江苏省泰州市2016年中考物理真题试题（含解析）.DOC

2016年江苏省泰州市中考物理试卷一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）1关于一名普通的中学生的物理量，下列说法正确的是（）A体重约为50NB正常步行的速度约为1.4m/sC身高约为1.6dmD正常骑自行车的功率约为700W2俗话说：“闻其声知其人”这句话是指即使未看到人，也能分辨出熟人的声音，这主要是依据声音的（）A速度B响度C音调D音色3“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山删不动，是船行”这段诗词蕴含多个科学道理其中“看山恰似走来迎”所选取的参照物是（）A山B船C地面D河岸4关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A温度为0，分子的无规则运动停止B物理学家汤姆生建立了原子的核式结构模型C摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了质子D宇宙是一个有层次的天体结构体系太阳大红银河系中的一颗恒星5根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是（）A女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功B司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功C吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物做了功D足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球做了功6将一个凸透镜正对太阳光，在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑，若将一个物体放在凸透镜前30cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个（）A倒立、缩小的实像B倒立、放大的实像C正立、缩小的实像D正立、放大的虚像7下列是四种模拟病房呼叫电路的设计图，其中设计最佳的是（）ABCD8如图所示，杠杆的水平位置平衡，下列操作仍能让杠杆在水平位置保持平衡的是（）A两侧钩码同时向外移一格B两侧钩码同时向内移一格C左侧的钩码向内移一格，右侧减去一个钩码D在两侧钩码下方，同时加挂一个相同的钩码9下列关于内能的说法正确的是（）A具有机械能的物体不一定具有内能B物体温度不高，内能一定不变C物体没有吸热，内能一定不变D在温度、状态和物质种类均相同的情况下，物体的质量越大，内能越大10如图所示，将摆球从A点静止释放，摆球在A、C两点间来回摆动，B为最低点，不计空气阻力，下列说法正确的是的机械能（）A从A点到B点，摆球动能增大，机械能增大B从B点到C点，摆球动能减小，机械能减小C摆球在摆动过程中所经各点的机械能均相等D摆球在B点的机械能最大，在A，C两点的机械能能最小11根据图示装置所探究的原理，可以制成下列哪种仪器（）A电磁铁B手摇发电机C电磁继电器D电铃12如图所示，电源电压不变，闭合开关后，下列关于电压表示数变化的说法正确的是（）A滑片P向右移动，V1表示数变大，V2表示数不变B滑片P向右移动，V1表示数变小，V2表示数变大C滑片P向左移动，V1表示数变小，V2表示数变大D滑片P向左移动，V1表示数变大，V2表示数不变二、填空题（本题有8小题，每空1分，共25分）13小明在观察“碘锤”中的物态变化之前，查阅资料得知：酒精灯外焰的温度约为800碘的熔点为113.7采用图中的两种方式加热，图甲的碘颗粒吸热会（填物态变化名称，下同），图乙中的碘颗粒吸热除了发生图甲中的物态变化外，还可能会；两种方式停止加热后，“碘锤”中的碘蒸汽会14小明想测出石块的密度，先将托盘天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的处，发现指针偏在分度盘左侧，此时应将平衡螺母向调节，使天平平衡，测量中，当右盘所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平平衡，则石块的质量为g，再将石块浸没到盛有20ml水的量筒中，水面到达的位置如图乙所示，由此可计算处石块的密度为kg/m315如图是练习使用测电笔的两种情形，图所示方法是正确的，若电路中插座完好且接线正确，按正确方式使用测电笔，将笔尖插入插座的侧插孔，氖管会发光若按图中错误方式操作，易造成（选填“单线触电”或“双线触电”）16质量为10kg、温度为20的水，吸收1.26106J的热量后，温度升高到，若这些热量是由酒精完全燃烧提供的，至少需要g酒精c水=4.2103J/（kg），q酒精=3107J/kg17汽车刹车的过程，伴随着能量从机械能转化为内能，内能散失到空气中，此过程能量的总和（选填“增大”、“不变”或“缩小”）散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动骑车，这是因为能量的转移和转化具有性18木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为N，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为N撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块，最终木块停了下来，说明了力是改变物体的原因19小明用细线系住重为5N的物体，使其一半体积浸入盛满水的溢水杯中，物体排开的水重为2N，此时物体所受的浮力为N，将物体浸没在水中，此时物体所受的浮力为N，物体排开的水的体积为m3，松手后，物体将（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）（g取10N/kg）20在如图所示电路中，定值电阻R0的阻值为20，电动机线圈电阻为2，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A，0.3A，则该电路电源电压为V.1min内电路消耗的电能为J，1min内电流通过电动机产生的热量为J三、解答题（本题有8小题，共51分，解答22、23题时应写出解答过程）21根据要求作图（1）如图甲，画出被踢出的足球在空中飞行时所受重力的示意图（2）如图乙，一束光从水中斜射入空气，画出进入空气中折射光线的大致方向（3）如图丙，根据通电螺线管外部的磁感线方向，标出图中电源的正极和小磁针静止时的N极22近年来，理论电动平衡车深受年轻人的喜爱，如图所示，它采用站立式的驾驶方式，人通过身体的前倾、后仰实现驾驶，如表为某型号独轮电动车平衡车的部分数据，则：质量10kg轮胎与地面接触面积30cm2最大速度16km/h充满电行程24km（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是多少？（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速行驶若所受阻力为总重力的0.2倍，此时该车受到的牵引力是多大？（g取10N/kg）（3）质量为50kg的人驾驶该车时，车对水平地面的压强是多大？23小华利用电能表和手表估测规格为“220V 1100W”电水壶的实际功率，电能表表盘如图所示（1）这种电水壶正常工作时，内部电热丝的电阻是多大？（2）在此电水壶中加水，将其接入电路并工作，输出电能表的指示灯在3min内闪烁80次，则：电路在3min内消耗的电能是多大？电路的实际电功率是多大？（3）上一问算出的电路实际电功率电水壶额定功率（选填“大于”、“等于”或“小于”）造成此大小关系的原因是：24小华用两个完全相同的棋子A和棋子B在水平桌面上探究平面镜成像的特点，实验装置如图（1）无论怎样在桌面上移动棋子B，都无法使它与棋子A的像完全重合出现这种情况的原因是排除问题后，移动棋子B，使它与棋子A的像完全重合，这样做的目的除了能确定棋子A经平面镜所成像的位置，同时还能比较大小关系（2）用铅笔画出平面镜及棋子A和棋子B的位置，并画出棋子A和棋子B位置的连线，经测量发现：两棋子的连线与镜面，两棋子到镜面的距离相等（3）移去棋子B，将一张白卡片竖直放在棋子B所在的位置，直接观察白卡片，观察白卡片上没有棋子A的像，说明棋子A经平面镜所成的是像（4）用木板紧贴玻璃板背面，挡住玻璃板后的光，人眼在玻璃板前（选填“能”或“不能”）看见棋子A的像25小明利用如图甲所示的实验装置观察水的沸腾（1）组装器材时，应先固定图甲中的（选填“A”或“B：（2）安装好实验器材后，为缩短实验时间，小明在烧杯中倒入热水，温度计示数如图乙所示，此时温度计的示数为；（3）在水温升高到90后，小明每隔1min观察1次温度计的示数，记录在表中，直至水沸腾，如此持续3min后停止读数；时间/min012345678温度/9092949698999999在第7min小明忘记记录数据，此时的水温应为；小明观察到：沸腾时水中气泡的情形为图丙中图（选填“C”或“D”）；请你根据表格中的数据，在图丁所示的坐标系中画出水沸腾前后温度随时间变化的图象26在“探究影响液体内部压强的因素”实验中（1）压强计是通过U型管的来显示橡皮膜所受压强大小（2）小华实验时的情形如图所示，四幅图中烧杯内的液面相平（不考虑实验结论的偶然性）比较甲和图，可以初步得出结论：在同种液体中，液体内部压强随深度的增加而增大保持金属盒在水中的深度不变，改变它的方向，如图乙、丙所示，根据实验现象可以初步得出结论：比较乙和图丁，能初步得出液体内部压强与液体密度有关的结论吗？，理由是：27在“探究影响滑轮组机械效率的因素”的实验中，小明用同一滑轮组进行了三次实验，实验数据如表：序号动滑物重G动/N物重G/N物体上升的高度h/m绳端收到的拉力F/N绳端移动的距离s/m滑轮组的机械效率/%10.510.10.60.355.620.520.11.00.366.730.540.10.3（1）根据表格中的数据，在图甲种画出滑轮组的绕绳方法（2）实验中，沿竖直方向匀速拉动弹簧测力计，使物体缓缓上升，在测量绳端所受的拉力时，弹簧测力计应（选填“保持静止”或“匀速上升”）（3）第三次试验时，测力计实数如图乙所示，此时绳端受到的拉力为N，滑轮组的机械效率为%（4）根据表格中的数据分析可知：随着物重的增大，额外功（选填“变小”、“不变”或“变大”），原因是要提高同一滑轮组机械效率，可以采取的措施28在“测量小灯泡的功率”的实验中（1）小明设计了如图甲所示的电路图按照电路图，已完成部分实物电路连接（如图乙所示）根据图乙中的信息，电压表量程应选0V；若开关闭合后，向左移动滑动变阻器滑片P，能使电路中电流变大，应将开关右侧接线柱与滑动变阻器的（选填“A”、“B”、“C”或“D”）接线柱相连（2）正确连接好电路，闭合开关后发现：小灯泡不亮，电流表示数为零，而电压表示数接近电源电压，经检查，电流表是完好的，仅滑动变阻器或小灯泡存在故障，则电路中的故障是排除故障后，闭合开关，仍发现小灯泡不亮，电流表指针偏转很小，要使该小灯泡发光只需（3）观察小灯泡在不同电压下的亮度，读出电压表，电流表示数，实验记录见表： 实验序号 电压U/V电流I/A 小灯泡亮度实际功率P/W 1 2 0.18 偏暗 0.36 2 2.5 0.2正常发光 0.5 33 偏亮由表格可知：该小灯泡额定电压为V当小灯泡两端电压为3V时，小灯泡偏亮，小明担心灯丝会烧断，于是立即断开开关，未读取电流表示数同组的小华观察到当时电流表指针的位置如图丙所示，则通过小灯泡的电流为A，小灯泡的实际功率为W（4）本实验电路除了能测出小灯泡的功率，小明认为还能测出小灯泡灯丝的阻值，小华认为还能探究电流与电压的关系，你认为同学的观点是错误的，理由是：2016年江苏省泰州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每小题2分，共24分）1关于一名普通的中学生的物理量，下列说法正确的是（）A体重约为50NB正常步行的速度约为1.4m/sC身高约为1.6dmD正常骑自行车的功率约为700W【考点】重力大小的估测；长度的估测；速度与物体运动；功率的概念【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案【解答】解：A、一名普通中学生的质量在50kg左右，重力为500N左右，故A错误B、正常人的步行速度在1.4m/s左右，故B正确；C、中学生的身高约为160cm=16.0dm左右，故C错误；D、人骑自行车时，车轮与地面之间的摩擦力大约15N，匀速行驶时双脚的动力等于摩擦力，也是15N；骑自行车的速度在5m/s左右，所以功率大约为P=Fv=15N5m/s=75W，接近70W故D错误故选B【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可2俗话说：“闻其声知其人”这句话是指即使未看到人，也能分辨出熟人的声音，这主要是依据声音的（）A速度B响度C音调D音色【考点】音调、响度与音色的区分【分析】声音的特征有三个：响度、音调、音色响度指声音的大小，音调指声音的高低，音色是指声音的品质与特色不同人声音的音色不同，区别出熟悉的人谁在说话，是因为音色不同的原因【解答】解：自己很熟悉的人，即使没有看到他，只听他的声音也可以辨别出来，依据就是不同人的发声部位特征不同，发出的音色不同故选D【点评】此题考查的是声音的物理特征之一音色，属于基础题，难度不大3“满眼风波多闪烁，看山恰似走来迎，仔细看山删不动，是船行”这段诗词蕴含多个科学道理其中“看山恰似走来迎”所选取的参照物是（）A山B船C地面D河岸【考点】参照物及其选择【分析】首先判断被研究的物体，被研究的物体是静止的，选择和被研究的物体位置不变的物体为参照物被研究的物体是运动的，选择和被研究的物体位置发生改变的物体是参照物【解答】解：“看山恰似走来迎”，被研究的物体是山在运动，山和船或山与水之间发生了位置的改变，所以选择人为参照物，不可能以山、地面及河岸为参照物故选：B【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同这就是运动和静止的相对性4关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）A温度为0，分子的无规则运动停止B物理学家汤姆生建立了原子的核式结构模型C摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了质子D宇宙是一个有层次的天体结构体系太阳大红银河系中的一颗恒星【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程；人类探究微观世界的历程【分析】（1）分子在永不停息的做无规则运动，温度越高，分子无规则运动越剧烈；（2）英国物理学家汤姆生发现了比原子小得多的带负电荷的粒子电子，从而揭示了原子是有结构的；1911年，卢瑟福建立了原子核式结构模型，该模型认为：原子是由原子核和核外电子组成，后来人们又发现原子核是由质子和中子组成；（3）摩擦起电的实质由于不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同造成的，在摩擦的过程中束缚本领强的得电子带负电，束缚本领弱的失电子带正电；（4）银河系中有大约2000亿颗恒星，太阳只是银河系中的一颗普通恒星【解答】解：A、当物体的温度降到0时，物体中所有分子仍然不停地做无规则的运动，故A错误；B、卢瑟福根据粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，汤姆生发现电子并提出类似“西瓜”的原子模型，故B错误；C、摩擦起电的过程是电子转移的过程，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，故C错误；D、宇宙是一个有层次的天体结构系统，我们看到的太阳只是银河系中一颗普通的恒星，故D正确故选：D【点评】本题考查的知识点比较多，但是难度不是很大，属于基础知识的考查，熟练掌握相关基础知识是解题的关键5根据如图所示的几个情景，下列说法正确的是（）A女孩搬起一个箱子，女孩对箱子做了功B司机费了很大的力也未能推动汽车，但司机对汽车做了功C吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物做了功D足球被踢出后在草地上滚动的过程中，运动员对足球做了功【考点】力是否做功的判断【分析】本题要抓住做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可【解答】解：A、女孩搬起一个箱子，女孩对箱子有力，且沿力的方向运动了一段距离，所以女孩对箱子做了功，故A正确；B、司机费了很大的力也未能推动汽车，虽然有力但没有距离，所以司机对汽车没有做功，故B错误；C、吊车吊着货物水平移动一段距离，吊车对货物有向上的力，但向上并没有移动距离，所以吊车对货物没有做功，故C错误；D、足球被踢出后在草地上能继续滚动是由于惯性，此过程中运动员对足球不再做功，故D错误；故选A【点评】有力作用在物体上，力对物体不一定做功；物体运动了一段距离，可能没有力对物体做功6将一个凸透镜正对太阳光，在距凸透镜10cm处得到一个最小、最亮的光斑，若将一个物体放在凸透镜前30cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个（）A倒立、缩小的实像B倒立、放大的实像C正立、缩小的实像D正立、放大的虚像【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】阳光聚焦的方法确定凸透镜的焦距根据凸透镜成像的三种情况确定成像情况【解答】解：将一个凸透镜对准太阳光，可在距透镜10cm的地方得到一个最小亮点，所以凸透镜的焦距f=10cm一个物体放在这个透镜前30cm处，此时U2f，成倒立、缩小的实像故选A【点评】掌握凸透镜成像的三种情况：U2f，成倒立、缩小的实像；2fUf，成倒立、放大的实像；Uf，成倒正立、放大的虚像7下列是四种模拟病房呼叫电路的设计图，其中设计最佳的是（）ABCD【考点】电路图设计【分析】由于病人按开关时铃响且对应的灯亮，则不同病房的指示灯并联连接，开关控制对应病床的指示灯，电铃连接在干路中【解答】解：A、由图示电路图可知，两指示灯并联在两支路中，电铃串联在干路中，开关S1控制整个电路，开关S2控制指示灯L2，当两开关都闭合时，两个指示灯都亮，无法辨别是哪个病房病人在呼叫，因此不符合题意，故A错误；B、由图示电路图可知，两指示灯并联在两支路中，电铃串联在干路中，每个开关控制一条支路，因此符合题意，故B正确；C、由图示电路图可知，指示灯与电铃串联后并联，闭合任一开关，指示灯亮、电铃响，但是每个病房都需要对应的指示灯和电铃，电铃太多会混淆护士的判断，因此不符合题意，故C错误；D、由图示电路图可知，灯泡与电铃串联由同一开关控制，因此不符合题意，故D错误故选B【点评】会设计串联电路和并联电路，会根据实物图准确画出电路图，会用元件符号画出电路图8如图所示，杠杆的水平位置平衡，下列操作仍能让杠杆在水平位置保持平衡的是（）A两侧钩码同时向外移一格B两侧钩码同时向内移一格C左侧的钩码向内移一格，右侧减去一个钩码D在两侧钩码下方，同时加挂一个相同的钩码【考点】杠杆的平衡条件【分析】原来杠杆平衡是因为两边的力和力臂的乘积相等杠杆是否再次平衡要看两边的力和力臂的乘积是否相等【解答】解：设一个钩码的重力为G，横梁上一个格的长度为L，原来杠杆处于平衡状态，则有2G3L=3G2L；A、两边各向外移一格，左边2G4L=8GL，右边3G3L=9GL，8GL9GL，杠杆右端下沉；故A错误；B、两边各往内移一格，左边2G2L=4GL，右边3G1L=3GL，4GL3GL，杠杆左端下沉；故B错误；C、左侧的钩码向内移一格，右侧减去一个钩码，左边2G2L=4GL，右边2G2L=4GL；4GL=4GL，杠杆平衡；故C正确；D、在两侧钩码下方，同时加挂一个相同的钩码，左边3G2L=6GL，右边4G2L=8GL，6GL8GL，杠杆右端下沉，故D错误故选C【点评】杠杆是否平衡取决于两边力和力臂的乘积是否相等，水平位置平衡时，两边的力和力臂的乘积是否相等9下列关于内能的说法正确的是（）A具有机械能的物体不一定具有内能B物体温度不高，内能一定不变C物体没有吸热，内能一定不变D在温度、状态和物质种类均相同的情况下，物体的质量越大，内能越大【考点】温度、热量与内能的关系【分析】（1）内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，物体的温度越高，内能越大；一切物体都有内能（2）改变内能的方式，做功和热传递；（3）内能大小跟物体的质量、状态、温度有关在状态和温度相同时，质量越大，内能越大；在质量和状态相同时，温度越高，内能越大【解答】解：A、运动的物体有机械能，也有内能，故A错误；B、物体温度升高，内能增大，故B错误C、物体没有吸热，但外界物体对它做功，也可以使其内能增加，故C错误；D、内能大小跟物体的质量、状态、温度有关，在温度、状态和物质种类均相同的情况下，物体的质量越大，内能越大，故D正确故选D【点评】要特别注意：物体温度升高、内能一定增加，但是物体内能增加、温度不一定升高；物体吸热、温度不一定升高，物体温度升高、不一定吸热10如图所示，将摆球从A点静止释放，摆球在A、C两点间来回摆动，B为最低点，不计空气阻力，下列说法正确的是的机械能（）A从A点到B点，摆球动能增大，机械能增大B从B点到C点，摆球动能减小，机械能减小C摆球在摆动过程中所经各点的机械能均相等D摆球在B点的机械能最大，在A，C两点的机械能能最小【考点】动能和势能的大小变化【分析】（1）影响动能大小的因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大（2）影响重力势能大小的因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能是动能和重力势能的和，在铁球运动的过程中，空气阻力忽略不计，所以机械能守恒【解答】解：A、从AB的过程中，金属小球的质量不变、高度减小、速度增大，所以重力势能减小，动能增大，在B点时动能最大、重力势能最小；在此过程中重力势能转化为动能，不计空气阻力，机械能守恒，故A错误；B、从BC的过程中，金属小球的质量不变、高度增大、速度减小，重力势能增大，动能减小，在C点动能最小、重力势能最大，在此过程中动能转化为重力势能，机械能守恒，故B错误；CD、不计空气阻力，小球会在AC间来回摆动时，总机械能守恒，故C正确，D错误；故选C【点评】掌握影响动能、重力势能、弹性势能大小的因素会判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的大小变化以及能量的相互转化11根据图示装置所探究的原理，可以制成下列哪种仪器（）A电磁铁B手摇发电机C电磁继电器D电铃【考点】电磁感应【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应现象，发电机就是利用电磁感应的原理制成的【解答】解：开关闭合后，导体ab在磁场中做切割磁感线运动时，观察到电流表原来静止在中间的指针偏转，这就是电磁感应现象，根据这一原理制成了发电机A、电磁铁是利用电流的磁效应的原理制成的，故A错误；B、手摇发电机是利用电磁感应现象的原理制成的，故B正确；C、电磁继电器是利用电流的磁效应的原理制成的，故C错误；D、电铃中有电磁铁，也是利用电流的磁效应的原理制成的，故D错误；故选B【点评】本题考查了学生对电磁感应现象及其应用的掌握，难度不大，属于基础知识的考查12如图所示，电源电压不变，闭合开关后，下列关于电压表示数变化的说法正确的是（）A滑片P向右移动，V1表示数变大，V2表示数不变B滑片P向右移动，V1表示数变小，V2表示数变大C滑片P向左移动，V1表示数变小，V2表示数变大D滑片P向左移动，V1表示数变大，V2表示数不变【考点】欧姆定律的应用；电路的动态分析【分析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测电源的电压，根据电源的电压可知滑片移动电压表V2示数的变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R两端的电压变化【解答】解：由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表V1测R两端的电压，电压表V2测电源的电压，因电源电压不变，所以，滑片移动时，电压表V2的示数不变，故BC错误；当滑片P向右移动时，接入电路中电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电路变小，由U=IR可知，R两端的电压变小，即电压表V1的示数变小，故A错误；同理可知，滑片P向左移动，接入电路中电阻变小，电路中的电路变大，R两端的电压变大，电压表V1的示数变大，故D正确故选D【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，分清电路的结构是关键二、填空题（本题有8小题，每空1分，共25分）13小明在观察“碘锤”中的物态变化之前，查阅资料得知：酒精灯外焰的温度约为800碘的熔点为113.7采用图中的两种方式加热，图甲的碘颗粒吸热会升华（填物态变化名称，下同），图乙中的碘颗粒吸热除了发生图甲中的物态变化外，还可能会熔化；两种方式停止加热后，“碘锤”中的碘蒸汽会凝华【考点】升华和凝华的定义和特点【分析】判断物态变化，首先确定原来的状态，然后确定最后的状态，从而确定物态变化，同时注意熔化条件达到熔点继续吸热【解答】解：甲图，在水中加热，水的温度约为100，碘的熔点为113.7，所以碘不会熔化；碘颗粒吸热会从固态直接变为气态，则该物态变化为升华图乙中，酒精灯外焰温度约为800，高于碘的熔点，碘吸热可能熔化当停止加热后，碘蒸汽放热从气态直接变为固态，则物态变化为凝华故答案为：升华；熔化；凝华【点评】此题考查了，、和熔化的条件，属于物态变化基本题型14小明想测出石块的密度，先将托盘天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的零刻线处，发现指针偏在分度盘左侧，此时应将平衡螺母向右调节，使天平平衡，测量中，当右盘所加砝码和游码的位置如图甲所示时，天平平衡，则石块的质量为46g，再将石块浸没到盛有20ml水的量筒中，水面到达的位置如图乙所示，由此可计算处石块的密度为2.3103kg/m3【考点】固体密度的测量【分析】正确使用天平的方法是：将天平放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，再调节两端的平衡螺母使横梁平衡；称量时左盘放物体，右盘放砝码通过指针偏转的方向，来移动平衡螺母指针右偏，天平的右端下沉，平衡螺母向相反的方向移动物体的质量=砝码的质量+游码对应的刻度值知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度【解答】解：天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，若发现指针偏向分度盘的左侧，说明天平的左端下沉，此时应将平衡螺母向右调节小石块的质量：m=20g+20g+5g+1g=46g，石块的V=40ml20ml=20ml=20cm3，小石块的密度：=2.3g/cm3=2.3103kg/m3故答案为：零刻线；右；46；2.3103【点评】本题的解题关键是准确对天平与量筒进行读数，然后代入密度公式进行计算，测固体的密度初中物理要求较高，因此读数、称量基本问题一定要掌握扎实15如图是练习使用测电笔的两种情形，图甲所示方法是正确的，若电路中插座完好且接线正确，按正确方式使用测电笔，将笔尖插入插座的右侧插孔，氖管会发光若按图中错误方式操作，易造成单线触电（选填“单线触电”或“双线触电”）【考点】测电笔的使用【分析】（1）测电笔是用来辨别零线和火线的工具，在使用时手要接触笔尾的金属体，但不能接触笔尖的金属体；（2）使用测电笔时，应用手接触笔尾金属体，笔尖接触电线，若氖管发光，表明测电笔和人体加在火线和大地之间，测电笔接触的是火线；插座的接法：左零右火；（3）低压触电分为：单线触电和双线触电【解答】解：（1）测电笔的使用方法：使用测电笔时，手要接触测电笔尾部的金属体，故甲图正确；（2）笔尖接触电线，氖管发光表明接触的是火线，不发光是零线插座的接法“左零右火”，因此将笔尖插入插座右孔的火线时氖管发光；（3）单线触电是站在地上，直接或间接接触火线，造成的触电，因此按乙图中操作，当手接触了笔尖的金属体，再去接触火线，易造成单线触电故答案为：甲；右；单线触电【点评】本题考查了测电笔使用方法、插座的接法、触电的类型，属于基础题，学生易于掌握16质量为10kg、温度为20的水，吸收1.26106J的热量后，温度升高到50，若这些热量是由酒精完全燃烧提供的，至少需要42g酒精c水=4.2103J/（kg），q酒精=3107J/kg【考点】热量的计算；燃料的热值【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水吸收的热量、水的初温，利用吸热公式Q吸=cm（tt0）求水的末温（2）由题知，Q放=Q吸，利用公式Q放=qm变形求解所需酒精的质量【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=cmt=cm（tt0）即：1.26106J=4.2103J/（kg）10kg（t20）解得：t=50（2）由题知，Q放=Q吸=1.26106J，由Q放=mq得需要酒精的质量：m=0.042kg=42g故答案为：50；42【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cmt和燃料燃料完全燃烧放热公式Q放=mq的掌握和运用，计算时注意温度升高了（t）与升高到（末温）的区别17汽车刹车的过程，伴随着能量从机械能转化为内能，内能散失到空气中，此过程能量的总和不变（选填“增大”、“不变”或“缩小”）散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动骑车，这是因为能量的转移和转化具有方向性【考点】能量的转化与转移的方向性【分析】能量转化和转移是有方向性的，并且能量在转化或转移的过程中总量保持不变【解答】解：据能量的守恒定律可知，汽车刹车的过程，伴随着能量从机械能转化为内能，内能散失到空气中，此过程能量的总和是不变的；散失到空气中的内能无法自动转化为机械能再用来驱动骑车，这是因为能量的转移和转化具有方向性故答案为：不变；方向【点评】各种能量形式互相转换是有方向和条件限制的，能量互相转换时其量值不变，表明能量是不能被创造或消灭的18木块在10N水平向右拉力F的作用下，沿粗糙水平面做匀速直线运动，该木块受到的摩擦力为10N，将水平拉力F增大到20N，该木块受到的摩擦力为10N撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有惯性，最终木块停了下来，说明了力是改变物体运动状态的原因【考点】摩擦力的大小；力的作用效果【分析】（1）掌握二力平衡条件，知道一对平衡力的大小相等、方向相反、作用在同一直线上；（2）掌握影响摩擦力大小的因素：压力和接触面的粗糙程度；（3）惯性是物体保持原来运动状态的性质；（4）力不是使物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因【解答】解：当水平拉力为10N时，木块恰好做匀速运动，所以此时摩擦力与拉力是一对平衡力，大小等于10N，当水平拉力增大到20N时，木块对地面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以摩擦力不变，仍为10N；撤去拉力，木块继续向右运动，这是由于木块具有惯性；木块在撤去拉力后，木块只受到地面的阻力，木块越滑越慢，最终木块停了下来，说明阻力改变了木块的运动状态故答案为：10；10；具有惯性；运动状态【点评】此题考查了二力平衡条件的应用、影响摩擦力的因素、惯性以及力的作用效果，是一道综合性性题目19小明用细线系住重为5N的物体，使其一半体积浸入盛满水的溢水杯中，物体排开的水重为2N，此时物体所受的浮力为2N，将物体浸没在水中，此时物体所受的浮力为4N，物体排开的水的体积为4104m3，松手后，物体将下沉（选填“上浮”、“悬浮”或“下沉”）（g取10N/kg）【考点】浮力大小的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用【分析】根据阿基米德原理可求物体一半体积浸入盛满水的溢水杯中时受到水的浮力，进而可求物体全部浸没再水中时受到的浮力，然后根据F浮=水gV排计算物体排开水的体积，比较物体重力和浮力大小，根据物体浮沉条件判断松手后，物体在水中的状态【解答】解：根据阿基米德原理可知，物体一半体积浸入盛满水的溢水杯中时受到水的浮力：F浮=G排=2N，将物体浸没在水中，由于物体排开水的体积是原来的2倍，所以，此时物体所受的浮力为：F浮=2F浮=22N=4N，根据F浮=水gV排可得排开水的体积：V排=4104m3；因为F浮G，所以，松手后，物体将下沉故答案为：2；4；4104；下沉【点评】此题考查浮力的大小计算、阿基米德原理、物体浮沉条件及其应用，题目难度适中，适合学生训练，属于中档题20在如图所示电路中，定值电阻R0的阻值为20，电动机线圈电阻为2，闭合开关，电流表A1、A2的示数分别为0.8A，0.3A，则该电路电源电压为6V.1min内电路消耗的电能为288J，1min内电流通过电动机产生的热量为30J【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】由电路图可知，定值电阻R0与电动机M并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R0支路的电流（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压，根据W=UIt求出1min内电路消耗的电能；（2）根据并联电路的电流特点求出通过电动机的电流，根据Q=I2R求出1min内电流通过电动机产生的热量【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与电动机M并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R0支路的电流