2016年湖南省常德市中考物理试卷及解析.doc

2016年湖南省常德市中考物理试卷
一、选择题（本题共54分，每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题选对的得3分，错选或未选的得0分．）
1．（3分）下列物理量的基本单位是物理学家名字的是（　　）
A．长度 B．时间 C．电阻 D．质量
2．（3分）下列数据中，最可能与实际情况一致的是（　　）
A．今天白天常德地区的平均气温约为50℃
B．教室里一盏日光灯的功率约为1000 W
C．九年级物理教材每页纸的厚度约为7cm
D．某初中生站在水平地而上，他对地面的压力约为500N
3．（3分）关于磁现象，下列说法中正确的是（　　）
A．同名磁极相吸引
B．铝片能被磁化
C．磁感线是真实地存在于磁体周围的曲线
D．地磁场的北极在地理南极附近
4．（3分）“影”是生活中常见的光现象，下列图中的各种“影”与物理知识对应关系正确的是（　　）
A．投影﹣光的直线传播 B．摄影﹣凸透镜成像
C．手影﹣平面镜成像 D．倒影﹣光的折射
5．（3分）下列说法中正确的是（　　）
A．晶体和非晶体熔化时温度变化规律相同
B．做功和热传递都可以改变物体内能
C．汽油机工作时的四个冲程都是内能转化为机械能
D．太阳能、水能、石油、天然气都是可再生能源
6．（3分）如图所示，一个密封的圆台状容器，内装一定质量的水，放在水平桌面上，现把它倒置过来，则（　　）

A．水对容器底的压强增大 B．水对容器底的压力增大
C．容器对桌面的压强减小 D．容器对桌面的压力减小
7．（3分）关于声现象，下列说法中不正确的是（　　）
A．发声的物体在振动
B．物体振动越快发出声音的音调就越高
C．中考期问考场周围禁止鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声
D．医生用B超检查病人内脏，这是利用声音传递信息
8．（3分）在如图所示的电路中，当开关S闭合后，灯L1不亮，L2亮，电压表无示数，则下列说法中正确的是（　　）

A．灯L1与L2串联，LI的灯丝断了
B．灯L1与I2串联，L1被短路了
C．灯L1与L2并联，L1的灯丝断了
D．灯L1与L2并联，L1被短路了
9．（3分）关于重力，下列说法中不正确的是（　　）
A．足球的重心在球心
B．宇航员杨利伟从地面到太空质量不变，其所受重力也不变
C．砌墙时用铅垂线确定方向利用的是重力方向总是竖直向下
D．跳水运动员在下落过程中越落越快，主要是因为受到重力
10．（3分）在探究凸透镜成像的规律时，把蜡烛放在凸透镜前15cm处，光屏上可接收到倒立放大的像，则该凸透镜的焦距可能是（　　）
A．10 cm B．15 cm C．20 cm D．30cm
11．（3分）甲、乙两种物质的m﹣V图象如图所示，分析图象可知（　　）

A．若甲、乙的质量相等，则甲的体积较大
B．若甲、乙的体积相等，则甲的质量较小
C．两物质的密度之比ρ甲：ρ乙＝4：1
D．两物质的密度之比ρ甲：ρ乙＝1：4
12．（3分）高速公路上，为了控制车速，常在某些路段设置减速带（在路面布有许多减速道钉让车辆减速）。现有一辆超速的小汽车经过一段水平的减速带后速度恢复了正常。则此过程中（　　）
A．小汽车的动能变小，机械能不变
B．小汽车的动能变变小，机械能变小
C．小汽车的重力势能变大，机械能变大
D．小汽车一直在运动中所以没有惯性
13．（3分）下列四幅图呈现的是小明在探究影响滑动摩擦力大小因素时设计的几种实验方案，则下列说法中正确的是（　　）

A．通过甲、乙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响
B．通过乙、丙对比，可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响
C．通过乙、丙对比，可探究接触面的粗糙程度对滑动摩擦力大小的影响
D．通过乙、丁对比，可探究接触面的大小对滑动摩擦力大小的影响
14．（3分）已知L1、L2是两个不相同的灯泡，在如图所示的四个电路中，能正确测量通过灯L1电流的电路是（　　）
A． B．
C． D．
15．（3分）关于家庭电路和安全用电，下列说法中正确的是（　　）
A．低于220 V的电压都是安全电压
B．家庭电路中空气开关跳闸，一定是发生了短路
C．家用电能表上的示数显示了家庭用电器消耗的总功率
D．电冰箱的金属外壳应该用导线接地
16．（3分）近年来，我国的高铁建设取得了举世瞩目的成就，高铁的快速与便捷更加方便了人们的出行。暑假里小华与妈妈乘坐高铁去北京玩，从长沙到北京只用了6个多小时。在高铁上，小华看车窗外，美丽的风景飞快地句后移动；看车厢内，乘客都静静地坐在座位上。对小华所见情景下列判断正确的是（　　）
A．车厢内乘客静静地坐在座位上，小华选的参照物是铁轨
B．车厢内乘客静静地坐在座位上，小华选的参照物是窗外的风景
C．窗外美丽的风景飞快地向后移动，小华选的参照物是自己
D．窗外美丽的风景飞快地向后移动，小华选的参照物是铁轨
17．（3分）如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R的滑片向左移动，在此过程中（　　）

A．电流表示数变小 B．灯泡L亮度变亮
C．电压表示数变大 D．电路消耗的总功率变大
18．（3分）如图所示，质量为2kg的物体A在滑轮组的拉动下，沿水平地面以0.3m/s的速度做匀速直线运动。已知A与地面间的摩擦力为12N，弹簧测力计的拉力F为5N．不计滑轮组、绳子、弹簧测力计的重力。若A匀速运动4s，则此过程中（　　）

A．物体A的重力做功24 J
B．弹簧测力计移动2.4 m
C．拉力F做功的功率是1.5w
D．滑轮组的机械效率是80%
二、填空与作图题（本题24分，l9～23题每空2分．把答案填写在答题卡中指定的地方，不要求写出解答过程；24~25题每题2分，要求在答题卡中指定的地方作图，并保留必要的作图痕迹．）
19．（4分）如图甲所示，弹簧测力计示数是　 　N；如图乙所示，电流表示数是　 　A。

20．（4分）手机微信是当前最时尚的一种通讯方式，它是用电磁波来传递信息的，电磁波　 　（填“可以”或“不可以”）在真空中传播。太阳光也是电磁波，当强烈的太阳光照射到玻璃幕墙或磨光的大理石这些光滑的表面时，就会发生　 　反射，炫目的光干扰人们的正常生活，造成“光污染”。
21．（4分）一重为0.6N的鸡蛋先后放入甲、乙两液体中，如图所示，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，则鸡蛋在甲中受到的浮力为　 　N，甲的密度　 　乙的密度（选填“＞”、“＜”或“＝”）。

22．（4分）用煤气灶把2kg、初温为20℃的水加热到70℃，消耗了20g煤气。已知水的比热容是4.2×103J/（kg•℃），煤气的热值为4.2×107J/kg，则水吸收的热量为　 　J，煤气灶烧水的效率为　 　。
23．（4分）如图所示的电路中，电源电压为6V，R1为定值电阻，闭合开关后，调节滑动变阻器R2使电压表的示数由5V变为1V，电流表的示数变化了0.2A，则R1的电功率变化了　 　W，当电流表的示数为0.2A时，2min内R2产生的热量是　 　J。

24．（2分）标出图中的磁感线方向和小磁针的N极。

25．（2分）在图中画出对应的入射光线。

三、综合题（本题共22分，其中25题4分，26题5分，27题6分，28题7分．）
26．（4分）小明用图甲的装置，探究水沸腾时温度变化的特点，得到如下一组实验数据。
时间/min
0
2
4
6
8
10
12
……
温度/℃
90
92.6
94.6
96.2
97
97
97

（1）请根据表中数据，在图乙中描点画出水沸腾时温度变化的图象。分析图象可知水在沸腾时温度的特点是　 　。
（2）实验之后，小明产生了一个困惑：水的沸点怎么不是100℃？要解决小明的困惑，可提出进一步探究的问题是　 　。
27．（5分）在“测量小灯泡的电功率”实验中，小芳选用了额定电压是2.5V的小灯泡。
（1）如图甲所示，小芳连接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路甲连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
（2）电路连接正确后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至最　 　（填“左”或“右”）端。闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是　 　（选填序号）。
A．检查电路是否断路
B．更换小灯泡
C．移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光
（3）移动滑动变阻器的滑片，记下多组电流表及对应电压表的示数，并匦出图乙所示的I﹣U图象。由图乙所给信息，可求出小灯泡正常发光时的电阻为　 　Ω，小灯泡的额定功率为　 　W。
28．（6分）小明利用刻度均匀的轻质杠杆进行“探究杠杆的平衡条件”实验，已知每个钩码重0.5N。
（1）实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向　 　（选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡。你认为实验中让杠杆在水平位置平衡的好处是　 　。
（2）在图甲中的A点悬挂4个钩码，要使杠杆仍保持水平位置平衡，需在B点悬挂　 　个钩码。
（3）如图乙所示，取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，仍使杠杆水平位置平衡，测力计的拉力为　 　N；若在C点改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右上方，杠杆仍然水平位置平衡，则测力计的读数将　 　（选填“变大”“变小”或“不变”），画出此时力F的力臂。

29．（11分）如图所示电路，已知电源电压恒定，小灯泡L1的额定电压为2.4V，L2的额定电压为6V．当只闭合开关S1、S3时电压表V1的示数为4.8V，L1的实际功率为其额定功率的；当只闭合开关S2、S3时电压表V2的示数为3V；当只闭合开关S1、S4时，电流表的示数为0.6A．若不考虑灯泡电阻随温度的变化，求：
（1）电源电压
（2）小灯泡L2的额定功率。

2016年湖南省常德市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本题共54分，每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的，每小题选对的得3分，错选或未选的得0分．）
1．（3分）
【分析】根据对常见物理量及其单位的掌握作答。
【解答】解：在物理学中，
A、长度的基本单位是米，不是以物理学家名字命名的。故A不符合题意；
B、时间的基本单位是秒，不是以物理学家名字命名的。故B不符合题意；
C、电阻的基本单位是欧姆，是以德国物理学家欧姆的名字命名的。故C符合题意；
D、质量的基本单位是千克，不是以物理学家名字命名的。故D不符合题意。
故选：C。
【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其单位的掌握情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答。
2．（3分）
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
【解答】解：A、常德地区最高气温不超过40℃，平均气温更不可能达到50℃．故A不符合实际；
B、家用电风扇的功率为40W，教室中日光灯的功率与此差不多，在40W左右。故B不符合实际；
C、人的头发的直径在75μm左右，物理教材一张纸的厚度与此差不多，在100μm＝0.01cm左右。故C不符合实际；
D、中学生的质量在50kg左右，站在水平地面上时对地面的压力在F＝G＝mg＝50kg×10N/kg＝500N左右。故D符合实际。
故选：D。
【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。
3．（3分）
【分析】A、由磁极间的相互作用规律判断；
B、只有铁、钴、镍等物质才可以被磁铁吸引或磁化；
C、由磁感线的概念来判断；
D、由地磁两极与地理两极的关系判断。
【解答】解：A、同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故A错误；
B、铝片是非磁性物质，不能被磁化，故C错误；
C、由于磁场是看不见、摸不着的，为了形象地描述磁场，而引入了磁感线的概念，它不是真实存在的，故C错误；
D、地磁两极与地理两极的关系为：地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律、磁感线的引入和性质、地磁两极与地理两极的关系。
4．（3分）
【分析】各种影的形成都与光的传播有关，本题要把手影、摄影、投影、倒影道理弄清，知道其光学原理。利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因。
【解答】解：A、投影是利用凸透镜成倒立、放大、实像的原理工作的，故A错误；
B、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理进行工作的，故B正确；
C、手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，这是光的直线传播造成的，故C错误；
D、岸上的景物在水中的倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，其原理是光的反射，故D错误。
故选：B。
【点评】影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，此题是一道光学的综合题，也是中考的一个热点知识。
5．（3分）
【分析】（1）晶体熔化时温度不变，有固定的熔点，而非晶态在熔化时温度升高，没有固定的熔点。
（2）改变内能的方法：做功和热传递；
（3）汽油机工作时只有做功冲程做功把内能转化为机械能；
（4）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。
【解答】解：A、晶体熔化过程中温度不变，非晶体熔化过程中温度不断升高，故A错误；
B、做功和热传递都可以改变物体内能，故B正确；
C、热机工作中压缩冲程是把机械能转化为内能，做功冲程把内能转化为机械能，故C错误；
D、太阳能、水能是可再生能源，石油、天然气是不可再生能源，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了晶体和非晶态的特点、改变内能的方法、内燃机的能量转化、能源的分类等知识，是一道综合题，但难度不大。
6．（3分）
【分析】（1）先分析水对容器底的压强，由液体压强公式p＝ρgh，只需分析当把容器倒置过来后，h有何变化，就可以得出压强如何变化。
分析水对容器底的压力，我们就需要用公式F＝pS进行分析。而直接用这个公式还不能分析出水对容器底的压力变化情况，因为倒置过来后水对容器底的压强变大了（h变大了），而容器底面积却变小了，所以压强与容器底面积的乘积是变大了还是变小了，我们就无法判断出来。所以我们还需要寻找一个量，通过这个量把第一次和第二次水对容器底的压力联系起来，从而进行比较。
第一次，水对容器底的压力大于水的重力。理由：水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水多，所以水对容器底的压力大于水的重力；
第二次，水对容器底的压力小于水的重力。理由：水对容器底的压力是以S小为底面积，h′为高的这部分液柱所产生的压力，这部分液柱比容器中的水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。
由此就可得出第一次和第二次水对容器底的压力变化情况了。
（2）在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，倒置后压力不变、受力面积变小，根据压强公式判断桌面受到的压强变化。
【解答】解：
设如图放置时的底面积为S大，倒置过来后的底面积为S小，
因为水的体积一定，所以倒置过来后水的高度增大了，则根据液体压强公式p＝ρgh可知，倒置过来后水对容器底的压强变大了。
（1）第一次水对容器底的压力：F＝pS＝ρghS大，即水对容器底的压力是以S大为底面积，h为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水多，所以水对容器底的压力大于水的重力。如图：

（2）第二次水对容器底的压力：F′＝p′S小＝ρgh′S小，即水对容器底的压力是以S小为底面积，h′为高的这部分液柱所产生的压力，由图可知这部分液柱比水少，所以水对容器底的压力小于水的重力。如图：

对比前后两次情况，液体对容器底部的压力将会变小，且倒置后，液面升高，据p＝ρgh，h变大，容器底部所受液体的压强变大；故A正确，B错误；
且倒置前后容器对桌面的压力等于总重力，重力不变故压力不变，而与水平面的接触面积减小。根据p＝可知，对水平桌面的压强变大；故CD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了学生对压强定义式、液体压强公式的掌握和运用，在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重。
7．（3分）
【分析】（1）声音是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；
（2）音调的高度由物体振动的频率决定，频率越高，音调越高；
（3）减弱噪声有三个途径：在声源处、在传播过程中、在人耳处减弱噪声；
（4）声既可以传递信息又可以传递能量；
【解答】解：A、声音是由物体振动产生的，一切发声的物体都在振动，故A正确；
B、频率是物体一秒振动的次数，频率越大，物体振动的越快，音调就越高，故B正确；
C、中考期问考场周围禁止鸣笛，这是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、医生用B超检查病人内脏，是医生根据超声波传回的信息来判断病人的病理情况，故D正确；
故选：C。
【点评】本题是一道综合了多个知识点的题目，做题时要对照相关的物理知识，仔细分析每一种情况的对错。
8．（3分）
【分析】首先分析各元件连接关系，画出电路图，根据电路图对每个选项作出故障判断，确定符合题意的选项。
【解答】解：
分析实物图可知，两只灯泡串联，电压表测量L1两端电压，电路图如下：

（1）由图知，两只灯泡串联，故CD错误；
（2）两只灯泡串联，灯L1不亮，L2亮，说明电路中有电流，电路出现了短路现象，电压表示数为0，说明L1发生了短路，故B正确，A错误；
故选：B。
【点评】此题考查的是我们对灯泡不发光原因的分析，画出电路图、确定灯泡连接关系、知道“电路断路灯泡不亮，灯泡不亮不一定断路”是解答此类问题的一般过程。
9．（3分）
【分析】地球附近的物体都受到地球的吸引﹣﹣由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的施力物体是地球。重力的方向是竖直向下的，即指向地心；
重力的作用点叫做重心，重心不一定在物体的中心；
宇航员在太空舱中处于失重状态。
【解答】解：
A、重力的作用点叫做重心，足球形状规则，质量分布均匀，所以其重心在球心。故A正确；
B、宇航员在太空中处于失重状态，物体的质量不变，但物体的重力随高度的变化而改变，故B不正确；
C、重力的方向是竖直向下的，所以砌墙时用铅垂线确定方向利用的是此特点。故C正确；
D、重力的方向始终是竖直向下的，所以跳水运动员在下落过程中越落越快。故D正确。
故选：B。
【点评】深入理解重力的概念以及重力的方向和作用点是解答此题的关键。
10．（3分）
【分析】根据给出的物距和成像的性质，利用凸透镜成像的规律可以确定该凸透镜焦距的可能值。
【解答】解：把蜡烛放在凸透镜前在光屏上可接收到倒立、放大清晰的像，根据凸透镜成像的规律，可以断定物体是在一倍焦距和二倍焦距之间，成像成在二倍焦距以外，
因为蜡烛到凸透镜的距离是15cm，即可得到不等式：2f＞15cm＞f，
解得15cm＞f＞7.5cm，在ABCD四个选项中，只有10cm在这个范围内。
故选：A。
【点评】关于凸透镜成像的规律涉及四个方面：①物距与焦距的关系；②成像的性质；③像距与焦距的关系；④具体的应用。在这四个方面的信息中，只要告诉其中的一个信息就可以确定另外的三个。此题就是告诉了成像的性质，让确定焦距的范围。
11．（3分）
【分析】（1）首先明确各图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么，然后根据图示分析解答，对AB做出判断；
（2）在图象上找出任意一组质量和体积的对应值，根据密度公式求出甲乙物质的密度，然后求出两者的密度之比，进而对CD做出判断。
【解答】解：图象的横轴表示体积，纵轴表示质量，
A、由图可知，若甲、乙的质量相等，则甲的体积较小。故A错误；
B、由图可知，若甲、乙的体积相等，则甲的质量较大。故B错误；
CD、由图可知，当m甲＝20kg时，V甲＝4m3；当m乙＝10kg时，V乙＝8m3，
则甲乙的密度分别为：
ρ甲＝＝＝5kg/m3；ρ乙＝＝＝1.25kg/m3，
所以，甲乙的密度之比：ρ甲：ρ乙＝5kg/m3：1.25kg/m3＝4：1．故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识点较多，综合性很强。
12．（3分）
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。机械能＝动能+势能。
（2）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性。
【解答】解：
ABC、小汽车在减速过程中，它的质量不变，速度减小，所以动能变小；汽车水平行驶，所以重力势能不变；机械能＝动能+势能，所以机械能变小，故AC错误、B正确；
D、一切物体都有惯性，因此小汽车一直有惯性，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了对动能、重力势能、机械能影响因素的了解与应用，同时还考查了对惯性的理解，难度不大。
13．（3分）
【分析】滑动摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法分析。
【解答】解：A、通过甲、乙对比，接触面的粗糙程度相同，压力大小不同，测力计的示数不同，可知接触面的粗糙程度相同，压力越大，滑动摩擦力越大；可探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响，故A正确；
BC、通过乙、丙对比，接触面的粗糙程度不相同，压力大小不同，测力计的示数不同，两个变量，因此不能探究压力大小对滑动摩擦力大小的影响，故BC错误；
D、通过乙、丁对比，接触面的大小不同，压力大小不同，测力计的示数不同，两个变量，因此不能探究接触面的大小对滑动摩擦力大小的影响，故D错误；
故选：A。
【点评】此题考查学生对于影响滑动摩擦力大小的因素实验的理解和掌握，注意控制变量法的应用，并注意滑动摩擦力大小与接触面的大小无关。
14．（3分）
【分析】（1）电流表使用时要串联在电路中，并且电流从“+”接线柱流入，从“﹣”接线柱流出。
（2）在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和。
【解答】解：
A、电流表在干路上测的是干路的电流，故A错误；
B、电流表与L1串联，测的是L1的电流，但正负接线柱接反，故B错；
C、电流表与L2串联，测L2中的电流，并且正负接线柱接反，故C错误；
D、右边电流表串联在干路上，测量干路电流；下面电流表与L2串联，测的是通过L2的电流，正负接线柱连接都正确，通过L1的电流等于两电流表示数之差，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电流表的使用和并联电路电流特点，电流表要测量哪个电灯的电流就要与哪个电灯串联，并且正负接线柱要接正确。
15．（3分）
【分析】（1）人体安全电压不高于36V，家庭电路电压为220V；
（2）家庭电路中电流过大的原因：一是电路中用电器的总功率过大；二是短路；
（3）电能表是测量用电器消耗电能（电功）的仪表；
（4）对于金属外壳的家用电器，金属外壳一定接地，防止外壳漏电，发生触电事故。
【解答】解：
A、人体安全电压不高于36V，故A错误；
B、家庭电路中空气开关跳闸，是由于电流过大，其原因除了短路外，还有就是用电器总功率过大，故B错；
C、家用电能表上的示数显示了家庭用电器消耗的电能，不是电功率，故C错；
D、电冰箱的金属外壳与地线相连，防止金属外壳漏电，发生触电事故。故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了安全用电知识、电能表的作用、家庭电路电流过大的原因，加强用电安全意识，学会自我保护。
16．（3分）
【分析】研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的。
【解答】解：
AB、在高速行驶的列车上，乘客与座位之间没有位置变化，乘客与铁轨、列车窗外的风景之间的位置不断发生变化，所以车厢内乘客静静地坐在座位上，小华选的参照物是座位，故AB错误；
CD、窗外的风景与列车内的小华之间的位置不断发生变化，窗外的风景与铁轨之间没有位置变化，所以窗外美丽的风景飞快地向后移动，小华选的参照物是自己，故C正确，D错误。
故选：C。
【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。
17．（3分）
【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流。根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过L的电流和实际功率的变化，进一步判断亮暗的变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，根据P＝UI可知电路消耗总功率的变化。
【解答】解：
由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流。
因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故C错误；
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，滑片移动时，通过L的电流和实际功率不变，灯泡的亮暗不变，故B错误；
将滑动变阻器R的滑片向左移动，变阻器接入电路中的电阻变大，
由I＝可知，通过R的电流变小，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故A正确；
由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小，故D错误。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。
18．（3分）
【分析】（1）做功的两个条件，首先判断重力和拉力是否做功，然后利用功的计算公式进行计算。
（2）物体运动的速度和时间，利用速度公式计算物体移动的距离，再利用s测力计＝ns物计算弹簧测力计移动的距离；
（3）知道拉力和运动的距离，根据W＝Fs求出拉力做功多少，知道功的大小和时间，根据P＝求出功率。
（3）知道滑动摩擦力，根据W＝fs求出有用功，根据机械效率公式求出机械效率。
【解答】解：A、物体A在滑轮组的拉动下，沿水平地面做匀速直线运动，虽然有力，也有距离，但F⊥s，所以没做功，即A的重力做功为0J．故A错误；
（2）根据和v＝可得，A匀速运动4s移动的距离s物＝v物t＝0.3m/s×4s＝1.2m，
因重物有3段绳子承担，故s测力计＝3h＝3×1.2m＝3.6m，故B错误；
C、拉力F做的功W总＝Fs＝5N×3.6m＝18J，
拉力的功率P＝＝＝4.5W．故C错误；
D、克服滑动摩擦力做的有用功为：W有用＝fs物＝12N×1.2m＝14.4J，
滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝80%．故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查水平使用滑轮组拉力的计算，有两处关键的地方，一是滑轮组水平使用克服的是摩擦力，故题目已知物体质量是个干扰条件；二是对动滑轮上绳子段数n的判断。
二、填空与作图题（本题24分，l9～23题每空2分．把答案填写在答题卡中指定的地方，不要求写出解答过程；24题4分，要求在答题卡中指定的地方作图，并保留必要的作图痕迹．）
19．（4分）
【分析】（1）弹簧测力计测量力的大小时，要先明确量程及每一个大格和每一个小格代表的示数，根据指针位置读数。
（2）使用电流表测量电路电流时，先要明确电流表选择的量程和对应的分度值，读数时视线与指针所在刻度相垂直。
【解答】解：
（1）弹簧测力计的量程是5N，每一个大格是1N，里面有5个小格，分度值是0.2N，所以测力计示数是：2.8N。
（2）已知电流表选择的是0～0.6A量程，对应的分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.32A。
故答案为：2.8；0.32。
【点评】虽然不同测量工具的构造、原理和使用方法不尽相同，但使用前都要先明确其量程、分度值。
20．（4分）
【分析】电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s要解答本题需掌握：平行光射到玻璃幕墙、釉面砖墙、磨光大理石等反射面时，反射光线射向同一方向，会造成光污染
【解答】解：电磁波可以在真空中传播，传播速度为3×108m/s；
建筑物的玻璃幕墙或磨光大理石等表面光滑，这些作为反射面的时候，都属于镜面反射，太阳光射到上面，入射光线被反射，从同一方向射出，光线很强，照到物体上会给人们的生活工作等造成很大的不便，称为白亮污染或光污染。
故答案为：可以；镜面。
【点评】此题考查电磁波的传播、镜面反射的实例，在平时的学习生活中多积累与物理相联系的现象，将物理与社会联系起来。
21．（4分）
【分析】根据物体的漂浮和悬浮条件判断出所受浮力的大小关系，由图得出排开液体的体积关系，然后根据阿基米德原理解开判断甲乙液体的密度大小关系。
【解答】解：因为鸡蛋（重为G）在甲液体悬浮，
所以鸡蛋受到甲液体的浮力：F甲＝G＝0.6N，
鸡蛋在乙液体漂浮，
所以鸡蛋受到乙液体的浮力：F乙＝G＝0.6N，
所以F甲＝F乙，
据F浮＝ρ液v排g，V排甲＞V棑乙，
所以ρ甲＜ρ乙。
故答案为：0.6；＜。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和物体浮沉条件的掌握和运用，利用阿基米德原理分析时，要同时考虑影响浮力大小的两个因素（ρ液和V排）
22．（4分）
【分析】（1）知道水的质量、水的比热容和水的初温和末温，利用吸热公式求水吸收的热量；
（2）知道煤气的质量和煤气的热值，利用Q放＝mq计算煤气完全燃烧放出的热量；煤气灶烧水的效率等于水吸收的热量与煤气完全燃烧放出的热量之比。
【解答】解：
（1）水吸收的热量：
Q吸＝cm△t
＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（70℃﹣20℃）
＝4.2×105J；
（2）20g煤气完全燃烧放出的热量：
Q放＝mq＝20×10﹣3kg×4.2×107J/kg＝8.4×105J；
燃气灶烧水的效率：
η＝＝×100%＝50%。
故答案为：4.2×105；50%。
【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸＝cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放＝mq、效率公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。
23．（4分）
【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）根据欧姆定律表示出电压表的示数由5V变为1V时电流表示数的变化量，然后求出R1的阻值，再根据P＝UI＝求出R1电功率的变化量；
（2）当电流表的示数为0.2A时，根据欧姆定律求出R1两端的电压，利用串联电路的电压特点求出R2两端的电压，利用Q＝W＝UIt求出2min内R2产生的热量。
【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
（1）由I＝可得，电压表的示数由5V变为1V时电流表示数的变化量：
△I＝I1﹣I2＝﹣＝﹣＝＝0.2A，
解得：R1＝20Ω，
由P＝UI＝可得，R1电功率的变化量：
△P1＝P1﹣P1′＝﹣＝﹣＝1.2W；
（2）当电流表的示数为0.2A时，R1两端的电压：
U1″＝IR1＝0.2A×20Ω＝4V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R2两端的电压：
U2＝U﹣U1″＝6V﹣4V＝2V，
2min内R2产生的热量：
Q2＝W2＝U2It＝2V×0.2A×2×60s＝48J。
故答案为：1.2；48。
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、焦耳定律的灵活运用等，要注意电压表不测带电源用电器两端的电压。
24．（2分）
【分析】从条形磁铁的N、S极入手，结合磁极间的作用规律与磁感线的特点即可突破此题。
【解答】解：由于同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可判断小磁针的左端是N极，右端是S极；
磁感线在磁体的周围是从N极出来，回到S极，故作图如下：

【点评】本题主要考查学生对磁极间的相互作用的规律，以及磁感线的特点的了解和掌握，是一道基础题。
25．（2分）
【分析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。
【解答】解：
平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如图所示：

【点评】凹透镜三条特殊光线的作图：①延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；③过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变
三、综合题（本题共22分，其中25题4分，26题5分，27题6分，28题7分．）
26．（4分）
【分析】（1）首先根据表格中的数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起来；根据图象分析温度变化特点；
（2）1标准大气压下水的沸点是100℃．沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。
【解答】解：（1）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来。如图所示：
；
由图可知，水在沸腾时温度不变。
（2）实验之后，小明产生了一个困惑：水的沸点怎么不是100℃？要解决小明的困惑，可提出进一步探究的问题是水的沸点是否跟气压有关？
故答案为：（1）如上图；温度不变；（2）水的沸点是否跟气压有关？
【点评】此题主要考查了探究水沸腾时温度变化的特点，要学会画图和提出问题。
27．（5分）
【分析】（1）此实验中电压表应测灯泡两端电压，由此改接电路；
（2）闭合开关前，应将滑动变阻器滑到最大值处；闭合开关后，电流表有示数，电路为通路，而小灯泡不亮，说明电流过小，据此分析；
（3）由图象读出小灯泡额定电压下的电流，由欧姆定律计算此时灯泡电阻，由P＝UI计算其额定功率。
【解答】解：
（1）由图甲知，电压表测总电压，而不是灯泡两端电压，应将电压表接变阻器的导线改接灯泡右侧，如图所示：

（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至最大值左端；
闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，电路为通路，电流过小，故接下来应进行的操作是移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡是否发光，故选C；
（3）灯泡两端电压等于额定电压2.5V时正常发光，由图象知，此时通过灯泡的电流为0.25A，
由欧姆定律可得此时灯泡电阻：R＝＝＝10Ω；
小灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W。
故答案为：（1）见上图；（2）左；C；（3）10；0.625。
【点评】本题是测灯泡功率的实验，考查了电路连接、实验注意事项和操作以及电阻和功率的计算，都是常考的问题，要掌握好。
28．（6分）
【分析】（1）杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便。
（2）根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数；
（3）根据杠杆的平衡条件计算出在C点拉力的大小；当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
从支点到动力作用线的距离叫动力臂。
【解答】解：（1）杠杆在使用前左端下沉，说明左侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向右调节，因为重力的方向是竖直向下的，杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好