2019年广西桂林市中考物理试卷（教师版）.doc

2019年广西桂林市中考物理试卷（教师版） 一、单项选择题（每小题3分，共36分用2B铅笔把答题卡上对应题日的答案标号涂黑，每小题选对的得3分，不选、多选或选错的均得0分）请将答案填在答题卡上1（3分）下列物体的质量发生了变化的是（）A一块橡皮被用掉了一半B实心球从空中落到地面C一根直铁丝被弯成弧形D试管中固态的萘熔化成为液态【微点】质量及其特性【思路】物体所含物质的多少叫质量。质量是物体本身的一种属性，与物质的多少有关，与物体的形状、状态、位置和温度无关。【解析】解：A、一块橡皮被用掉了一半，物体所含物质的减少，橡皮的质量会减少，故A符合题意；B、实心球从空中落到地面，位置改变，物体所含物质的多少不变，质量不变，故B不符合题意；C、一根直铁丝被弯成弧形形状发生变化，物体所含物质的多少不变，质量不变，故C不符合题意；D、试管中固态的萘熔化成为液态状态发生变化，物体所含物质的多少不变，质量不变，故D不符合题意。故选：A。【点拨】此题主要考查质量的特点和影响因素，把握住物质多少是否变化是解决此题的关键。2（3分）下列关于声音的说法中正确的是（）A“低声细语”中的“低”是指声音的音调低B引吭高歌”中的“高”是指声音的音调高C声源振动的频率越高，发出声音的音调越高D我们能区别钢琴和吉他这两种乐器发出的声音是因为他们发出声音的响度不同【微点】频率与音调的关系；响度；音色【思路】（1）音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（2）声音的特性有三个：音调、响度、音色，音调是声音的高低，响度是人耳处声音的大小，音色是声音的品质和特色；（3）声音的音调与频率有关。【解析】解：A、“低声细语”中的“低”，是指声音的响度小，故A错误；B、“引吭高歌”中的“高”，是指声音的响度大，故B错误；C、声源的振动频率越高，发出声音的音调越高，故C正确；D、我们能区别钢琴和吉他这两种乐器发出的声音，是因为它们发出声音的音色不同，故D错误。故选：C。【点拨】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，比较简单。3（3分）小敏同学探究了光的反射定律，在她得出的结论中，错误的是（）A反射角等于入射角B反射光线与入射光线分居法线两侧C反射时光路是可逆的D反射光线、法线与入射光线不在同一平面上【微点】光的反射定律的应用【思路】光的反射定律内容是：入射光线、反射光线和法线在同一平面，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角【解析】解：光的反射定律内容中指出：反射角等于入射角，反射光线和入射光线分居法线两侧，入射光线、反射光线和法线在同一平面，故AB正确，D错误；反射时光路是可逆的，故C正确。故选：D。【点拨】本题是探究光的反射定律，要熟记光的反射定律的内容。4（3分）如图所示，物块在光滑斜面上由静止开始下滑，依次经过a、b两个点，不计空气阻力，比较物块在a、b两点的能量，下列说法正确的是（）A物块在a点动能大B物块在b点动能大C物块在b点重力势能大D物块在a、b两点的重力势能一样大【微点】动能和势能的大小变化【思路】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大。（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。【解析】解：物块在光滑斜面上由静止开始下滑（不计空气阻力），在下滑过程中，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能变大；由于a点的位置要高于b点的位置，所以a处的重力势能大于b处的重力势能；物块在下滑过程中动能变大，所以物块在b点动能大，故B正确，ACD错误。故选：B。【点拨】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，属于基础知识。5（3分）“梅西在发任意球时，能使足球由静止绕过人墙钻入球门。”该现象说明（）A力的作用是相互的B力可以改变物体的形状C力可以改变物体的运动状态D以上说法都不对【微点】力的作用效果【思路】注意题中的关键词：“使足球由静止绕过人墙钻入球门。”力的作用效果有两个：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状。【解析】解：力的作用效果有两个：力可以改变物体的运动状态；力可以改变物体的形状；注意题中的关键词：“使足球由静止绕过人墙钻入球门。”A、虽然力的作用是相互的，但是该现象不能说明该结论，故A不正确；B、虽然力可以改变物体的形状，但是该现象不能说明该结论，故B不正确；C、梅西在发任意球时，能使足球由静止绕过人墙钻入球门（足球的运动状态不断变化），该现象说明力可以改变物体的运动状态，故C正确。D、因C选项正确，故D选项不正确。故选：C。【点拨】该题考查力的作用效果，力的相互作用等知识，是一道比较简单的力与运动的题目。6（3分）如图所示，水平地面上放置有相同的小桌子和砝码，地面受到压强最大的是（）ABCD【微点】压强【思路】压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，【解析】解：AB压力相同，受力面积不同，根据p，可知，pApB；CD压力相同，受力面积不同，根据p，可知，pDpC；BC受力面积相同，压力不同，根据p，可知，pCpB；AD受力面积相同，压力不同，根据p，可知，pDpA；由此可知，地面受到压强最大的是D。故选：D。【点拨】压强是表示压力作用效果的物理量，主要考查控制变量法的运用。7（3分）下列说法中错误的是（）A电磁波能在真空中传播B卫星通信利用电磁波传递信息C手机通话利用超声波传递信息D“WIFI”上网利用电磁波传递信息【微点】电磁波的传播与应用【思路】（1）电磁波都可以传递信息，电磁波可以在真空中传播；（2）现代电信网络中卫星通信、微波通信、移动通信都是利用电磁波来实现的。【解析】解：A、电磁波的传播不需要介质，能在真空中传播，故A正确；B、卫星通信是利用电磁波来实现的，故B正确；C、手机就是利用电磁波的发射和接收来实现信息传递的，故C错误；D、手机用“WiFi”上网是利用电磁波来传递信息的，故D正确。故选：C。【点拨】本题考查学生对电磁波的传播和利用的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单。8（3分）下列说法正确的是（）A物质中分子的运动状态跟温度无关B温度越高，分子的无规则运动越剧烈C.温度越低，分子的无规则运动越剧烈D.水很难被压缩说明水分子间没有间隙【微点】分子间的作用力；分子的运动【思路】物质是由分子组成的，分子处于永不停息的运动状态，分子之间存在间隙，分子同时存在相互作用的引力和斥力；温度越高，分子运动越剧烈。【解析】解：（1）物质中分子的运动状态跟温度有关，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，温度越低，分子的无规则运动越缓慢，故AC错误，B正确；（2）水很很难被压缩，说明分子之间存在相互作用的斥力，故D错误。故选：B。【点拨】本题考查学生应用分子的观点来解释一些日常生活中的现象，注意用分子观点解释的现象都是用肉眼看不见的现象。9（3分）为了减少能源的利用对环境的污染和破坏，下列做法不正确的是（）A大力发展风力发电B大力发展火力发电C减少化石燃料的使用D开发使用电能驱动的电动汽车【微点】能源的利用和对环境的危害【思路】减少能源的利用对环境的污染和破坏的基本原则：（1）充分利用资源和能源，采用无毒无害的原料；（2）在无毒无害的条件下进行反应，以减少向环境排放废物；（3）提高能源利用率，力图使原料的能量都被产品所消纳，实现零排放；（4）生产出有利于环境保护、社区安全和人体健康的环境友好产品。【解析】解：A、风能是可再生能源，风力发电清洁、无污染。可以减少能源利用对环境的污染和破坏。故A正确；B、火力发电的原料是煤或天然气等化石能源，属于不可再生能源，同时发电工程会产生大量的二氧化碳和其他有害气体，会加重环境污染。故B不正确；C、化石燃料属于不可再生能源，减少化石燃料的使用，可以减少二氧化碳和其他有害气体的排放，有助于减小环境污染。故C正确；D、电动汽车行驶过程中噪音小，无尾气排放，能够减少对环境的污染和破坏。故D正确。故选：B。【点拨】节能环保、低碳生活理念已成为人们的共识，节能减排的措施和观念是物理考查的热点，要用节能环保理念指导自己的活动，把节能环保的措施运用到生产、生活中去。10（3分）下列事例中通过做功的方式改变物体内能的是（）A用酒精灯加热烧杯中的水B放入热汤中的金属勺子变烫C刀在磨刀石上摩擦后温度升高D冬天人们较喜欢通过晒太阳使身体暖和起来【微点】做功改变物体内能【思路】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。【解析】解：A、用酒精灯加热烧杯中的水，是通过热传递改变物体内能的，故A不符合题意；B、放入热汤中的金属勺子变烫，是通过热传递改变物体内能的，故B不符合题意；C、刀在磨刀石上摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为刀的内能，是通过做功的方式改变物体的内能，故C符合题意；D、冬天人们较喜欢通过晒太阳使身体暖和起来，是通过热传递改变物体内能的，故D不符合题意。故选：C。【点拨】解决此类题目的关键是能根据做功和热传递改变物体内能的区别正确判断改变物体内能的方式。11（3分）如图所示，在探究电磁感应现象的实验中，下列说法中正确的是（）A保持导体棒静止，灵敏电流计指针会偏转B让导体棒在磁场中运动，灵敏电流计指针一定会偏转C让导体棒在磁场中左右运动，灵敏电流计指针一定会偏转D将导线与灵敏电流计“+”接线柱断开，让导体棒在磁场中运动，灵敏电流计指针会偏转【微点】产生感应电流的条件【思路】要想产生感应电流，必须让闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，观察导体是否切割磁感线是判断的关键。【解析】解：A、保持导体棒静止，导体在磁场中没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会偏转，故A错误；B、如果导体在磁场中上下运动，此时导体在磁场中没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会偏转，故B错误；C、让导体棒在磁场中左右运动，导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计指针会偏转，故C正确；D、将导线与灵敏电流计“+”接线柱断开，此时电路是断开的，不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会偏转，故D错误。故选：C。【点拨】明确产生感应电流的条件是闭合电路的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动，是此题判断的关键因素。12（3分）如图所示的电路，电源电压保持不变，小灯泡额定电压为4V（小灯泡电阻不随温度变化）。闭合开关Sl断开开关S2，在滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端的过程中，电压表示数变化范围是：2V6V电流表示数变化范围是：0.4A1.2A；闭合开关S2，断开开关S1，当滑动变阻器的滑片P在中点时小灯泡正常发光，则小灯泡的额定功率是（）A0.4WB0.8WC1.2WD1.6W【微点】欧姆定律的应用；电功率的计算【思路】（1）闭合开关Sl断开开关S2，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压。根据电流表、电压表示数变化范围，利用串联电路特点和欧姆定律，可以得到电源电压、定值电阻阻值和滑动变阻器最大阻值；（2）闭合开关S2，断开开关S1，小灯泡与滑动变阻器串联。当滑动变阻器的滑片P在中点时，可以知道滑动变阻器接入电路电阻，已知电源电压和灯泡额定电压，可以得到滑动变阻器两端电压；已知滑动变阻器两端电压和接入电路阻值，可以得到电路电流，也就是小灯泡正常发光时的电流；已知小灯泡额定电压和正常发光时的电流，利用公式PUI得到灯泡额定功率。【解析】解：（1）由图知，闭合开关Sl断开开关S2，定值电阻和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量定值电阻两端电压。当滑片在a端时，滑动变阻器全部接入电路，此时电路电流最小，为I小0.4A，因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以此时R2两端电压最小，为U2小2V，因为I，所以R25；设电源电压为U，则UI小（R1+R2），即U0.4A（R1+5）；当滑片在b端，滑动变阻器断路，电路只有R2，此时电压表示数最大，也就是电源电压，所以UU最大6V结合，得6V0.4A（R1+5），解得R110；（2）闭合开关S2，断开开关S1，小灯泡与滑动变阻器串联。当滑动变阻器的滑片P在中点时，已知小灯泡正常发光，所以小灯泡两端电压为U额4V，所以滑动变阻器两端电压为U中UU额6V4V2V，滑动变阻器接入电路电阻为R中R1105，此时通过灯泡电流为I额I中0.4A，所以灯泡额定功率为P额U额I额4V0.4A1.6W。故选：D。【点拨】此题考查了串联电路的特点、欧姆定律和电功率计算公式的应用，综合性较强，确定滑动变阻器接入电路阻值大小，是解决此题的关键。二、填空题（每空1分，共16分不要求写出计算过程）请将答案填写在答题卡上13（2分）一块磁体，无论被分割得多么小，总存在南（S）极和北（N）极。【微点】磁性、磁体、磁极【思路】磁体有南北两极，磁极总是成对出现的。【解析】解：磁体有南北两极，磁极总是成对出现的，总存在南（S）极和北（N）极。故答案为：南（S）；北（N）。【点拨】本题主要考查磁体的极性，基础题。14（2分）我国于2019年5月17日在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭，成功发射一颗北斗导航卫星。如图所示，长征三号丙运载火箭升空时，燃料燃烧后通过做功，把内能转化为机械能。【微点】能量的转化【思路】根据对热机工作原理的掌握作答。【解析】解：燃料燃烧时化学能转化为内能，燃料燃烧后通过做功，使火箭升空，将内能转化为机械能。故答案为：内；机械。【点拨】此题考查的是热机内部的能量转化过程，是一道基础题目。15（2分）我国的家庭电路有两根进户线，都是从低压输电线上引下来的。其中一根叫零线，一根叫火线，两根进户线之间有220V的电压。【微点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法【思路】家庭电路一般有火线和零线组成；火线与零线之间有220V的电压；零线与地线之间没有电压。【解析】解：进户线分为零线和火线，火线与零线之间有220V的电压，火线与大地之间也有220V的电压。故答案为：火线；220。【点拨】知道家庭电路的构成是解决该题的关键。16（2分）如图所示，两个形状相同的烧杯，分别盛有质量相等的水和酒精。根据图中液面的高度和液体密度知识，可知A液体是酒精，B液体是水。（水酒精）【微点】密度公式的应用【思路】知道水、酒精的质量相同，又知道密度关系，利用密度公式得出体积大小关系，分别注入完全相同的两个烧杯里，因此密度小的液面高，密度大的液面低。【解析】解：因为，m水m酒精，水酒精，所以V水V酒精，所以A是酒精，B是水。故答案为：酒精；水。【点拨】本题考查了密度公式的应用；关键知道分析该问题采用的是控制变量法。即质量相同、杯子一样、比较密度的大小，得出液体体积大小关系。17（2分）小陆在照镜子时，为了能从镜子中看清自已的脸部。他走近镜子去看，靠近时，他的脸部在平面镜中所成像的大小不变（选填“变大”“变小或“不变”），平面镜所成的像是虚像（选填“实像”成“虚像”）【微点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【思路】平面镜成像为虚像，镜子中像的大小由物体本身袂定，与距离的远近无关【解析】解：小陆在照镜子时，为了能从镜子中看清自已的脸部。镜子中像的大小由物体本身袂定，与距离的远近无关，他走近镜子去看，靠近时，他的脸部在平面镜中所成像的大小不变，平面镜成像为虚像。故答案为：不变；虚像。【点拨】本题要求熟练掌握并灵活运用平面镜成特点，常见题目。18（2分）如图所示，将一重为8N的物块用细线系在弹簧测力计的挂钩上，将它浸没在水中静止，弹簧测力计示数为5N，则物块受到的浮力是3N，浮力的方向是竖直向上。【微点】阿基米德原理的应用；浮力大小的计算【思路】知道物重和将它浸没在水中静止时弹簧测力计的示数，根据F浮GF求出物块受到的浮力，要注意浮力的方向和物体重力的方向相反。【解析】解：物块受到的浮力：F浮G物F拉8N5N3N，浮力的方向是竖直向上。答：3；竖直向上。【点拨】本题考查了称重法求浮力和浮力的方向，是一道较为简单的应用题。19（2分）在探究滑动摩擦力与压力大小关系的实验中，如图1所示，在水平地面上放一物块甲，物块甲上面放一物块乙，在大小为10N的水平拉力F1作用下，甲、乙物块同时以0.3m/s的速度一起作匀速直线运动，物块甲所受地面的摩擦力大小为10N如图2所示，在同一水平地而上，在水平拉力F2的作用下，物块甲以0.1m/s的速度作匀速直线运动，则F2小于F1（选填“大于”等于”或“小于”）【微点】摩擦力的大小；摩擦力大小的影响因素【思路】实验中需验水平方向拉动物块做匀速直线运动，根据二力平衡条件，拉力与摩擦力平衡，大小相等；影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度有关，通过影响因素分析摩擦力的变化。【解析】解：甲、乙物块同时以0.3m/s的速度一起作匀速直线运动，物块甲达到二力平衡，所受地面的摩擦力大小为N，当把乙物体去掉后，甲对地面的压力减轻，故滑动摩擦力减小。故答案为：10；小于。【点拨】本题主要考查了二力平衡条件的应用及影响摩擦力大小的因素，属基础性题目，难度不大。20（2分）如图所示，A、B为两实心圆柱体，A圆柱体的密度为1，且1：水2：1；甲图中A对地压强为pA，B对地压强为pB，且pA：pB3：5；乙图中A对地压强为p1，B对地压强为p2，且p1：p22：3；则GA：GB10：9。现将两圆柱体分别挂在两弹簧测力计上，缓慢地浸入水中如图丙所示，则当两弹簧测力计示数相等时，A、B两圆柱体浸入水中的深度H0.5h。【微点】压强的大小及其计算；阿基米德原理的应用；浮力大小的计算【思路】（1）甲图中A对地的压力和B对地的压力均等于两种的重力之和，根据p求出两圆柱体的底面积之比，根据GFpS求出两实心圆柱体的重力之比；（2）圆柱体对水平地面的压强pgh，据此求出两圆柱体的密度之比，当两弹簧测力计示数相等时，它们受到的浮力相等，把GmgVgShg和F浮水gV排水gSH代入即可求出答案。【解析】解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，甲图中A对地的压力和B对地的压力相等，由p可得，两圆柱体的底面积之比：，由GFpS可得，两实心圆柱体的重力之比：；（2）圆柱体对水平地面的压强：pgh，则两圆柱体的密度之比：，当两弹簧测力计示数相等时，即F浮AF浮B，则有GAF浮AGBF浮B，把GmgVgShg和F浮水gV排水gSH代入可得：1gSAh水gSAH2gSBh水gSBH，整理可得：，即H0.5h。故答案为：10：9； 0.5。【点拨】本题考查了压强公式和称重法求浮力公式、阿基米德原理的应用，关键是利用好圆柱体对水平面的压强公式pgh是关键。三、作图、实验与探究（21、22题各2分，23题5分，24题6分，25题9分，其24分）请将答案填写在答题卡上21（2分）请在图中完成光路图。【微点】透镜的光路图【思路】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的三条特殊光线作图。【解析】解：由图知，入射光线的延长线过凹透镜另一侧的焦点，则折射光线与主光轴平行；如下图所示：【点拨】凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。22（2分）为使电路正常工作，请在图中恰当位置填入电流表或电压表。【微点】电流表的使用；电压表的使用【思路】根据电流表、电压表的使用规则分析。【解析】解：由图可知，左边的电表与滑动变阻器并联在一起，应为电压表；右边的电表与整个电路串联在一起，为电流表，如图：。【点拨】本题考查了电流表、电压表的连接方式，属于基础知识。23（5分）为了探究物质熔化的规律，小靖同学所在的学习小组选取了冰与海波两种物质，并利用图甲中的实验装置进行探究。（1）在探究“冰的熔化规律”实验中，宜选用碎冰块（选填“碎冰块”或“体积较大的冰块“）。（2）根据记录的实验数据，小靖他们做岀了熔化图象，如图丙：他们发现冰和海波在熔化过程中，虽然不断吸收热量，但温度不变（选填“升高”、“降低”或“不变”），且在熔化时一直保持固液共存状态，由此他们判断冰和海波都是晶体（选填“晶体”或“非晶体”）。（3）根据实验现象可如，海波的熔化图象是丙（选填“乙”或者“丙”）。【微点】熔化和凝固的探究实验【思路】（1）体积较大的冰块温度计的玻璃泡不能很好的与冰块接触，而碎冰块能很好的包裹住温度计玻璃泡；（2）从丙图象来看，熔化过程中温度保持在熔点（48）不变，熔化过程物体处于共存状态；区别晶体与非晶体的方法：有无固定的熔点；（3）在标准大气压下，冰的熔点是0，海波的熔点是48。【解析】解：（1）体积较大的冰块温度计的玻璃泡不能很好的与冰块接触，而碎冰块能很好的包裹住温度计玻璃泡；故选择碎冰块。（2）从丙图象来看，熔化过程中温度保持在熔点（48）不变，熔化过程物体处于共存状态；区别晶体与非晶体的方法：有无固定的熔点；从图中来看，该冰跟海波熔化时都有固定的熔点，所以冰跟海波都是晶体。（3）在标准大气压下，冰的熔点是0，海波的熔点是48；故海波的熔化图象是丙。故答案是：（1）碎冰块；（2）不变、固液共存、晶体；（3）丙。【点拨】该题考查了晶体熔化的知识，要求学生掌握晶体与非晶体熔化的过程与晶体熔化图象。24（6分）小蓉和同学们用如图所示实验装置来探究阻力对运动小车的影响。（1）实验开始前，小蓉让小车从斜面不同高度由静止下滑，大家发现，小车在斜面上的高度越高，小车到达水平木板时的初速度越大，小车在水平木板上运动距离越远。从而让大家更加明确了，本实验要使用控制变量法。（2）实验中，大家将可调节倾斜角度的斜面与木板平面组合，然后依次将毛巾、棉布铺在木板上，开始探究小车在三种平面上的运动情况，结果发现小车直接冲出棉布末端，在仅有目前已搭建好的实验器材基础上，他们采取减小斜面倾斜角度的方法完成了整个实验探究过程。（3）通过实验分析可知，水平面越光滑，同一运动小车受到的阻力越小，速度减小得越慢。推理可知，同一运动小车如果不受阻力作用，它将做匀速直线运动。【微点】阻力对物体运动影响的探究实验【思路】（1）同一小车保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，小车在水平木板上运动距离越远，用到了控制变量法；（2）小车滑出棉布表面，说明其初始速度太快，可减小斜面的倾斜程度；（3）水平面越光滑，小车所受阻力越小，运动距离越远；如果小车不受力，小车将做匀速直线运动；运用了科学推理的方法。【解析】解：（1）小蓉让小车从斜面不同高度由静止下滑，小车在斜面上的高度越高，重力势能越大，滑下时，转化成的动能越大，小车到达水平木板时的初速度越大，小车在水平木板上运动距离越远；实验中控制下车的质量不变，改变高度，用到了控制变量法；（2）小车到达水平面的速度与高度有关，小车直接冲出棉布末端说明速度过大，因此需要控制速度变小，减小斜面倾角即可；（3）通过实验分析可知，水平面越光滑，同一运动小车受到的阻力越小，速度减小的越慢，推理可知，同一运动小车如果不受阻力作用，它将做匀速直线运动。故答案为：（1）初速度；控制变量；（2）减小斜面倾斜角度；（3）越小；慢；做匀速直线运动。【点拨】本题是探究阻力对物体运动的影响实验，要掌握实验的现象及结论，知道在此基础上经过推理可得牛顿第一定律的内容，解此类问题一定要注意思考实验的意义，并能根据所学的其他物理知识分析。25（9分）小飞在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验时，淮备了以下器材：两节新的干电池，电流表、电压表、滑动变阻器、定值电阻（5，10，15，20）、开关、导线若干。（1）在按电路图连接实物时，开关必须处于断开状态；在实物图中，滑动变阻器的滑片要移到最左端（选填“最右端”或“最左端”）。（2）图1是小飞连接好的实验电路，闭合开关后，他发现移动滑片的过程中，电流表的示数不变，电压表的示数不变。（选填“变大”、“变小”或“不变”）（3）小冲在一旁观察后指出小飞没有按照电路图正确连接实物，请你在实物图上对连接错误的一根导线打“”，并用笔补画一根线代替导线将电路连接正确。（4）问题解决后，他们接入10的电阻进行实验，并得出下表中的数据，对数据进行分析后得出实验结论是：当电阻一定时，电流与电压成正比。电压U/V11.522.5电流I/A0.10.150.20.25（5）接下来他们分别接入其它电阻再次对电流与电阻关系进行探究，并作出了如图2所示图象，请你通过图象中所给信息计算出实验过程中滑动变阻器两端的电压U1.25V。【微点】探究电流与电压、电阻的关系实验【思路】（1）闭合开关前，滑动变阻器滑片处于最大阻值处；（2）根据电路图判定连入电路中的元件，然后根据滑片移动时电阻的变化分析；（3）电压表应测量定值电阻两端的电压，定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中；（4）根据电流、电压的大小分析；（5）根据图象，找出电流、电阻值，根据欧姆定律求出电压。【解析】解：（1）在按电路图连接实物时，为了保护电路，开关必须处于断开状态；滑动变阻器的滑片要处于阻值最大处，即要移到最左端；（2）由图可知，滑动变阻器与电压表串联后再与电阻并联在一起，根据电压表的特点可知，通过滑动变阻器的电流为0，当移动滑动变阻器器时，电压表测量的是电阻两端的电压，也是电源电压，保持不变，电流也保持不变，故电流表、电压表示数都不变；（3）定值电阻与滑动变阻器应串联在电路中，电压表应测量定值电阻两端的电压，故电路的错误之处和改进方法如图：（4）接入10的电阻进行实验，根据实验数据可知，在电阻一定时，电压越大，电流越大，电流与电压成正比；（5）由图可知，该图象为反比例函数，当电流为0.35A时，电阻为5，则电压为：UIR0.35A51.75V；滑动变阻器两端的电压应为：3V1.75V1.25V。故答案为：（1）断开，最左端；（2）不变，不变；（3）如图；（4）当电阻一定时，电流与电压成正比；（5）1.25。【点拨】本题探究电流与电压的关系，考查注意事项、故障分析和控制变量法的运用。四、综合应用（26题6分，27题8分，28题10分）请将解答过程填写在答题卡上26（6分）一辆质量为150kg的摩托车，发动机功率为32kW，摩托车在此功率下以60km/h的速度匀速行驶了0.5h。（1）求摩托车受到的重力是多大？（2）求这段时间摩托车发动机对摩托车所做的功？（3）求摩托车这段时间通过的路程？【微点】速度公式及其应用；重力的计算；功的计算【思路】（1）利用Gmg求摩托车的重力；（2）利用WPt求这段时间摩托车发动机对摩托车所做的功；（3）利用svt求通过的路程。【解析】解：（1）摩托车的重力：Gmg150kg10N/kg1.5103N；（2）由P得这段时间摩托车发动机对摩托车所做的功：WPt32000W0.53600s5.76107J；（3）由v得通过的路程：svt60km/h0.5h30km。答：（1）摩托车受到的重力是1.5103N；（2）这段时间摩托车发动机对摩托车所做的功为5.76107J；（3）摩托车这段时间通过的路程为30km。【点拨】本题考查了重力公式、速度公式、功率公式的应用，属于基础题目。27（8分）小段用如图所示装置，使用一根杠杆AB和滑轮的组合将一合金块从水中提起，滑环C可在光滑的滑杆上自由滑动。已知合金密度1.1104kg/m3：所用拉力F为500N，且始终竖直向下：O为支点，且AO4OB：动滑轮的机械效率为75%若杠杆质量、杠杆与攴点间摩擦不计，整个过程中合金块始终未露出水面。求：（1）当拉力F向下移动距离为1.2m时，拉力F对杠杆所做的功？此时绳子对杠杆B点的拉力？（2）合金块的体积？【微点】杠杆的平衡条件；阿基米德原理的应用；功的计算；滑轮（组）的机械效率【思路】（1）已知所用拉力F向下移动距离为1.2m，利用WFs可求得拉力F对杠杆所做的功；根据杠杆平衡条件可求得此时绳子对杠杆B点的拉力；（2）设合金块的体积为V，合金块所受绳的拉力为F3，分析题意动滑轮的机械效率为75%可得，【解析】解：（1）由题意知，拉力竖直向下为F500N，其同下做的功为WFs500N1.2m600J；在AB杠杆向下移动过程中，动力臂与阻力臂之比，由杠杆的平衡条件F1L1F2L2得，FBOBFOA，则绳子对杠杆B点的拉力FB2000N，（2）设合金块的体积为V，合金块所受绳的拉力为F3，已知动滑轮的机械效率为75%，化简为75%，代入数据得F33000N，合金块在上升过程中，始终没有出液面，故对其受力分析得F3+F浮G物，F3+水gV排合金gV金，代入数据：3000N+1.0103kg/m3gV排1.1104kg/m3gV金，解得V金0.03m3。答：（1）拉力F对杠杆所做的功600J；此时绳子对杠杆B点的拉力为2000N；（2）合金块的体积为0.03m3。【点拨】对于杠杆问题和浮力问题，一般情况下都是根据杠杆平衡条件和物体静止受到平衡力作用列出等式，展开求解，一般就能求出结果或离结论很近了。28（10分）在学习了电学知识后，小宝对家里新买的号称“大功率电热毯”进行了研究。他对电热毯的工作电路图进行简化处理后绘制出了如图所示的等效电路图并研究。电路安全保护装置部分小宝由于没有学到相关知识打算以后再研究。按照说明书介绍，电热毯工作电路等效电源的电压低于220V通过旋转电热毯的开关，电路可以达到3个档位。如图所示，档位1：单独闭合S1；档位2：同时闭合S1、S2；档位3：同时闭合S1、S2、S3。小宝根据说明书提供参数进行计算后发现，不考虑灯丝电阻随温度变化，当电热毯处于档位1时，灯泡 L 的功率为其额定功率的，R2消耗的功率为1w；当电热毯处于档位3时，灯泡L正常发光，R1消耗的功率为64W。请你根据题目所给的信息，完成以下问题。（1）当电热毯处于档位1时，R1、R2、灯泡L一起串联工作。当电热毯处于档位2时，R1、R2、灯泡 L中只有R2工作。（2）求电热毯处于档位1时，灯泡两端实际电压与其额定电压之比？（3）求电热毯处于档位3时，通电50秒电流通过R2产生的热量？【微点】电路的基本连接方式；欧姆定律的应用；电功与电能的计算【思路】（1）当电热毯处于档位1时画出等效电路图，根据电流的路径即可判断连接方式；（2）电热毯处于档位1时，已知PLP额，根据P即可求出的比值；（3）电热毯处于档位3时R1、R2、灯泡L并联；根据P可得出电阻R1与电源电压U的表达式；由于灯泡L正常发光，则电源电压UU额；则根据当电热毯处于档位1时的值可得的值；然后根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得：灯泡电阻RL与R1和R2的关系式；已知R2消耗的功率根据PI2R得出R2与串联时的电流I的表达式；由于电源电压UI（R1+RL+R2）；将电阻的表达式代入上式可得：U2I216UI+600，解方程得：UI8；然后联立R1与电源电压U的表达式、R2与串联时的电流I的表达式可得：R1R2；由此可知：电热毯处于档位3时，R1、R2、灯泡L并联；则R2消耗的功率与R1消耗的功率相等，根据QPt即可求出R2产生的热量。【解析】解：（1）当电热毯处于档位1时，由于是单独闭合S1；则等效电路图如图：由图可知：只有一条电流路径，则R1、R2、灯泡L串联；当电热毯处于档位2时是同时闭合S1、S2；由于S2闭合对R1、灯泡L短路，只有 R2工作。（2）电热毯处于档位1时，已知：PLP额，不考虑灯丝电阻随温度变化，根据P可得：；（3）电热毯处于档位3时是同时闭合S1、S2、S3，则R1、R2、灯泡L并联；已知R1消耗的功率P164W；根据P可得：R1由于灯泡L正常发光，则电源电压UU额；当电热毯处于档位1时，电路中电流为I，则根据PI2R可得：R2；已知：；则：；根据串联电路的电压特点和欧姆定律可得：；整理可得：RL3（R1+R2）；电源电压UI（R1+RL+R2）；将代入可得：U2I216UI+600，解得：UI8，将联立可得：R1R2；由此可知：电热毯处于档位3时，R1、R2、灯泡L并联；则R2消耗的功率与R1消耗的功率相等，即：P2P164W；所以，通电50秒电流通过R2产生的热量Q2W2P2t64W50s3200J。答：（1）串；R2。（2）电热毯处于档位1时，灯泡两端实际电压与其额定电压之比；（3）电热毯处于档位3时，通电50秒电流通过R2产生的热量为3200J。【点拨】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，关键是开关闭合、断开时电路连接方式的判断。第 25 页 / 共 25 页