2009年湖南省株洲市中考物理试卷（教师版）.doc

2009年湖南省株洲市中考物理试卷（教师版）一、选择题（共18小题，每小题2分，满分36分）1（2分）新生婴儿的身高最接近（）A5nmB5cmC5dmD5m【考点】63：长度的估测菁优网版权所有【分析】本题主要考查对长度的估测能力。【解答】解：5cm或5nm的长度过小，不可能是婴儿的身高，所以选项A、B不符合实际情况。5m的身高又过大，不可能是婴儿的身高，所以选项D不符合实际情况。故选：C。【点评】本题的解题关键是了解5dm的长度概念和新生婴儿的实际情况。2（2分）诗句“不疑行船动，唯看远树来”中“远树来”所选择的参照物是（）A行船B远树C河岸D山峰【考点】52：参照物及其选择菁优网版权所有【分析】由题意可知，本题研究的是树的运动状态，“远树来”说明树处于相对运动状态，那么它与所选参照物之间的位置应该发生了变化。【解答】解：以行船为参照物，行船处于相对静止状态，远处的树和行船之间的位置不断发生变化，树是运动的，所以会感到“远树来”。故选：A。【点评】此题中“不疑行船动”和“唯看远树来”两句研究的对象不同，所选的参照物也不相同，应注意区分，这样才能正确理解和掌握参照物的选择和物体运动状态的辨别之间的关系。3（2分）我市规划在攸县建造一座火力发电厂，以充分利用当地丰富的煤炭资源。火力发电所需要的煤不是（）A化石能源B一次能源C可再生能源D不可再生能源【考点】K2：能源的分类菁优网版权所有【分析】要解答本题需掌握：煤不能在短时间内形成，是不可再生能源。【解答】解：按照不同的分类标准对能源进行划分，能源的划分的类别不同。煤属于化石能源，不能在短时间内形成，是不可再生能源，开采出的煤可直接利用，不需二次加工，是一次能源。故A、B、D不符合题意。故选：C。【点评】本题主要考查学生对：能源划分种类的了解和掌握，是一道基础题。4（2分）如图中标出了制成铅笔的几种材料，通常条件下属于导体的是（）A木材、橡皮B橡皮、金属C石墨、金属D木材、石墨【考点】HJ：导体；HK：绝缘体菁优网版权所有【分析】根据导电性的不同，材料可分为导体，半导体，绝缘体三大类，容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体。【解答】解：木材，橡皮是绝缘体；石墨、金属是导体。故选：C。【点评】本题考查了导体和绝缘体的概念。对于常见的导体和绝缘体可以联系它们在日常生活和工业生产中的应用来记忆，不要死记硬背。如塑料，橡胶，陶瓷等常用来制作用电器的外壳，以防止触电，它们都是绝缘体；而电线芯用金属来做，因为金属容易导电，是导体。5（2分）把萝卜腌成咸菜通常需要几天，而把萝卜炒熟，使之具有相同的咸味，仅需几分钟。造成这种差别的主要原因是（）A萝卜分子间存在空隙，易扩散B盐分子与萝卜分子间存在相互作用的引力C炒菜时萝卜是运动的，盐分子更容易进入萝卜中D炒菜时温度高，分子热运动更激烈【考点】54：分子的热运动菁优网版权所有【分析】需要根据分子热运动与温度有关，温度越高，分子的热运动越剧烈进行解答。【解答】解：A、萝卜分子间存在空隙，与分子的运动速度无关，不影响扩散的快慢，不符合题意；B、盐分子与萝卜分子间存在相互作用的引力，与分子的运动速度无关，不影响扩散的快慢，不符合题意；C、萝卜的运动不是分子的运动，与分子的运动速度无关，不影响扩散的快慢，不符合题意；D、分子热运动加快，炒菜时，温度升高，盐分子的动能增大，分子热运动就加快了，符合题意；故选：D。【点评】考查了扩散现象以及分子热运动与温度的关系的知识点。6（2分）市面上出售一种装有太阳能电扇的帽子，如图所示，在阳光的照射下，小电扇快速转动，能给炎热的夏季带来一丝凉意。该装置的能量转化情况是（）A机械能太阳能电能B太阳能机械能电能C电能太阳能机械能D太阳能电能机械能【考点】KA：太阳能的转化菁优网版权所有【分析】太阳能电池板将太阳能转化为电能，小电扇将电能转化为的机械能。【解答】解：帽子上的太阳能电池板将太阳能转化为电能，供小电扇工作。小电扇工作时消耗电能，将电能转化为扇叶的机械能。故选：D。【点评】本题考查学生对能量转化的掌握情况，需要根据具体实例依次进行分析。7（2分）小沈阳在2009年春晚小品“不差钱”中模仿歌手刀郎的声音，观众感觉很像。从物理学角度看，小沈阳主要是模仿了刀郎歌声的（）A音速B音调C响度D音色【考点】9H：音色菁优网版权所有【分析】要解答本题需掌握：物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调，音色反映了声音的品质与特色。【解答】解：我们辨别声音是根据音色；模仿声音主要是模仿音色，只有音色一样，才感觉相同。故ABC错误故选：D。【点评】解决此类问题要会根据响度、音色和音调的定义区分乐音特征的三个因素。8（2分）排球比赛中，一方扣球时，另一方需拦网。从物理学的角度看，拦网的主要目的是（）A改变排球运动的方向B改变排球运动的快慢C改变排球运动的动能D改变排球的重力势能【考点】6F：力的作用效果菁优网版权所有【分析】排球比赛中，大力扣球是为了增加球速，托球、拦网是为了改变球的运动方向。所谓拦网就是将对方打来的球又给它拦回去。【解答】解：改变排球运动方向是拦网的主要目的，以防止球过来，进入本方场地。B、C、D都不是拦网的主要目的。故选：A。【点评】根据体育比赛的实际情况，分析拦网这个技术特点的主要目的。物理学无处不在。9（2分）在“五岳”之一泰山上，历史上曾多次出现“佛光”奇景。据目击者说：“佛光”是一个巨大的五彩缤纷的光环，与常见的彩虹色彩完全一样。“佛光”形成的主要原因是（）A直线传播B光的色散C光的反射D小孔成像【考点】AP：光的色散菁优网版权所有【分析】太阳光是由七种颜色的光复合而成，经过色散现象后，可以看到多种颜色的光。【解答】解：看到五彩缤纷的光环，说明发生了光的色散现象，与其他选项无关。故选：B。【点评】本题考查学生对色散具体现象的分析能力。10（2分）与下图所示实验电路相对应的电路图是选项中的（）ABCD【考点】HQ：根据实物图画电路图菁优网版权所有【分析】从实物图可以判断出是并联电路，且S2控制L2，S1控制整个电路，故可以选择出正确的答案。【解答】解：因为电路是并联的，故B选项不正确，又因为S2控制L2，S1控制整个电路，所以，A C不正确。故选：D。【点评】会判断出串并联电路，会根据实物图判断正确的电路图，注意电流从正极流出，最后回到负极。11（2分）体重为490N的某同学用双手握住竖直的木杆匀速上攀，他所受的摩擦力（）A等于490N，方向竖直向下B等于490N，方向竖直向上C大于490N，方向竖直向下D小于490N，方向竖直向下【考点】6T：二力平衡条件的应用菁优网版权所有【分析】（1）由于该同学匀速上攀，那么在竖直方向受到平衡力的作用：重力和摩擦力是一对平衡力。（2）根据二力平衡的条件进行判断即可。【解答】解：由题意知：该同学沿竖直的木杆匀速上攀，那么他在竖直方向上受到一对平衡力的作用：重力和摩擦力；由二力平衡的条件知：他所受的重力和摩擦力，大小相等，方向相反，且在同一条直线上；因此，他受到的摩擦力fG490N，方向竖直向上；故选：B。【点评】（1）静止的物体或匀速直线运动的物体受平衡力的作用。（2）二力平衡的条件包括四方面：同物、同线、等值、反向12（2分）在家庭电路中，导线相互连接处往往比别处更容易发热，老化更快。这是因为（）A连接处的电流较大B连接处的电流较小C连接处的电阻较大D连接处的电阻较小【考点】JH：焦耳定律；JJ：焦耳定律在实际中的应用菁优网版权所有【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、电阻大小和通电时间成正比。导线连接处与其他导线串联在电路中，通电时间是相同的，而导线连接处电阻比较大，由焦耳定律可知电阻大的产生的热量越多，据此分析。【解答】解：在家庭电路中，导线相互连接处因接触面积变小，再加上接触不良，该处的电阻较大，导线连接处与导线串联在电路中，通过的电流相等、通电时间相等，QI2Rt，连接处产生的热量较多，往往比别处更容易发热，甚至引起火灾。由上述可知选项A、B、D都不正确。故选：C。【点评】本题主要考查对焦耳定律及应用的了解和掌握，知道导线和导线的连接处为串联（电流相等）是本题的关键。13（2分）在烟盒内取一片包装纸，用火烧去纸皮，便得到一片铝箔，将它做成中空的碗状，可以漂浮在盛有水的塑料桶中。如果将这片铝箔揉成团，它会沉入水底。那么（）A铝箔漂浮时受到的重力比它沉底时受到的重力小B铝箔漂浮时受到的浮力比它沉底时受到的浮力大C铝箔沉底时受到的浮力等于它的重力D铝箔沉底时排开水的体积与它漂浮时排开水的体积相等【考点】8O：阿基米德原理的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用菁优网版权所有【分析】铝箔无论做成碗状还是还是揉成团，受到的地球的吸引力不变，当它漂浮在水面上时，受到的浮力等于自重；当沉到水底时它受到的浮力小于自重；可见漂浮时受到的浮力大于下沉到水底时受到的浮力，根据阿基米德原理F浮水v排g知道铝箔漂浮时排开水的体积大于沉底时排开水的体积。【解答】解：铝箔漂浮和沉底时受到的重力（Gmg）不变，故A错；铝箔漂浮时受到的浮力F浮G，沉底时受到的浮力F浮G，F浮F浮，即：铝箔漂浮时受到的浮力比它沉底时受到的浮力大，故B正确；又F浮水v排g，排开水的体积：v排v排，即：铝箔漂浮时排开水的体积大于沉底时排开水的体积，故D错；铝箔沉底时受到的浮力F浮G，故C错；故选：B。【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，将二者联合使用，是解决浮力问题的关键。14（2分）烛焰通过凸透镜在光屏上成一放大的像，如果在凸透镜上沾一个小黑点，则光屏上（）A没有黑点的像B一片漆黑C有一个放大的黑点像D有一个缩小的黑点像【考点】B8：凸透镜成像的应用菁优网版权所有【分析】要解决此题，需要知道当物距小于焦距时，不能够在光屏上成像。若凸透镜被遮住一部分，只能影响成像的亮暗程度。【解答】解：黑点只是影响到透光的多少，进而影响的是像的明亮程度；而且在黑点在透镜上，也就是在焦点以内，不会在光屏上成像。选项A最符合题意。故选：A。【点评】此题考查了学生对凸透镜成像现象的理解。要知道凸透镜部分被遮住后，不会影响成像的完整性，只会影响像的亮暗程度。15（2分）你所在考室内的空气质量最接近（空气密度约1.3kg/m3）（）A1.5kgB15kgC150kgD1500kg【考点】2B：密度公式的应用菁优网版权所有【分析】考室的体积大约为120m3，根据公式mV可求空气质量。【解答】解：考室内的空气质量mV1.3kg/m3120m3156kg，最接近150kg。故选：C。【点评】本题考查密度公式的应用，关键是考查对日常生活中常见的物体的估测能力，估测题是中考中的常见题型。16（2分）如图所示为一环境温度监控电路，R1为定值电阻，R2为用半导体材料制成的热敏电阻（电阻随温度的升高而变小）当环境温度升高时，电流表的示数I和电源的功率P的变化情况分别是（）AI变大，P变大BI变小，P变小CI变小，P变大DI变大，P变小【考点】IZ：电路的动态分析菁优网版权所有【分析】要解决此题首先要掌握电功率的基本公式及变形公式。同时还用到了欧姆定律的内容，并且要从题意中找出已知条件。【解答】解：R1与R2串联，由题意知，当环境温度升高时，R2的电阻变小。由公式得：I，电源电压不变，R1不变，R2减小，所以电路中的电流增大。则电源的电功率PUI，电压不变，电流变大，所以电源的电功率变大。故选：A。【点评】此题主要考查了电功率的计算。在判断电功率的大小时，需要选择合适的公式。17（2分）提高机车的额定功率是铁路进一步提速要解决的一个重要课题。机车的输出功率等于牵引力与速度的乘积。若列车所受阻力与速度成正比，那么，列车提速前后分别以最高时速120km和180km在平直轨道上匀速行驶时，机车的输出功率之比为（）A23B32C49D94【考点】6T：二力平衡条件的应用；FF：功率的计算菁优网版权所有【分析】功率的计算公式：P，功的计算式：WFs。当物体做匀速运动时，由v得：svt，所以WFvt，将WFvt代入功率计算公式得：PFv，本题我们就需要用功率公式PFv来分析。【解答】解：由题意知：列车所受阻力与速度成正比，v1：v2120km/h：180km/h2：3，所以f1：f22；3，由于列车匀速行驶，则列车的牵引力F等于汽车所受的阻力f，那么P1：P2F1v1：F2v2（22）：（33）4：9。故选：C。【点评】本题涉及三个知识：功率的计算，速度公式的应用，二力平衡条件的应用。物理中的一些推导公式往往在计算题中能起到简便的作用，但要注意推导公式的适用范围。18（2分）如图甲所示，长1.6m、粗细均匀的金属杆可以绕O点在竖直平面内自由转动，一拉力位移传感器竖直作用在杆上，并能使杆始终保持水平平衡。该传感器显示其拉力F与作用点到O点距离x的变化关系如图乙所示。据图可知金属杆重（）A5NB10NC20ND40N【考点】7N：杠杆的平衡条件菁优网版权所有【分析】金属杆已知长度，且质地均匀，其重心在中点上，将图示拉力F与作用点到O点距离x的变化关系图赋一数值，代入杠杆平衡条件求出金属杆重力。【解答】解：金属杆重心在中心上，力臂为L10.8m，取图象上的一点F20N，L20.4m，根据杠杆的平衡条件：动力动力臂阻力阻力臂GL1FL2G0.8m20N0.4m解得：G10N故选：B。【点评】学会看图象是学物理的基本要求，像速度时间图象、路程时间图象等，要先看纵坐标轴、横坐标轴各表示什么，再顺着图象看懂表示的物理过程。二、填空题（共10小题，每小题2分，满分20分）19（2分）用水壶烧开水，水烧开时，在离壶嘴一定高度处冒出大量“白气”，而在壶嘴处却没有“白气”冒出。这是由于这一高度处空气的温度与壶嘴处的温度相比，明显低于（填“高于”或“低于”）水蒸气的温度，这样，来自壶内的水蒸气遇冷就液化（填物态变化的名称）成小水珠就是我们所看到的“白气”。【考点】1M：液化及液化现象菁优网版权所有【分析】沸腾是一种剧烈的汽化现象；水蒸气变为水的过程是液化，液化的条件是遇冷或温度降低。【解答】解：沸腾是一种剧烈的汽化现象，水烧开时，壶嘴就会喷出大量的温度较高的水蒸气，水蒸气上升，遇到温度较低的空气就会液化，形成“白气”。故答案为：低于；液化。【点评】此题考查了生活中常见的物态变化现象，是一道理论联系实际的题目，是一道好题。20（2分）使用托盘天平测质量前，应先将游码调到标尺的零（或0）刻度处，再调平衡。测量中，天平调平衡后砝码的示数以及游码的位置如图所示，则被测物体的质量为161.4g。【考点】26：天平的使用菁优网版权所有【分析】正确使用天平：（1）把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度，（2）调节天平的横梁平衡，（3）左物右码称量物体质量，物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和，（4）整理器材。【解答】解：（1）正确使用天平首先把天平放在水平台上，把游码拨到零刻度。然后调节天平的横梁平衡。（2）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值。每一个大格是1g，每一个小格是0.2g，所以物体的质100g+50g+10g+1.4g161.4g。故答案为：零；161.4g【点评】天平的正确使用可以概括为：放、调、称、算、整。21（2分）足球比赛罚点球时，点球位置距球门9.15m，球速可达到108km/h，则点球飞到球门需要约0.3s守门员扑点球时，我们往往看到球向球门左边飞去而守门员却扑向右边，这说明足球到达球门的时间要小于（填“大于”或“小于”）人的反应时间。【考点】2S：物理量的单位及单位换算；69：速度公式及其应用菁优网版权所有【分析】利用公式可求到达的时间，判断失误说明人的反应时间要比球到达的时间大。【解答】解：速度V108km/h30m/s，点球飞到球门需要，守门员判断失误证明人的反应慢。故答案为：0.3；小于。【点评】本题考查速度公式的应用，关键是单位的换算和人的反应时间于点球到达时间的比较。22（2分）一冰块中有一小石头，冰和石头的总重1.5N将这块冰放在盛有水的小塑料桶中恰好悬浮于水中，此时冰块所受的浮力为1.5N随着冰的熔化，你可以观察到哪些物理现象？请你写出其中的一个：水面下降。【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用菁优网版权所有【分析】（1）根据物体的悬浮条件（F浮G）计算冰块受到的浮力；（2）因为冰的密度小于水的密度，质量相同，据知道，当冰熔化时体积变小，液面将下降；因为石块的密度大于水的密度，冰熔化后石块将下沉，据此判断冰块将下沉。【解答】解：（1）冰块在水中悬浮，冰块受到的浮力：F浮G1.5N；（2），冰水，当冰熔化成水时，体积变小，排开水的体积变小，使塑料桶内的水面下降。故答案为：1.5，水面下降。【点评】本题考查了悬浮条件，涉及到密度知识的运用，利用好冰熔化成水体积变小是关键。23（2分）在靠近塑料瓶底部的侧壁上开一个小圆孔，用胶带封住小孔，接着拧开瓶盖，往瓶中加入水，然后撕去胶带，水便从小孔射出，如图所示。随着瓶内水面的不断下降，可以观察到的现象是水的射程变小；这个实验表明水深减小，压强减小。【考点】88：液体的压强的特点菁优网版权所有【分析】随着瓶内水面的不断下降，水深减小，由pgh可知小圆孔处受到水的压强减小，水射的越来越近。【解答】解：观察到的现象是水射的越来越近，水的射程变小，原因：当水流出，水面下降，h减小，pgh，小圆孔处受到水的压强减小。故答案为：水的射程变小；水深减小，压强减小。【点评】本题考查了液体压强的特点（液体压强与深度的关系），知道压强小射的近是突破口。24（2分）用水银温度计测量液体的温度，在温度计示数上升的过程中，水银的质量不变，密度减小。（填“增大”、“减小”或“不变”）【考点】22：质量及其特性；28：密度及其特性菁优网版权所有【分析】由质量的概念可知质量与物体的温度无关；密度是单位体积的质量，而物体的体积会由于温度发生变化，所以密度与温度有关。【解答】解：温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的。在温度计示数上升的过程中，水银的体积在变大。 质量是物体内所含物质的多少，由此可知，质量与物体的温度和体积无关，所以水银的质量不变。 密度是单位体积某种物质的质量。虽然水银的质量不变，但由于水银的体积变大了，所以水银的密度减小了。故答案为：不变，减小。【点评】本题考查了学生对质量和密度概念以及特性的了解，注意密度是与物质的温度有关的。25（2分）在如图甲所示的覆杯实验中，水杯高10cm，则水对纸片的压强为1.0103Pa为验证纸片不掉下的原因是“大气把纸片托住了”，将覆杯用支架支撑后放入真空罩内，然后用真空泵抽气，如图乙所示。随着真空泵不断往外抽气，原先预计可以看到纸片会掉下来的现象却没有发生。你认为实验没有达到预期效果的原因最有可能是真空罩内气压没有降到足够低（或真空罩的密封性较差）。（取g10N/kg）【考点】89：液体的压强的计算；8J：大气压的综合应用菁优网版权所有【分析】本题因告诉了水杯高度，所以很容易求得压强；第二问由纸片上下压强关系即可以分析。【解答】解：h10cm0.1m，压强Pgh1.0103kg/m310N/Kg0.1m1.0103pa，要使纸片掉下，应让玻璃罩内压强小于1.0103pa，真空度比较高，实验不成功的原因就应该是罩内气压达不到要求，不够低。故答案为：1.0103pa，玻璃罩内气压没有降到足够低。【点评】本题第一空考查压强的计算方法，难度不大；第二空只要会分析纸片所受压强对运动状态的影响即可。26（2分）在炎热的夏天中午，取两只相同的茶杯，盛入等量清水，将A杯盖上杯盖，B杯敞开，如图所示。将它们放在通风良好的室内桌上，经过两个小时，B杯中的水温较低，这是由于这杯水汽化（填物态变化的名称）更快所致。【考点】1L：影响蒸发快慢的因素菁优网版权所有【分析】蒸发是一种在任何温度下都可以进行的汽化现象，汽化要吸热；加快蒸发的办法有：升高液体的温度；增大液体的上表面积；加快液体上表面的空气流动速度。【解答】解：敞开的杯子B上方的空气流动速度大，蒸发就快，而蒸发属于汽化现象，需要吸热。故答案为：B； 汽化。【点评】此题考查了影响蒸发快慢的因素和蒸发制冷的应用。27（2分）下面左图是照相机镜头成像原理示意图。在图中所标的a、b、c三点中，点a表示凸透镜的焦点。吴力在家里的阳台上用数码相机（焦距可调）拍摄下了株洲天元大桥美丽的夜景，如图甲、乙所示。结合下图分析可知，拍摄照片乙时，镜头焦距调的较大。【考点】B3：主光轴、光心、焦点和焦距；B8：凸透镜成像的应用菁优网版权所有【分析】要解答本题需掌握：照相机的原理是利用物体到凸透镜的距离大于2倍焦距的时候，成倒立缩小的实像的原理，且物距相同的时候，焦距越大所成的像就越大。【解答】解：因为焦点在凸透镜的主光轴上，且平行于主光轴的光线经过凸透镜后会聚过焦点，所以a点是焦点。由题干中的照片可知：乙照片图象大，所以照乙照片的时候焦距大。因为物距相同的时候，焦距越大所成的像就越大。故答案为：a，乙。【点评】本题主要考查了学生对凸透镜成像特点的了解和掌握，是中考的热点。28（2分）晴天的正午时分，走在株洲长江北路茂密的樟树林下，你会看到阳光透过树叶的缝隙而在地上留下许多大小不同的圆形光斑，这是光的直线传播（或小孔成像）现象，光斑大小不同的原因是缝隙（或小孔）高度不同。【考点】A3：光直线传播的应用菁优网版权所有【分析】用一个带有小孔的板挡在屏幕与物体之间，屏幕上就会形成物体的倒立的实像，我们把这样的现象叫小孔成像，这个现象反映了光沿直线传播的性质。我们用手电筒照射到墙上，会有一个光斑，如果手电筒离墙越远，则光斑会越大。【解答】解：树叶的缝隙其实就是一个个小孔，圆形光斑就是太阳的像。地面上的圆形光斑就是由于树叶之间形成许多小孔，由于光的直线传播形成的太阳的像。当缝隙离地面越高，所成的像就会越大。故答案为 直线传播（或小孔成像），缝隙（或小孔）高度不同。【点评】本题考查了光直线传播的应用，光的直线传播所形成的现象，在生活中随处可见，要学会用物理知识解释生活中的现象。三、解答题（共4小题，满分44分）29（8分）学校新近买了30套总质量为300kg的物理实验器材，每套一箱。现在，某实验员需要把这批实验器材搬运到14m高的物理实验室。（1）该实验员需要做多少功？（不考虑他克服自身重力所做的功，取g10N/kg）（2）假设他身体可以提供的功率P如图那样取决于所搬运物体的质量m。若要尽可能快地把这批器材搬上去，那么他每次搬运的箱子数应为3个。（3）不考虑搬起箱子、放下箱子和下楼的时间，求他搬运这批实验器材的最短时间。【考点】EC：功的计算；FF：功率的计算菁优网版权所有【分析】1、已知物体总质量和被升高的高度，可求克服重力做的功，2、已知总质量，可求出一箱的质量，由图可看出功率最大时所搬运的物体质量，从而可求他每次搬运的箱子数。3、已求出做的功，要求搬运时间最短，身体所提供的功率应最大，由图可知，从而算出最短时间。【解答】解：（1）Wmgh300kg10N/kg14m4.2104J。答：该实验员需要做功4.2104J。（2）由图得功率最大时，搬运的物体质量为30kg，一箱质量3003010Kg，所以一次搬运3箱。答：他每次搬运的箱子数应为3个。（3）要求搬运时间最短，身体所提供的功率应最大，即P70W。根据P得t600s10min。答：他搬运这批实验器材的最短时间为10min。【点评】本题考查功的计算和功率的计算。30（10分）医学上对病人进行脑部手术时，需要将体温降到合适的温度。准备手术之前，病人的心肺功能开始由心肺机取代。（1）心肺机的功能之一是用“电动泵”替代心脏，推动血液循环。如图所示，将线圈ab缠绕并固定在活塞一端，利用与固定磁铁之间的相对运动，带动电动泵中的活塞，抽送血液。图中阀门K1只能向外自由开启，反向则封闭管路；阀门K2只能向内自由开启，反向则封闭管路。当电动泵工作时，血液从阀门K2抽进，从阀门K1送出。当线圈中的电流从a流向b时，线圈的左端为N或北极，活塞处于送血状态（填“抽血”或“送血”）。在抽送血液的过程中，电动泵将电能转化为 机械能。（2）心肺机的另一个功能是用“热交换器”进行热量交换，通过血液循环调节体温。经监测，病人体温由17上升至正常体温37历时1小时。在这段时间内，假设人体所需热量完全由热交换器所提供，试求热交换器消耗的功率。设病人质量为75kg，人体组织的比热容与水相当，为c4.2103J/（kg）。【考点】CB：安培定则及其应用；EI：能量转化的现象；FF：功率的计算；GG：热量的计算菁优网版权所有【分析】（1）由题意可知K1只能向外开，K2只能向里开，故可知血的流动方向只能是K2进，K1出；由右手螺旋定则可知电磁铁的磁极，由磁极间的相互作用可知活塞的移动方向，则可知血液的流动方向；电动泵消耗电能转化为血液的机械能；（2）由比热公式可求得人需要的能量，由功率公式可求得功率。【解答】解：（1）因阀门K1只能向外自由开启，反向则封闭管路；阀门K2只能向内自由开启，反向则封闭管路。故血只能由K2流入从K1送出由右手螺旋定则可知，螺线管左端为N极，此时同名磁极相对，故活塞右移，K2关闭，K1打开，处于送血状态；在抽血和送血过程中，电机消耗了电能，增加了机械能；（2）在时间t1h3600s内，热交换器提供的热量为Qcm（t2t1）4.2103J/（kg）75kg（3717）6.3106J热交换器消耗的功率1750W；答：（1）K2，K1；N（北），送血；电，机械；（2）热交换器功率为1750W。【点评】本题为物理知识在生产生活中的应用题，题目中给出了必要的信息，应注意提取有用信息并结合相关物理知识求解。31（10分）流量表示单位时间内通过某一横截面的流体的体积，用字母Q表示。流量在生产和生活中有广泛的应用，如每到汛期，监测湘江的流量是抗洪防汛的重要工作。（1）如图所示，水流在粗细均匀的水平管道内向右匀速流动，设水流速度为v，管内通道的横截面积为S取一段管道AB，水从B端流到A端所用时间为t，则AB间水柱的长度lvt，体积VSvt（要求用S、v、t表示）根据流量的定义QV/t可得QvS，它表示流量等于流速与横截面积的乘积。（2）打开水龙头，自来水通过导管流过如图所示的玻璃管。待水流稳定后，比较图中1、2两处的流速，2处的流速较大；比较C、D玻璃管中的水面高度，C管中的水面较高。（3）打开水龙头后，只要水流不散开，就可以观察到水柱越来越细，如图所示。请你指出产生这种现象的原因：根据公式QvS可知：在流量Q不变时，水流越往下流速v越大，水流的横截面积S越小，因此水柱越细。（提示：流量不变）（4）利用流量Qv S，请你设计一个测量水龙头出水速度的实验方案。要求：列出主要的操作步骤；说明需要测量的物理量；写出出水速度的表达式。【考点】8M：流体压强与流速关系的探究实验菁优网版权所有【分析】（1）水柱的长度要用水的流速乘以时间计算，水的体积可用横截面积乘以水柱长度计算；（2）流量等于流速与横截面积的乘积，1、2两处流量相等，但是2处横截面积小，所以流速大，然后用流体压强与流速关系来判断C、D两处液柱高低；（3）在流量不变时，根据流速与横截面积的关系可解释此题。【解答】解：（1）AB间水柱的长度可用水的流速乘以时间计算，即Lvt，水的体积可用横截面积S乘以水柱长度计算vt，即VSvt；（2）在1、2两处流量相等时，根据公式Qvs可知：2处横截面积s小，水的流速v就大，由于流速大的位置压强小，所以D处压强小水面低，C处压强大水面高。（3）水往下流时，重力势能转化为动能，速度变大，而流量保持不变，根据QvS可知，水柱的横截面积将减小。因此，水柱越来越细。（4）测出水龙头出水口的内径d；打开水龙头，用容器接水并同时开始计时，测出经过一段时间t后容器内水的质量m（或体积V）；根据及QvS得出水速度（或）。故答案为：（1）vt、Svt（2）2、C（3）根据公式QvS可知：在流量Q不变时，水流越往下流速v越大，水流的横截面积S越小，因此水柱越细。（4）测出水龙头出水口的内径d；打开水龙头，用容器接水并同时开始计时，测出经过一段时间t后容器内水的质量m（或体积V）；根据及QvS得出水速度（或）。【点评】这是一道综合题目，考查了路程计算、体积计算以及流体压强和流速的关系，并且训练了我们的发散思维。32（16分）在物理学中，磁感应强度（用字母B表示，国际单位是特斯拉，符号是T）表示磁场的强弱，磁感应强度B越大，磁场越强；磁感线形象、直观描述磁场，磁感线越密，磁场越强。（1）图A为某磁极附近磁感线的方向和分布的示意图。由图可知，该磁极为N（北）极，若在1处放置一个小磁针，当小磁针静止时，其指向应是图B中的甲。（2）如果电阻的大小随磁场的强弱变化而变化，则这种电阻叫磁敏电阻。某磁敏电阻R的阻值随磁感应强度B变化的图象如图C所示。根据图线可知，磁敏电阻的阻值随磁感应强度B的增大而增大。图线没有过坐标原点，是因为放入磁场前磁敏电阻的阻值不为零。（3）利用该磁敏电阻的RB特性曲线可以测量图中磁场中各处的磁感应强度。将该磁敏电阻R放置在磁场中的位置1处。吴力设计了一个可以测量该磁敏电阻R的电路，所提供的实验器材如图D所示，其中磁敏电阻所处的磁场未画出。请你将该实验电路连接完整。1 2 3 U/V 1.50 3.00 4.50 I/mA 3.006.00 9.00正确接线后，测得的数据如表所示。该磁敏电阻的测量值为500。根据该磁敏电阻的RB特性曲线可知，1处的磁感应强度为1.0T。在实验过程中，仅将磁敏电阻从1处移至2处，其它条件不变，那么电流表的示数增大，电压表的示数减小。（填“增大”、“减小”或“不变”）（4）就现有的实验器材和电路，请提出一个有意义的可供探究的物理问题：磁敏电阻的阻值与磁场方向有关吗？。（5）在上述电路中，将该磁敏电阻从待测磁场中移出，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电流表的示数为10.0mA时，求滑动变阻器接入电路的阻值。设电源电压为5.50V。【考点】C6：磁场；IH：欧姆定律的应用菁优网版权所有【分析】（1）由磁感线的方向确定条形磁铁的磁极，由小磁针N极受力确定N极指向；（2）由图象可知随B的变大，电阻逐渐变大，但要注意磁敏电阻在没放入磁场前已经有阻值；（3）由欧姆定律可知电阻的阻值，由这个阻值可以图象出找到对应的坐标点，即可求得对应的磁感应强度；由位置的变化可得出电阻的变化，由电路的特点可知电流的变化及电压的变化；（4）可以考虑磁场方向及磁场的分布对磁敏电阻的影响；（5）由图可知没有磁场时的磁敏电阻的阻值，再由欧姆定律及串联电路的特点求得总电阻，两者的差值为滑动变阻器的阻值。【解答】解：（1）由图知磁感线从右端发出，故右端为N极、小磁针N极应指向磁感线的方向，即N极向右，甲符合条件。（2）由图可以看出，磁场增强时，磁敏电阻的阻值增大；没有磁场时，磁敏电阻的阻值也不为零故图象不过原点。（3）让滑动变阻器控制电流，即接法如图由R得：R500由图象中可看出电阻是500时，磁感线强度为1.0T将电阻由1移到2时，磁感线强度变小，磁敏电阻变小，则电路中电流增大，除磁敏电阻外，其他电阻不变，则得其他电阻上的电压增大，电源电压不变，故加在磁敏电阻上的电压减小。增大、减小（4）可以考虑磁场的一些性质：如磁敏电阻的阻值与磁场方向有关吗？（或磁场分布是否具有空间对称性？或磁极受撞击后磁场强弱是否改变？）（5）由图可知，移出磁场时，磁敏电阻为R100根据欧姆定律，电路中总电阻R总解得滑动变阻器的阻值为R滑R总R550100450；故答案为：（1）N（北）、甲（2）增大、放入磁场前，磁敏电阻不为0；（3）接法如上图；500；1.0；增大、减小；（4）磁敏电阻的阻值与磁场方向有关吗？（或磁场分布是否具有空间对称性？或磁极受撞击后磁场强弱是否改变？）（5）滑动变阻器的阻值为450。【点评】本题问题较多，但只要能将其折分为几个小题来处理即可简单化解：如（1）考查的是条形磁铁的磁场分布特点，（2）考查图象的分析，（3）考查电路知识，（5）考查串联电路的特点。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/12/22 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