2013年辽宁省大连市中考物理试卷及解析.doc

2013年辽宁省大连市中考物理试卷

一、选择题（本题14小题，每小题2分，共28分）．注意：第1～11题中每题只有1个选项正确；第12～14题中，每题至少有两个选项正确。
1．（2分）乐队演奏时，听众能分辨出二胡声和小提琴声，主要是因为这两种声音的（　　）
A．响度不同 B．音色不同 C．音调不同 D．频率不同
2．（2分）下列运动的物体，其运动状态不变的是（　　）
A．转弯的汽车 B．加速起飞的飞机
C．匀速下落的雨滴 D．减速进站的火车
3．（2分）下列各现象，能用光的直线传播解释的是（　　）
A．水中的“白云” B．经放大镜放大的“字”
C．沙漠中的“海市蜃楼” D．树的影子中圆形的“光斑”
4．（2分）下列做法中，使电阻丝的电阻变大的是（　　）
A．把电阻丝拉长 B．把电阻丝对折
C．把电阻丝剪掉一段 D．把电阻丝绕成螺线管
5．（2分）电动机的工作原理是（　　）
A．电磁感应现象 B．电流的热效应
C．通电导体周围存在磁场 D．通电导体在磁场中受力
6．（2分）下列各种摩擦中，应该设法减少的是（　　）
A．机器运转时，各部件之间的摩擦
B．翻书时，手指与纸之间的摩擦
C．走路时，鞋底与地面之间的摩擦
D．拧瓶盖时，手与瓶盖之间的摩擦
7．（2分）五月的大连，人们在槐树下闻到了槐花的香味儿．这个现象说明了（　　）
A．气体分子很小 B．气体分子是运动的
C．气体分子的运动是有规则的 D．气体分子之间有引力
8．（2分）由电功率公式P=I2R可知，导体中的电流一定时，导体的电功率P与导体的电阻R之间的关系图象是（　　）
A． B． C． D．
9．（2分）如图所示，竖直墙面上有一个吸盘式挂衣钩．则与挂衣钩的重力相互平衡的力是（　　）

A．大气对挂衣钩的压力 B．挂衣钩对墙面的压力
C．墙面对挂衣钩的静摩擦力 D．挂衣钩对墙面的静摩檫力
10．（2分）在保温杯中装适量0℃的水，从冰箱的冷冻室里取出一小块冻了很长时间的冰，放到保温杯中，保温杯是绝热的．过一段时间，冰和水的温度相同．在这个过程中（　　）
A．水的质量增大 B．冰的质量增大
C．水的温度降低 D．冰的比热容增大
11．（2分）如图所示是“蹦极”的示意图，A点是弹性绳自然下垂时绳端的位置，B点是蹦极者速度最大的位置，C点是蹦极者下降最低点．则下列说法正确的是（　　）

A．蹦极者是惯性通过A点的
B．蹦极者在B点受到的合力最大
C．从A点到B点，蹦极者的动能转化为绳的弹性势能
D．从B点到C点，蹦极者的动能和重力势能转化为绳的弹性势能
12．（2分）在“探究平面镜成像特点”实验中，实验装置如图所示．M是玻璃板，A、B是两支相同的蜡烛，A蜡烛是“物”．实验中（　　）

A．用B蜡烛找像时，B蜡烛应点燃
B．玻璃板越厚，A蜡烛的两个像的距离越大
C．透过玻璃板看到的“B蜡烛”与A蜡烛等大
D．每次实验测出的像距都偏小
13．（2分）某电路如图所示，电源电压不变，R1＞R2．闭合开关s，将滑动变阻器的滑片P从a端滑至b端，则（　　）

A．电路中的总电阻变大
B．R1两端电压不变
C．R2的电功率变大
D．R1电流的变化量小于R2电流的变化量
14．（2分）把装有适量水的量筒倒置在烧杯里的水中，量筒口未接触烧杯底部，量筒中的水面高于烧杯中的水面，且水面是静止的，如图所示．将量筒缓慢向上提（量筒口未离开水面），则在这个过程中（　　）

A．量筒内、外水面的高度差保持不变
B．量筒内气体的压强逐渐变小
C．烧杯底内表面受到的压强逐渐变小
D．烧杯对桌面的压强逐渐变小

二、填空题（本题共10小题，15～22题每题2分，23、24题每题3分，共22分）
15．（2分）一杯牛奶，喝掉一半．剩余的牛奶与原牛奶相比较，质量　　，密度　　．（都选填“变大”“变小”或“不变”）
16．（2分）家里的电灯、电视机、电冰箱等都是　　联在电路中的；控制电灯的开关与电灯是　　联的．
17．（2分）神州十号飞船进人运行轨道时，打开了太阳能帆板．太阳能帆板能将　　能转化为电能；宇航员王亚平在进行空中授课时，通过　　 波实现天地对话的．
18．（2分）核电站是利用可控制的核　　 变释放的能量来发电的；收音机里用的二极管和三极管都是用　　材料制成的．
19．（2分）不断弯折铁丝，铁丝的温度升高，是通过　　的方法增大铁丝内能的；把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过　　 的方法增大铁丝内能的．
20．（2分）如图所示，铁片是用细线悬挂着的．闭合开关S，发现通电螺线管把铁片吸住，说明通电螺线管周围有　　；把滑动变阻器的滑片P从到a端滑到b端，铁片受到的磁力　　（选填“变大”、“变小”或“不变）．

21．（2分）如图所示，一艘轮船在甲海洋中航行，水面在轮船上的A位置．当该轮船驶入乙海洋中时，水面在轮船上的B位置．设轮船的总质量不变，轮船在甲、乙两海洋中所受浮力分别为F1和F2，甲、乙两海洋的海水密度分别为ρ1和ρ2． 则F1　　 F2，ρ1　　ρ2． （都选填“＞”、“＜”或“=”）

22．（2分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，为了便于观察实验现象，实验的环境应该　　（选填“较亮”或“较暗”）为好；实验过程中，蜡烛烧短后，光屏上烛焰的像将向　　移动．
23．（3分）一束光斜射向玻璃表面，如图所示．请画出反射光线和折射光线．

24．（3分）将如图中的各电路元件连接起来．要求R1与R2并联，开关S1控制R1和R2，开关S2只控制R2．

三、计算题（本题共3小题，共18分）
25．（6分）用某锅炉把50kg的水从20℃加热到100℃．水的比热容是4.2×103J/（kg•℃）．试求：
（1）水吸收的热量是多少？
（2）这些热量相当于完全燃烧多少干克酒精放出的热量？（酒精的热值3.0×107J/kg）
26．（6分）如图所示是某简易电加热器的电路图．电源电压是36V保持不变，R1、R2是发热电阻丝，R2的电阻是42Ω，滑动变阻器的最大电阻是12Ω．开关s接“1”时为高温挡、接“2”时为低温挡，且每个挡内的温度是可调的．试求：
（1）开关s接“1”时，变阻器的滑片在A端，R1的功率是72W．R1的电阻是多少？
（2）开关s接“2”时，变阻器的滑片在A端，电路中的电流是多少？
（3）开关s接“1”时，变阻器的滑片在B端，R1的功率是多少？

27．（6分）如图所示是某建筑工地提升建材所用的升降机示意图．建材的重力是6300N，建材与货箱水平底面的接触面积是1.2m2．升降机在1min内将建材匀速提升了12m，钢丝绳自由端拉力F的功率是1800W．试求：
（1）建材对货箱水平底面的压强是多少？
（2）拉力F所做的功是多少？
（3）该滑轮组提升这些建材的机械效率是多少？

四、简笞题（本题共2小题，共6分）
28．（3分）体育、娱乐活动用的热气球如图所示．当气球静止在空中某高度时，如果将燃烧器的火焰调小一些，热气球就会下降，下降过程中气囊的体积不变．请分析说明热气球从静止位置下降的原因．

29．（3分）海上有风时，海面出现波浪，某区域海面呈圆弧形，O为圆心，圆弧形海面正下方的水中有一条鱼（用箭头AB表示），如图所示．此时，从圆弧形海面上方看到了水中的这条“鱼”．看到的“鱼”是鱼的缩小的虚像，请分析说明其原因．（注：可以在图上画光路图，以辅助说明）

五、综含题（本题共3小题，共16分）
30．（5分）在“探究杠杆平衡条件”实验中，利用在杠杆两端挂钩码的方法做实验，实验装置如图所示．
（1）调节杠杆在水平位置平衡时，发现杠杆右端下沉．应把杠杆右端的平衡螺母向　　（选填“左”或“右”）调节．
（2）实验时仍然使杠杆在水平位置平衡，这样做有什么好处？
（3）记录的实验数据如下表．
实验次数
动力F1/N
动力臂l1/cm
阻力F2/N
阻力臂l2/cm
1
3.0
10
2.0
15
2
2.5
20
2.5
20
3
1.0
30
1.0
30
根据表中的信息，得出F1L1=F2L2的结论．这个结论是否具有普遍性？　　．原因是：　　．
（4）如果用杠杆一端挂钩码另一端用弹簧测力计竖直向下拉的方法做实验．请分析说明用这种方法做实验的好处．　　．

31．（5分）在“探究热水冷却时温度与时间的关系”实验中，实验装置如图1所示．记录的实验数据如表．
实验次数
1
2
3
4
5
6
7
8
时间t/min
0
5
10
15
20
25
30
35
温度t/℃
70
50
35
51
23
22
22
22
（1）表格中有一个温度值是错误的，错误的温度值是　　℃．
（2）根据表中的正确数据，在图2所示的方格纸上画出温度与时间的关系图象．
（3）根据图象，得出的探究结论是：　　
（4）如果要缩短实验时间，在不改变热水初温和环境温度的条件下，解决的办法是　　．

32．（6分）小明知道导体中的电流与电阻和两端电压有关．在“探究导体中的电流与电阻的关系”实验中，可供选择实验器材有：电流表两个；四节干电池串联的电池组、电压表、滑动变阻器、关开各一个；6Ω、8Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω、30Ω、35Ω的定值电阻各﹣个；导线若干．实验电路图如图所示．

（1）画出实验用的表格，表中要有必要的信息．
（2）根据电路图连接好实验器材，将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大端，用开关进行“试触”时，发现电流表指针没有偏转，电压表示数如图2所示：接下来小明应该做的是　　．（只有一个选项正确，将正确选项的字母填在横线上）
A、将电压表由大量程换成小量程
B、检查电流表的接线柱是否接反
C、检查电阻两个接线柱是否接触良好
D、检查滑动变阻器的接线柱是否松动
（3）通过实验操作确定了电流表应该用小量程．他用电流表小量程做了几次实验，在进行最后一次实验时，发现电流表小量程损坏了．要完成该实验，应该怎么办？
（4）如果要用另一种方案完成该实验，可供选择的实验器材不变．请画出新方案的实验电路图，并写出必要的文字说明．

2013年辽宁省大连市中考物理试卷
参考答案与试题解析

一、选择题（本题14小题，每小题2分，共28分）．注意：第1～11题中每题只有1个选项正确；第12～14题中，每题至少有两个选项正确。
1．（2分）
【考点】音色．菁优网版权所有
【分析】音色是指声音的品质与特色．它与发声物体的材料有关，不同物体发声的音色是不同的．
【解答】解：由于二胡和小提琴振动物体的材料不同，所以发出声音的音色也就不同，和其他选项内容无关．
故选B．
【点评】本题考查学生对音色定义的理解情况，相对比较简单，属于基础题．
2．（2分）
【考点】平衡状态的判断．菁优网版权所有
【分析】平衡状态是指匀速直线运动状态或静止状态．根据平衡状态的特点结合选项进行分析．
【解答】解：A、转弯的汽车运动方向改变，所以运动状态改变，A错误；
B、加速起飞的飞机，速度不断增大，所以运动状态改变，B错误；
C、匀速下落的雨滴，运动方向和速度都不变，所以运动状态不变，C正确；
D、减速进站的汽车，速度不断减小，所以运动状态改变，D错误．
故选C．
【点评】此题考查了学生对物体运动状态的认识，运动状态改变是指方向或速度大小的改变，是一道基础性题目．
3．（2分）
【考点】光直线传播的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播，光沿直线传播的实例有：小孔成像、激光准直、影子、日食和月食等．
（2）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向就会发生改变，这是光的折射，光的折射形成的现象有：放在有水的碗中的筷子看起来好像变折了、放大镜、池水看起来变浅等．
（3）光射到介质界面上会发生反射，光的反射形成的现象有：平面镜成像、水中的倒影、凹面镜成像．
【解答】解：A、水中的“白云”是白云在水面成的像，属于平面镜成像，是光的反射形成的；
B、经放大镜放大的“字”，属于凸透镜成像，利用了光的折射；
C、沙漠中的“海市蜃楼”，是景物射出的光经过天空中的小水珠发生折射形成的；
D、树的影子中圆形的“光斑”，是由光的直线传播形成的小孔成像，光斑是太阳的像．
故选D．
【点评】本题考查了学生对三种光学现象的区分，是光学基础知识的考查，把握住三种光现象的本质是解决此类题目的关键，是中考考查的热点题型．
4．（2分）（
【考点】影响电阻大小的因素．菁优网版权所有
【分析】电阻是导体本身的性质，其大小与导体的长度、横截面积及材料有关系，与导体两端的电压及通过导体的电流无关．
【解答】解：A、导体被拉长后，导体的长度增大、而横截面积减小，导体的电阻增大；故A正确；
B、对折后，导体的长度减小，横截面积增大，则导体的电阻减小，故B错误；
C、把电阻丝剪掉一段，电阻丝的长度变短，电阻减小，故C错误；
D、把电阻丝绕成螺线管后，电阻丝的材料、长度以及横截面积均不变，电阻不变，故D错误；
故选A．
【点评】本题考查了影响电阻大小的因素，属于基本内容，比较简单．
5．（2分）
【考点】直流电动机的原理．菁优网版权所有
【分析】要解答本题需掌握：电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力转动的原理制成的．
【解答】解：电动机的基本工作原理是：通电导体在磁场中受力．电磁感应是发电机原理；通电导体周围存在磁场是奥斯特实验；通电导体发热是电能转化为内能．故ABC错误．
故选D．
【点评】本题主要考查学生对：电动机原理的了解和掌握，是一道基础题．
6．（2分）
【考点】增大或减小摩擦的方法．菁优网版权所有
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力，增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度，增大摩擦力．
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力，减小摩擦力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度，减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦．
【解答】解：有益摩擦要增大，有害摩擦要减小．
A、机器运转时，各部件之间的摩擦属于有害摩擦．因此在压力一定时，加润滑油减小接触面的粗糙程度，减小摩擦力．
B、翻书时，手指与纸之间的摩擦属于有益摩擦，否则手就翻不开书页；
C、走路时，鞋底与地面之间的摩擦．属于有益摩擦．要设法增大，否则我们会在原地打滑；
D、拧瓶盖时，手与瓶盖之间的摩擦，属于有益摩擦，要设法增大．
故选A．
【点评】由每种摩擦的作用入手，来确定这种摩擦是有益的摩擦还是有害的摩擦．对于有用的摩擦我们要积极利用，对于有害的摩擦，我们要尽量减小．
7．（2分）
【考点】扩散现象．菁优网版权所有
【分析】根据分子的基本性质分子很小，分子在不停的运动，分子间有间隔等来解答．
【解答】解：在槐树旁，常闻到怡人的香味是由于槐花香气的分子在不停的运动．
故选B
【点评】了解分子的基本性质是解此题的关键，相对比较简单，属于基础题．
8．（2分）
【考点】电功率与电压、电流的关系．菁优网版权所有
【分析】电流I一定，I2一定，由P=I2R可知P与R成正比，分析各图象，找出符合要求的图象．
【解答】解：电流I一定，I2一定，由P=I2R可知P与R成正比，P﹣R图象是正比例函数图象，故C正确；
故选C．
【点评】根据题设条件，确定P与R间的关系是正确解题的关键．
9．（2分）
【考点】平衡力的辨别．菁优网版权所有
【分析】塑料吸盘是大气压在生活中应用的实例．当重物拉挂钩时，重力方向向下，阻碍其向下的力应该是向上的，而不是大气的压力，是吸盘与墙面的摩擦力使其能承受一定的拉力．
【解答】解：吸盘挂衣钩其工作过程是通过排除吸盘与墙壁之间的空气，松手后，吸盘恢复原状的过程中，导致内部气压小于外界大气压，外界大气压将其压在墙壁上，吸盘处于静止状态，吸盘受到竖直方向上墙面对挂衣钩的静摩擦力和竖直向下的重力，二力大小相等，方向相反，是一对平衡力．
故选C．
【点评】本题考查了对平衡力的了解与掌握、对大气压的应用的了解，本题反映了物理来源于生活，又应用于生活，体现的新课标的要求．
10．（2分）
【考点】凝固与凝固放热特点；熔化与熔化吸热特点．菁优网版权所有
【分析】（1）冰的熔化条件：温度达到0℃，并且不断吸热；
（2）水的凝固条件：温度达到0℃，并且不断放热；
（3）物体吸热和放热的条件是：存在着温度差异．
【解答】解：从冰箱的冷冻室里取出一小块冻了很长时间的冰，冰的温度很低，放到装适量0℃的水的保温杯中，冰块从保温杯水中吸热，保温杯是绝热的，与外界没有热交换；通过热传递杯内水肯定放热，因此会有水结成冰，而冰不能熔化成水，使冰的质量增大．
故选B．
【点评】本题考查了熔化和凝固的条件，属于基础知识的考查，比较简单．
11．（2分）
【考点】惯性；能量转化的现象．菁优网版权所有
【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．
（2）重力势能大小的影响因素：质量、高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．
（3）弹性势能大小的影响因素：弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度．形变越大，越难，弹性势能越大．
【解答】解：A、由于重力的方向总是竖直向下的，因此他将加速通过A点的，故A错误；
B、蹦极者在A点只受重力作用，在B点和C点受竖直向下的重力和竖直向上的弹力作用，B点合力为零，C点受到的合力大小等于重力，但方向竖直向上；故B错误；
C、从A点到B点的过程中，速度增加、高度减小、弹簧的弹性形变变大，因此蹦极者将重力势能转化为的动能和弹性势能，故C错误；
D、从B点到C点的过程中，速度减小、高度减小、弹簧的弹性形变变大，因此蹦极者将重力势能和动能转化为弹性势能，故D正确．
故选D．
【点评】本题考查了惯性知识、合力大小的判断以及动能、重力势和弹性势能之间的变化，其中弹性势能的变化，关键看弹性形变的大小，形变越大，弹性势能越大．
12．（2分）
【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．菁优网版权所有
【分析】（1）实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系．
（2）玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像．当玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远．
（3）根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等．
【解答】解：
A、实验时把蜡烛A点燃，用蜡烛B找像时，蜡烛B不能点燃，在玻璃板后面移动时，未点燃的蜡烛B好像点燃了一样，能确定像的位置，比较物像大小．不符合题意．
B、玻璃板比较厚时，两个反射面成像距离比较远．当玻璃板比较薄时，两个反射面成像距离比较近．符合题意．
C、平面镜成像时，物像大小相等，透过玻璃板看到的蜡烛A的像“B蜡烛”与B蜡烛等大．符合题意．
D、由于玻璃板的折射，透过玻璃板看到的“B蜡烛“是B蜡烛前移的像，导致像距偏大．不符合题意．
故选BC．
【点评】物距是物体到反射面的距离，像距是像到反射面的距离，测量时要考虑玻璃板的哪个面是反射面．
13．（2分）
【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．菁优网版权所有
【分析】①在电路中（无论是串联还是并联）一个电阻不变，另一个电阻增大，电路总电阻增大；
②在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比；
③一个用电器消耗的功率的变化，利用公式P=分析；
④在串联电路中，电流处处相等；在并联电路中，干路电流等于支路电流之和．
【解答】解：
A、由图知：R2阻值不变，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，所以并联总电阻增大，而R1阻值不变，所以串联的总电阻增大．此选项正确；
B、滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以滑动变阻器和R2两端电压增大，所以R1两端电压减小．此选项错误；
C、R2阻值不变，滑片向右滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大，因为串联电路用电器两端电压与其阻值成正比，所以滑动变阻器和R2两端电压增大，由公式P=知：定值电阻R2消耗的功率变大．此选项正确；
D、R1两端电压与R2两端电压的变化量相同，已知R1＞R2，由公式I=知：R1电流的变化量小于R2电流的变化量．此选项正确．
故选A、C、D．
【点评】此题考查的是对一个基本的混联电路的分析，突破的关键是掌握串联电路和并联电路的基本规律，把握好总体（串联）与局部（并联）的衔接．
14．（2分）
【考点】大气压的综合应用．菁优网版权所有
【分析】A、水的压强导致内外高度差一样，
B、量筒里空气总量不变，而体积慢慢变大，压强变小，
C、根据p=ρgh分析烧杯底内表面受到的压强大小，
D、当向上提量筒时，量筒浸入水中的体积减少，所以受到的浮力减少，相应的量筒施加的向下的压力也同样减少，所以烧杯对桌面的压强逐渐变小．
【解答】解：（1）量筒倒置，不是真空有压强；所以静止时P筒气体+P水柱（量筒）=P大气，也就是P筒气+ρgh（水柱相对液面）=P大气，在量筒逐渐上提过程中，假设量筒内水柱相对量筒位置不变，则h增大，P水柱 增大，所以P筒气减小，实际上按照假设时候P筒气体积不变，所以假设错误，也就是筒内液面不会相对量筒不变，应当下降；假设筒内水柱高度相对外面液面高度差 h 不变，根据上面压强平衡关系式，ρ水gh不变，则P筒气也不变，如果h不变，量筒内气体体积肯定增加，压强减小，又产生矛盾，假设也不成立，所以量筒上提实际物理过程是，量筒液面h相对外面液面高度差增大，即h逐渐增大，相对量筒高度降低，即量筒内气体体积增大，压强减小
所以外面高度差保持不变A错误，同时B正确．
（2）由于烧杯中的水面下降所以根据p=ρgh，密度与g不变高度减小压强也会减小，故C是正确的；
（3）烧杯和水作为整体受到的重力不变，烧杯和水作为整体对放入其中的量筒施加了一个向上的浮力，力是相互作用的，那么量筒会施加给（烧杯和水）这个整体一个向下的压力（F压=F浮），当向上提量筒时，量筒浸入水中的体积减少，所以受到的浮力减少，相应的量筒施加的向下的压力也同样减少．相对于桌面来说，烧杯、水和量筒是一个整体，这个整体对桌面的力等于（G水+G烧杯+F压=F'压），那么向上提量筒的过程中，G水+G烧杯+F压的和（F'压）在减少，根据P=，受力面积不变，所以烧杯对桌面的压强逐渐变小．
故选BCD．
【点评】露出水面的部分有没有水，取决于内部压强是否小于外界大气压；能否充满水，取决于量筒内部是否是真空．

二、填空题（本题共10小题，15～22题每题2分，23、24题每题3分，共22分）
15．（2分）
【考点】密度及其特性．菁优网版权所有
【分析】①质量是物体的一种基本性质，不随物体的温度、形状、位置的变化而变化．
②密度是物质的一种特性，同种物质状态不变密度不变，不随物体的质量体积的大小而变化．
【解答】解：
一杯牛奶，喝掉一半，质量和体积均减小一半．
密度是物质的一种特性，不随物体的多少而变化，所以不变．
故答案为：变小；不变．
【点评】此题考查了质量和密度的特点．了解概念是基础，理解它们的特点是关键．
16．（2分）
【考点】串联电路和并联电路的辨别．菁优网版权所有
【分析】家庭中的各用电器在使用时互不影响，所以它们是并联的，但各支路的开关与被控电器是串联的．
【解答】解：家庭电路各用电器为了互不影响，常采用并联的方式；控制灯泡的开关与灯泡串联．
故答案为 并，串．
【点评】家庭电路电器的连接方式是并联，控制用电器的开关与用电器串联连接．
17． （2分）
【考点】太阳能的转化；电磁波的传播．菁优网版权所有
【分析】太阳能电池板就是将太阳能转化为电能的装置；电磁波可以在真空中传播．
【解答】解：太阳能帆板能将太阳能转化为电能；宇航员王亚平在进行空中授课时，通过电磁波实现天地对话的．
故答案为：太阳；电磁．
【点评】本题考查了电磁波的传播及能量转化问题，属于对基础知识的考查．
18．（2分）
【考点】核裂变；半导体的特点．菁优网版权所有
【分析】（1）核电站是利用核裂变的方式发电的；
（2）半导体的阻值随温度、光照和杂质等外界因素的不同而发生变化，故可以利用半导体制作成光敏电阻、热敏电阻以及二极管三极管等．
【解答】解：（1）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的；
（2）二极管和三极管都是要半导体制成的．
故答案为：裂；半导体．
【点评】（1）核能在地球上的储量是有限的，是不可再生的，主要是利用原子核的裂变产生的能量；
（2）半导体的应用非常广泛，初中物理只简单的介绍了半导体的定义，课外应多了解一下．
19．（2分）
【考点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能．菁优网版权所有
【分析】（1）改变物体内能有两种方式：做功和热传递．做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，热传递有传导、对流和辐射三种方式．
（2）热传递的实质是能量的转移，做功是能量的转化．
【解答】解：改变物体内能有两种方式：做功和热传递．
拿一段铁丝反复弯折多次，感到弯折处也烫手是通过做功改变物体内能的，对物体做功，物体内能增加，温度升高，把铁丝放在火上烤，铁丝的温度升高，是通过热传递的方式增大铁丝内能的．
故答案为：做功；热传递．
【点评】本题考查了改变物体内能有两种方式，对物体做功，物体内能增加，温度升高；物体吸收热量，内能增加，温度升高．
20．（2分）
【考点】通电螺线管的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素．菁优网版权所有
【分析】（1）磁体具有磁性能够吸引铁类物质．磁体周围存在磁场．
（2）通电螺线管磁性的强弱与电流大小、线圈匝数、有无铁芯有关，电流越大、匝数越多、有铁芯磁性越强．
【解答】解：如图所示，闭合开关S，铁片被通电螺线管吸住，说明通电螺线管周围有磁场；把滑动变阻器的滑片P从到a端滑b端，电阻变大，电流变小，磁性变弱，铁片受到的磁力变小．
故答案为：磁场；变小．
【点评】本题考查了影响通电螺线管的磁性强弱的因素，属于基础题．
21．（2分）
【考点】阿基米德原理．菁优网版权所有
【分析】轮船无论在什么海域航行都漂浮，所以受到的浮力都等于轮船受到的重力；
已知浮力的大小关系，从图可以得出轮船在不同海域排开海水体积的大小关系，再根据阿基米德原理确定不同海域海水的密度大小关系．
【解答】解：∵轮船始终漂浮，
∴F浮=G，
∴轮船在甲、乙两海洋中受到的浮力都等于轮船受到的重力G，
即F1=F2=G=mg，已知轮船的总质量不变，所以受到的浮力相等，即F1=F2；
又∵ρ液gV排=F浮，
∵由图知，轮船排开海水的体积：
V1＜V2，
∴甲、乙海洋海水的密度为ρ1＞ρ2．
故答案为：=；＞．
【点评】远洋海轮在不同海域航行时，海水的密度是不同的，但轮船始终是漂浮的，所以浮力始终等于重力．
本题考查了阿基米德原理、物体的浮沉条件，利用好漂浮的条件F浮=G是解此类题目的关键．
22．（2分）
【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．菁优网版权所有
【分析】（1）因为要观察烛焰在光屏上所成的像，所以实验环境越暗，观察效果越好；
（2）根据凸透镜成倒立实像的原理，物体相对于凸透镜向下移动，则像向上移动．
【解答】解：在“探究凸透镜成像的规律”实验中，为了便于观察实验现象，实验的环境应该较暗一些；
由于凸透镜成倒立的实像，所以蜡烛烧短后，光屏上烛焰的像将向上移动．
故答案为：较暗；上．
【点评】此题考查了凸透镜成像中遇到的实际问题及解决方案，更有利于应用．
23．（3分）
【考点】作光的反射光路图；作光的折射光路图．菁优网版权所有
【分析】掌握光的反射定律和光的折射规律．特别是反射角等于入射角，光从空气斜射入玻璃中，折射角小于入射角．据此画图．
【解答】解：已画出法线，入射角为60°，根据反射角等于入射角画出反射光线；光斜射向玻璃表面，折射角小于入射角画出折射光线，如图所示：

【点评】此题考查了光的反射、光的折射光路的画法，注意法线的画法、反射角与入射角的关系、折射角与入射角的关系．
24．（3分）
【考点】实物的电路连接．菁优网版权所有
【分析】R1与R2并联，开关S1控制R1和R2，说明开关S1在干路上，开关S2只控制R2，说明开关S2在R2所在的支路上；根据题意依次连接．
【解答】解：从正极开始连接，经开关S1后分支，一支经灯泡R1回到负极，另一支经开关S2、灯R2回到负极，如图：

【点评】本题考查根据题意连接实物图和根据实物图画出电路图，关键是明白各个用电器的连接情况以及开关的控制情况，连接实物图是初中物理的难点也是重点．

三、计算题（本题共3小题，共18分）
25．（6分）
【考点】热平衡方程的应用．菁优网版权所有
【分析】（1）知道水的质量、比热容、初温和末温，根据公式Q吸=cm（t﹣t0）可求出水吸收的热量．
（2）根据Q放=mq可求出这些热量相当于完全燃烧多少干克酒精放出的热量．
【解答】解：（1）∵m=50kg，c=4.2×103J/（kg•℃），t=100℃，t0=20℃，
∴水吸收的热量为：Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×50kg×（100℃﹣20℃）=1.68×107J．
（2）∵Q放=mq，q=3.0×107J/kg，
∴m===0.56kg．
答：（1）水吸收的热量是1.68×107J．
（2）这些热量相当于完全燃烧0.56kg酒精放出的热量．
【点评】本题考查学生对热传递过程中吸热公式和燃料燃烧放出热量公式的理解和应用，难度不大．
26．（6分）
【考点】电功率的计算；欧姆定律的变形公式．菁优网版权所有
【分析】（1）分析电路可知，开关s接“1”时，变阻器的滑片在A端，电路为R1的基本电路；由功率的变形公式R=求出R1的电阻；
（2）分析电路可知，开关s接“2”时，变阻器的滑片在A端，两个定值电阻串联；根据串联电路的特点，由欧姆定律求出电路电流；
（3）分析电路可知，开关s接“1”时，变阻器的滑片在B端，滑动变阻器与定值电阻R1串联，根据串联电路的特点，由欧姆定律求出电路电流，然后由功率公式P=I2R求出R1的功率．
【解答】解：（1）开关s接“1”时，滑动变阻器与R1串联，
电阻R1的阻值R1===18Ω；
（2）开关s接“2”时，开关s接“2”时，变阻器的滑片在A端，两个定值电阻串联，
电路电流I===0.6A；
（3）开关s接“1”时，变阻器的滑片在B端，
此时电路中电流：I′===1.2A，
R1的功率：P=I′2R1=（1.2A）2×18Ω=25.92W．
答：（1）R1的电阻是18Ω；
（2）开关s接“2”时，变阻器的滑片在A端，电路中的电流是0.6A；
（3）开关s接“1”时，变阻器的滑片在B端，R1的功率是25.92W．
【点评】本题考查了求电阻的阻值、电流、功率等问题，分析电路结构是正确解题的前提，熟练掌握功率的变形公式、欧姆定律、功率公式是正确解题的关键．
27．（6分）
【考点】压强的大小及其计算；功的计算；滑轮（组）的机械效率．菁优网版权所有
【分析】（1）求出建材对货箱的压力，然后由压强公式求出建材与货箱的压强．
（2）由功率的变形公式W=Pt可以求出拉力的功．
（3）由功是计算公式求出有用功，然后由效率公式求出提升建材的机械效率．
【解答】解：（1）建材对货箱的压力F=G=6300N，
建材对货箱的压强p===5250Pa；
（2）∵P=，
∴拉力做的功W=Pt=1800W×60s=1.08×105J，
（3）有用功W有用=Gh=6300N×12m=7.56×104J，
提升建材的效率η===70%；
答：（1）建材对货箱水平底面的压强是5250Pa．
（2）拉力F所做的功是1.08×105J．
（3）该滑轮组提升这些建材的机械效率是70%．
【点评】本题考查了求压强、拉力的功、机械效率问题，应用压强公式、功率变形公式、功的计算公式、效率公式即可正确解题，是一道中档题．

四、简笞题（本题共2小题，共6分）
28．（3分）
【考点】物体的浮沉条件及其应用．菁优网版权所有
【分析】掌握热气球的浮沉原理，通过改变自身的密度来实现沉浮的．
【解答】答：热气球静止在空中时，重力等于浮力，且气囊内外的气体压强相等；火焰调小一些后，气囊内气体温度降低，压强变小，小于外部气体压强，气囊外空气进入气囊内，密度变大，根据G=mg=ρVg，热气球重力变大；因为浮力不变，所以重力大于浮力，热气球就会下降．
【点评】此题考查了热气球浮沉的原因，热气球是通过改变自身气体的密度来实现沉浮的，不是改变自身体积来实现沉浮的．热的气体比冷的气体密度小，这是热气球沉浮使用的原理．

29．（3分）
【考点】凹透镜的发散作用．菁优网版权所有
【分析】欲找出AB通过圆弧形水面所成的像，我们只需找出其两个端点的成像情况即可；而要找出一个端点所成的像，就需要从这个点上引出两条光线，看其穿出圆弧形水面时的光线的方向，然后再将其反向延长，则其交战即是该点的像的位置，同理，再做出另一端点的成像情况，最后将二者连接起来，观察像的大小再做出结论．
【解答】解：如图所示，来自A点射向圆心的光线，出射光线方向不变．来自A点斜射向界面的光线，出射光线远离法线偏折；两条出射光线反向延长线相较于A′点，A′是A的虚像；同理，B点成像于B′点，A′B′小于AB；所以，看到的“鱼”是鱼的缩小的虚像．

【点评】本题的特点是明确这一特征的水面对光线起到了怎样的作用，这才是本题的突破口．有一定的思维难度．

五、综含题（本题共3小题，共16分）
30．（5分）
【考点】探究杠杆的平衡条件实验．菁优网版权所有
【分析】（1）调节杠杆平衡时，哪端高，平衡螺母向哪端调节；
（2）为了便于测量力臂，应使杠杆在水平位置平衡，消除杠杆自身重力对实验的影响；
（3）要得到普遍性的规律，在实验中应多测几组数据进行分析；
（4）在实验中，一端用钩码，若另一端用弹簧测力计拉动杠杆，可以使杠杆更快的平衡．
【解答】解：（1）杠杆右端下沉，左端上翘，应将平衡螺母向左端移动；
（2）实验时仍然使杠杆在水平位置平衡，这样更容易测量力臂，并且可以消除杠杆自身重力对杠杆平衡的影响；
（3）由表格中数据知，2、3数据非常特殊，得出动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积也是偶然的，所以结论不具普遍性；
（4）若两端都用钩码，则需不断调节钩码的位置及数量使杠杆平衡，可能操作有些麻烦，若另一端用弹簧测力计竖直向下拉的方法做实验，这样只要确定测力计的位置，通过改变力的大小便可很快使杠杆在水平位置平衡，更加方便．
故答案为：（1）左；（2）便于测量力臂，消除杠杆自身重力对实验的影响；（3）不具普遍性；原因是2、3次实验都是等臂的，相当于一次实验，所以少一次实验；（4）用弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，由于测力计的力可以连续变化，容易得到所需要的力，不需要调整力臂，所以这种方法很容易使杠杆平衡．
【点评】此题是探究杠杆平衡条件的实验，考查了杠杆的调平，及实验中应注意的问题，在实验中为得到普遍性的规律，应多测几组数据进行分析．
31．（5分）
【考点】控制变量法与探究性实验方案．菁优网版权所有
【分析】（1）热水的温度随着时间逐渐降低．
（2）根据表中实验数据，在坐标系内描出对