种气象数据，并将数据通过______传回到地面气象站；气球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流是______的；因高空严寒，为防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳要用______好的材料制成。
【答案】 ①. 减小 ②. 电磁波 ③. 静止 ④. 隔热性能
【解析】
【详解】[1]因为气压随高度升高而降低，无动力探空气球，升空过程中会因大气压逐渐变小，而慢慢膨胀。
[2]无动力探空气球距离地面较远，所以携带的探空仪会采集各种气象数据，是通过电磁波传回到地面气象站。
[3]球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流位置不变，是静止的。
[4]因高空严寒，而精密仪器受低温影响，可能会损坏，所以为了防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳要用隔热性能好的材料制成。
15. 小华利用饮料瓶、气球、瓶盖、吸管等制作了一个简易喷气小车，如图所示，拔掉吸管口的塞子，气球向左喷气，同时小车会向右运动，说明物体间力的作用是______的，也说明力能改变物体的______，使小车前进的力的施力物体是______。
【答案】 ①. 相互的 ②. 运动状态
③. 喷出的气体
【解析】
【详解】[1][2][3]气球向左喷气，同时小车受到气体的反作用力，从而向右运动，说明物体间力的作用是相互的；在这个力的作用下，小车向右运动，同时也能说明力可以改变物体的运动状态，使小车前进的力的施力物体是喷出的气体。
16. 如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的硝化棉，用力把活塞迅速压下，使硝化棉燃烧，该过程是通过 ___________的方式来改变筒内空气的内能，其能量转化情况与汽油机的 ___________冲程相同。
【答案】 ①. 做功 ②. 压缩
【解析】
【详解】[1][2]在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小撮干燥的棉絮，用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来，这是因为压缩筒内空气做功，将机械能转化为内能，使筒内空气的内能增加，温度升高，达到棉絮的着火点，棉絮就燃烧起来了；该实验中，压缩筒内空气做功，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程的能量转化相同。
17. 如图所示，供轮椅上下的斜坡长L=4m，高h=2m。小明用120N的拉力平行于斜坡向上将重为200N的木箱从底端匀速拉到顶端。他所做的有用功为 ___________J，斜坡的机械效率为 ___________（精确到0.1%），木箱所受摩擦力的大小为 ___________N。
【答案】 ① 400 ②. 83.3% ③. 20
【解析】
【详解】[1]拉力做的有用功
W有用=Gh=200N×2m=400J
[2]拉力F做的总功
W总=Fs=120N×4m=480J
斜坡的机械效率
[3]拉力做的额外功
W额=W总﹣W有用=480J﹣400J=80J
由W额=fs可得，木箱受到的摩擦力
18. 如图甲所示电路，开关S1、S2闭合后两电流表的指针均指在同一位置，示数如图乙所示，则通过R1的电流为______A，两电阻之比R1∶R2=______；只断开开关S2，电流表A1的示数将______（变大／变小／不变）。
【答案】 ①. 1.44 ②. 1∶4 ③. 变小
【解析】
【详解】[1]由图可知，开关S1、S2闭合后，两电阻串联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2所在支路电流；两电流表的指针均指在同一位置，示数如图乙，根据并联电路电流规律可知，电流表A1选用分度值为0.1A的大量程，示数为1.8A，电流表A2选用分度值为0.02A的小量程，示数为0.36A，即通过R2的电流为0.36A。根据并联电路电流规律可得通过R1的电流为
[2]根据欧姆定律已经并联电路支路两端电压相等的规律可知
则
[3]只断开开关S2，此时电路由原来的两电阻并联变为只有R1的简单电路，流表A1只测通过R1的电流，总电阻变大，电压不变，根据欧姆定律可知，通过R1的电流变小，即电流表A1的示数变小。
19. 小华将电阻丝和分别浸没在质量和初温均相同的煤油中，按如图所示接入电路，开关闭合后，通过两电阻丝的______相等，根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生______的多少，通电一段时间，发现甲瓶中温度计的示数上升______。
【答案】 ①. 电流 ②. 热量 ③. 高
【解析】
【详解】[1]如图所示，两电阻丝串联，通过的电流相等。
[2]电阻丝通电后产生热量，热量被煤油吸收，导致煤油温度升高，所以可根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生热量的多少。
[3]如图所示，两电阻丝串联，通过的电流相等，通电时间相同，且R1>R2，通电一段时间后，根据焦耳定律可知，电阻丝 R1产生的热量多，由于瓶内的煤油质量、初温相同，不考虑热量损失，甲瓶中温度计的示数上升高。
20. 2022年6月17日，我国第三艘国产航空母舰“福建号”成功下水，其满载排水量为88000t，如图所示。该航母满载时，受到的浮力为 ___________N，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力变 ___________，舱底所受海水压强变 ___________，此时航母排开的海水体积改变了26m3，则该舰载机的质量是 ___________kg。（ρ海水取1.0×103kg/m3，g取10N/kg）
【答案】 ①. 8.8×108 ②. 变小 ③. 变小 ④. 2.6×104
【解析】
【详解】[1]满载时受到的浮力为
F浮=G排=m排g=88000×103kg×10N/kg=8.8×108N
[2]满载时航母漂浮，处于平衡状态，所受浮力和航母的总重是一对平衡力，舰载机飞离航母后，航母总重力变小，航母仍漂浮，根据F浮=G可知航母所受浮力会变小。
[3]航母将会上浮一些，舱底到海面的深度h会变小，根据p=ρ液gh可知舰底所受海水的压强变小。
[4]因为航母漂浮在水面上，则F浮=G，舰载机飞离该航母后，则F浮′=G′，由于舰载机飞离该航母后，舰载机的重力G机=G﹣G′，则
ΔF浮=F浮﹣F浮′=G﹣G′=G机
根据F浮=ρ海gV排和G=mg可得，舰载机的质量
三、解答题（本题有9小题，共50分．解答41、42题对应写出解题过程）
21. 如图所示，请作出物体AB在平面镜MN中所成的像。
【答案】
【解析】
【详解】分别作出物体AB端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′，即为AB在平面镜中的像。如图所示：
22. 如图所示，工人站在地面上用滑轮组将重物提升到高处，画出滑轮组的绕绳方式。
【答案】
【解析】
【详解】工人站在地面上用滑轮组将重物提起，拉力方向向下，是由两根绳子承担物重的，绳子固定在定滑轮上。如图所示：
23. 如图所示，请用笔画线代替导线，将三孔插座正确接入家庭电路中。
【答案】
【解析】
【详解】安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示
24. 新能源电动汽车具有节能、环保的特点。如图所示，一辆电动汽车停放在水平地面上，满载时整车质量为1.5t，轮胎与地面的总接触面积为600cm2。在某段平直路面上，该车满载时90s内匀速行驶了1.8km，电动汽车受到的阻力为2500N，求：
（1）汽车行驶的速度；
（2）汽车发动机的功率；
（3）汽车静止时对水平地面的压强。（g取10N/kg）
【答案】（1）20m/s；（2）50kW；（3）
【解析】
【详解】解：（1）在某段平直路面上，该车满载时90s内匀速行驶了1.8km，则汽车行驶的速度
（2）由题意知，汽车在做匀速直线运动，受到的牵引力等于阻力，即
根据
可得汽车发动机的功率
（3）汽车静止时对水平地面的压力
则汽车静止时对水平地面的压强
答：（1）汽车行驶的速度是20m/s；
（2）汽车发动机的功率是50kW；
（3）汽车静止时对水平地面的压强是。
25. 小华查看家中电炖锅的说明书后发现：电炖锅有低温、中温、高温三挡；电阻，，该电炖锅的原理图如图所示。请解答：
（1）闭合开关S、S1，电炖锅处于______挡；
（2）电炖锅高温挡的额定功率为多大？（ ）
（3）正常工作时，使用电炖锅高温挡加热10min，可将一锅1.5kg的汤从20℃加热到100℃，电炖锅的加热效率是多少？（汤的比热容取4×103J/(kg·℃)）（ ）
【答案】 ①. 低温 ②. 1000W ③. 80%
【解析】
【详解】（1）[1]闭合开关S、S1时，只有电阻R1接入电路；闭合开关S、S2时，只有电阻R2接入电路；闭合开关S、S1、S2时，俩电阻并联接入电路，有由并联电路中总电阻小于任一分电阻，此时电路电阻最小；且R1=4R2，根据可知闭合开关S、S1时，电路电阻最大，功率最小，为低温挡；根据可知闭合开关S、S1、S2时，电路电阻最小，功率最大，为高温挡；闭合开关S、S2时，为中温挡。
（2）[2]已知闭合开关S、S1、S2时，为高温挡；且R1=4R2，则高温挡时电路电阻
故电炖锅高温挡的额定功率
（3）[3]由可得，正常工作时，使用电炖锅高温挡加热10min消耗的电能
1.5kg的汤从20℃加热到100℃吸收的热量
则电炖锅的加热效率
26. 小明利用如图甲所示的实验装置来探究冰的熔化特点。
（1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰______，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的______；
（2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，碎冰此时的温度为______℃；
（3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度一时间”图像（如图丙），由图像可知，冰属于______（晶体／非晶体）；
（4）小明分析图像还发现：0至时段内温度变化比时刻后的温度变化快，其主要原因是______。
【答案】 ①. 受热均匀 ②. 状态 ③. -3 ④. 晶体 ⑤. 水的比热容比冰大
【解析】
【详解】（1）[1][2]将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，可以使碎冰受热均匀，碎冰熔化比较缓慢，便于记录各时刻的温度并观察冰的状态。
（2）[3]如图乙，温度计的分度值是1℃，液面在0刻度以下第3格，所以读数为-3℃。
（3）[4]由图丙可知，冰在熔化的过程中，吸收热量，温度保持0℃不变，有固定的熔点，故冰为晶体。
（4）[5]取0至t1时段与t2时刻后一段相等时间观察，则吸热相等，物质由固态冰变为液态水的过程中质量保持不变，水的比热容比冰大，根据可知，升高的温度不同，水升温比冰要慢。
27. 小华用如图所示的器材探究凸透镜成像规律，已知凸透镜的焦距为10.0cm。
实验序号
物距/cm
像的大小
像的正倒
光屏到凸透镜的距离/cm
①
50.0
缩小
倒立
12.5
②
30.0
缩小
倒立
15.0
③
20.0
等大
倒立
20.0
④
15.0
放大
倒立
30.0
⑤
12.5
放大
倒立
50.0
⑥
9.0
光屏上没有像
⑦
7.0
光屏上没有像
（1）组装并调整器材，使烛焰、光屏的中心位于凸透镜的______上；
（2）小华按照实验方案完成各操作步骤，将观测到的现象和数据记录在表格中，分析表中信息可得：
①当物距______焦距时，成倒立、缩小的实像；
②成实像时，随着物距的减小，像的大小逐渐______。
（3）在第⑥、⑦两次实验中小华无论怎样移动蜡烛、凸透镜和光屏，都不能在光屏上观察到烛焰的像，于是她认为：“物距小于一倍焦距时，物体通过凸透镜不能成像。”这个结论并不严谨，为得出正确的结论，她应该增加的一步操作是：取下光屏，______；
（4）将一个镜片放在烛焰和凸透镜之间后，光屏上的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上再次出现清晰的像，则所加的镜片属于______透镜，用来矫正______的视力缺陷。
【答案】 ①. 主光轴 ②. 大于两倍 ③. 变大 ④. 从光屏一侧透过透镜看能否观察到烛焰的像 ⑤. 凹 ⑥. 近视眼
【解析】
【详解】（1）[1]探究凸透镜成像规律的实验中，为了使像呈现在光屏中央，应该调整烛焰、光屏的中心位于凸透镜的主光轴上。
（2）①[2]分析实验数据中的物距和焦距的大小关系以及成像的性质，可得到的结论是：当物距大于两倍焦距时，成倒立、缩小的实像。
②[3]分析实验数据中的物距和焦距的大小关系以及成像大小情况，可得出物距、像距、成像大小变化规律：成实像时，物距减小，像距变大，像变大。
（3）[4]物距等于焦距时，不能成像；而物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，物像同侧，所以应该增加的一步操作是：取下光屏，从光屏一侧透过透镜看能否观察到烛焰的像。
（4）[5][6]将一个镜片放在烛焰和凸透镜之间后，光屏上的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上再次出现清晰的像，相当于像距变大了，说明该透镜对光有发散作用，是一个凹透镜，可用于矫正近视眼。
28. 小明使用天平和量筒测量石块的密度。
（1）将天平放在水平台面上，如图甲所示，是小明刚调节完天平平衡的情形。请你指出他调节过程中遗漏的操作步骤：______。补上遗漏步骤后，为使天平重新平衡，应将平衡螺母向______调节；
（2）用调好的天平称石块的质量，测量结果如图乙所示，则石块的质量为______g，接着他在量筒中倒入30mL的水，再将石块浸没在水中，水面位置如图丙所示，则石块的密度为______g/cm3；
（3）以下操作会导致石块密度的测量值偏大的有：______（多选，填字母序号）
A．读取量筒示数时视线俯视液面
B．先测石块的体积后测石块的质量
C．石块放入量筒时有部分水溅起附在筒壁上
【答案】 ①. 将游码移至零刻度线处 ②. 右 ③. 28.4 ④. 2.84 ⑤. BC
【解析】
【详解】（1）[1]调节天平平衡时，应先将游码归零，再调节平衡螺母使天平平衡。图甲是小明调节完天平平衡的情形，游码未在零刻度线处，所以他遗漏的步骤是：将游码归零。
[2]甲图中没有将游码归零，横梁就平衡了，如果将游码归零，则指针就将偏向分度盘左侧，此时要使天平平衡，应将平衡螺母向右调节。
（2）[3][4]用调好的天平称石块的质量，测量结果如图乙所示，天平标尺分度值为0.2g，标尺上游码在3.4g处，砝码质量和是25g，则石块的质量为
接着他在量筒中倒入30mL的水，再将石块浸没在水中，水面位置上升至如图丙所示40mL处，则石块的体积
则石块的密度
（3）[5] A．读取量筒示数时视线俯视液面，读数比实际偏大，计算出体积偏大，质量不变，根据密度公式可知，测得质量将偏小，故A不符合题意；
B．先测石块的体积后测石块的质量，从水中取出石块时，上面附有水珠，接着测量质量，会导致测得的质量偏大，体积不变，根据密度公式可知，测得质量将偏大，故B符合题意；
C．石块放入量筒时有部分水溅起附在筒壁上，则小明测得石块和水的总体积偏小，计算出的石块体积偏小，质量不变，根据密度公式可知，测得质量将偏大，故C符合题意。
故选BC。
29. 小明用不同的力将手掌压在各种不同物体表面上向前推，发现感受不同，猜想滑动摩擦力的大小可能与下列因素有关：①压力的大小、②接触面的粗糙程度、③接触面的材料种类，为了验证猜想是否正确，他进行了以下探究：
（1）为了测量滑动摩擦力的大小，小明将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做______，此时滑动摩擦力大小______弹簧测力计的示数；
（2）比较甲、乙两图的实验可知：滑动摩擦力的大小与______有关；
（3）如图甲、丙所示，小明将同一木块分别放在粗糙程度不同的木板一、木板二上测量滑动摩擦力的大小，此过程控制不变的影响因素是：压力的大小和______；
（4）实验中发现弹簧测力计示数不易稳定，改用如图丁所示的装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，可能的原因是：______。
【答案】 ①. 匀速直线运动 ②. 等于##= ③. 压力的大小 ④. 接触面的材料种类 ⑤. 长木板表面粗糙程度不同
【解析】
【详解】（1）[1][2]滑动摩擦力的大小不能直接测量，为了测量滑动摩擦力的大小，应该使滑动摩擦力与某个能够使用测力计测量大小的力平衡，此时可通过测力计示数知道滑动摩擦力大小。所以小明将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，木块受到测力计的拉力与滑动摩擦力平衡，此时滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。
（2）[3]比较甲、乙两图的实验发现，接触面粗糙程度相同，压力大小不同，测力计示数不同，可知：滑动摩擦力的大小与压力的大小有关。
（3）[4]实验在探究过程中，猜想滑动摩擦力的大小可能与下列因素有关：①压力的大小、②接触面的粗糙程度、③接触面的材料种类，故探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，控制不变的影响因素是：压力的大小和接触面的材料种类。
（4）[5]改用如图丁所示的装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，则滑动摩擦力大小发生了变化，根据滑动摩擦力的两个影响因素可知，在压力不变时，可能原因是长木板表面粗糙程度不同。
30. 如图所示，小明和小刚利用蹄形磁体、灵敏电流计、开关、导体AB和若干导线等器材来探究感应电流产生的条件。闭合开关，他们完成操作，将观察到的现象记入表格：
序号
导体AB的运动情况
有无感应电流
①
左右运动
有
②
上下运动
无
③
前后运动
无
④
斜向上、斜向下运动
有
（1）分析①、②两次实验现象，小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，电路中就会产生感应电流。”小刚认为不准确，因为导体AB______运动时，其运动方向也与磁场方向垂直，但无感应电流；
（2）采纳小刚意见后，小明又说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”，小刚认为不全面，因为导体AB______运动时，也有感应电流；
（3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将______能转化为电能；如果将图中的灵敏电流计换成______，可以探究磁场对电流的作用。
【答案】 ①. 前后 ②. 斜向上##斜向下 ③. 机械 ④. 电源
【解析】
【详解】（1）[1]根据表格中收集现象可以发现，导体AB在蹄形磁体中前后运动时，在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，但这个时候没有感应电流产生，所以小明的说法不正确。
（2）[2]根据表格中收集现象可以发现，导体AB在蹄形磁体中斜向上或斜向下运动时，此时虽然在切割磁感线，但不是垂直切割，也有感应电流产生，所以小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”是不全面的。
（3）[3]闭合电路的一部分导体在磁场切割磁感线运动时，从而产生感应电流，从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将机械能转化为电能。
[4]要探究磁场对电流的作用，电流中需要有电源，所以可将图中的灵敏电流计换成电源。
31. 小明和小华一起进行伏安法测电阻的活动。
（1）他们选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大；______
（2）连接电路之前，应该______开关，检查电表指针是否______；
（3）闭合开关，小明发现两电表均无示数。为了查找故障，他将电压表拆下，保持电路其他部分连接完好，再将电压表分别接在电源、待测电阻Rx、滑动变阻器两端，然后闭合开关，发现只有接在待测电阻Rx两端时，电压表无示数，则故障可能是______；
（4）排除故障后，小明和小华配合进行实验，并根据数据画出如图乙所示的图像，由图像可知，该待测电阻Rx的阻值为______Ω；
（5）利用电压表可以直接测量电压的大小，能否把电压表改装为间接测量电阻大小的仪表呢？小明和小华经过思考，分别设计了如图丙、丁所示的方案（电源电压恒定不变），并进行了以下操作和分析：
①小明在电路的M、N两点之间接入一个电阻箱，调节旋钮使它接入电路的阻值分别为5Ω、8Ω、20Ω，闭合开关，发现电压表指针分别指向1.5V、2.0V、3.0V的刻度线，于是他在表盘相应位置标出了电阻的数值，如图戊所示。以此类推再标出其他刻度线，电压表就可以用来间接测量阻值了，由以上数据可知：电源电压为______V，定值电阻R0的阻值为______Ω；
②小华设计方案，所用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，分析她的设计方案可知：在保证器材安全的前提下，她改装后的电压表所能测的最小电阻值为______Ω。
【答案】 ①. ②. 断开 ③. 归零 ④. 滑动变阻器断路 ⑤. 5 ⑥. 4.5 ⑦. 10 ⑧. 5
【解析】
【详解】（1）[1]伏安法测电阻的实验中滑动变阻器串联在电路中，滑动变阻器的滑片P向右移动时电流表的示数变大，说明滑动变阻器的接入阻值变小，故应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路。如图所示
（2）[2]连接电路之前，为了保护电路，应该断开开关。
[3]在连接电路时，应检查电表指针是否归零，若没有，就需要调零。
（3）[4]闭合开关，两电表均无示数，则电路可能断路。将电压表分别接在电源、待测电阻Rx、滑动变阻器两端，电压表接在电源两端时，电压表有示数，说明电压表、电源是完好的；电压表接在滑动变阻器两端时，电压表有示数，说明滑动变阻器以外的电路是通路；只有接在待测电阻Rx两端时，电压表无示数，说明待测电阻Rx以外的电路有断路，所以故障可能是滑动变阻器断路。
（4）[5]由图乙，根据欧姆定律可知，待测电阻Rx的阻值
（5）①[6][7]由图戊可知，电压U1=1.5V时，R1=5Ω，电压U2=2V时，R2=8Ω，由图丙电路可知，定值电阻R0与电阻箱串联，由和串联电路电压规律可知，测量电阻R1时，电源电压
①
测量电阻R1时，电源电压
②
联立①②解得：R0=10Ω，将其带入其中一个式子解得电源电压U电=4.5V。
②[8]小华设计的电路中，定值电阻R0与电阻箱串联，但电压表测量的是定值电阻R0两端的电压；所用器材的规格、电表接入的量程都与小明的完全相同，即电源电压U电=4.5V，电压表量程是0~3V；根据串联分压原理可知，当电压表示数最大为3V时，所能测的电阻值最小，其两端最小电压
此时R0两端的电压是能测电阻两端电压的
倍，故所能测的最小阻值
24
展开阅读全文
浙ICP备2021020529号-1 | 浙B2-20240490 
