2016年辽宁省盘锦市中考物理试题（解析）.doc

2016年辽宁省盘锦市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共9小题，16题为单选题，79题为多选题，满分21分）1【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、中性笔的质量约为10g左右，故A不符合实际；B、正常情况下，人的脉搏1min跳动的次数在70次左右，跳动一次的时间接近1s。故B不符合实际；C、一层楼的高度在3m左右，教室的门高约为2m，故C符合实际；D、物理书的质量约为300g0.3kg，则重力Gmg0.3kg10N/kg3N，故D不符合实际。故选：C。【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，也是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义。2【分析】物质有三种状态：固态、液态、气态，物质从一种状态转化为另一种状态称为物态变化。要弄清是哪种物态变化，关键是要分清是从哪种状态转化成哪种状态。【解答】解：A、玻璃上的冰花是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶。故A错误；B、树上的雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的冰晶。故B正确；C、草叶上的露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠。故C错误；D、雪糕周围的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴。故D错误。故选：B。【点评】学生对此类判断物态变化题目经常犯的错误就是没有分清物质的前后状态，凭自己的感觉随意乱填，就很容易出错。3【分析】由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n3。（1）知道提升的物体重和拉力，利用求该滑轮组的机械效率；（2）使用的滑轮组承担物重的绳子股数等于从动滑轮上直接引出的绳子股数；（3）不计绳重和摩擦，拉力F（G+G动），据此求动滑轮重力；（4）利用s3h求自由端移动的距离。【解答】解：A、由图知，n3，该滑轮组的机械效率为：100%83.3%，故A正确；B、由图知，承重绳子段数是3，故B错；C、不计绳重和摩擦，F（G+G动），即：12N（30N+G动），解得G动6N，故C错误；D、自由端移动的距离：s3h30.6m1.8m，故D错误；故选：A。【点评】本题考查了使用滑轮组拉力、机械效率的计算，注意两个公式的使用：一是，二是不计绳重和摩擦，拉力F（G+G动）。4【分析】由图象中数据可求得物体密度与水的密度关系可知两物体在水中的状态；根据物体的浮沉条件判断两物体的浮力大小关系。【解答】解：由图可知：在体积相同的条件下，mAm水mB，根据可知：A水B，所以根据物体的浮沉条件可知：用A、B两种物质制成质量相等的甲、乙两个实心物体，放入足够多的水中，甲放入水中会沉下去，乙会浮在水面。故BC错误。所以，F浮甲G甲，F浮乙G乙，由于甲、乙两个实心物体质量相等，则G甲G乙，所以，F浮甲F浮乙故A错误，D正确。故选：D。【点评】本题利用图象法求得物体的密度，根据密度公式及物体的浮沉条件进行分析求解；图象法是物理学中常用方法，在学习中应注意如何读出图象中告诉的有用信息并能加以利用。5【分析】（1）总开关的作用，便于在检修电路和更换电路元件时切断电路，总开关应安装在保险装置的前面、电能表到的后面；（2）开关与所控制的用电器串联，要接在火线和控制用电器之间。【解答】解：AB、总开关的作用是便于在检修电路和更换电路元件时切断电路，总开关应安装在保险装置的前面，故A错、B正确；C、控制用电器的开关要连接在火线和用电器之间，断开开关时，用电器上没有电，更安全，故C错；D、控制用电器的开关短接时，相当于开关闭合，用电器正常工作，不会引起空气开关跳闸，故D错。故选：B。【点评】本题考查了家庭电路的连接，连接开关一是要考虑开关的作用，二是考虑安全。6【分析】（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律；（2）改变电阻两端的电压进行多次测量求平均值，减小实验误差；（3）根据欧姆定律内容可知，在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；（4）从温度对灯泡电阻的影响分析答题。【解答】解：A、伏安法测电阻的原理是：欧姆定律，即R，故A错误；B、实验需要多测几组数据的目的是取电阻的平均值，减小误差，故B错误；C、分析实验数据也能得出，在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，故C正确；D、灯泡实际功率随电压与电流的增大而增大，灯泡实际功率越大，灯丝温度越高，灯泡电阻受温度影响，随温度升高而增大，因此三次测得小灯泡的阻值不相等，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了伏安法测电阻的原理、多次实验的目的、欧姆定律的内容以及影响电阻大小的因素，考查的知识点较多。7【分析】根据凸透镜的成像规律，当u2f时，成倒立、缩小的实像。照相机、摄像机就是根据这个原理制成的。当u2f时，成倒立、等大的实像。当fu2f时，成倒立、放大的实像。幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的。当uf时，无像。经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点。当uf时，成正立、放大的虚像。放大镜就是根据这个原理制成的。凸透镜成倒立实像时，像与物体的左右、上下都相反。【解答】解：A、把蜡烛放置在光具座上10cm处，物距为50cm10cm40cm，满足条件u2f时，成倒立、缩小的实像；故A正确；B、烛焰向左晃动，则光屏上烛焰的像向右晃动；故B错误；C、凸透镜所成的实像是由实际光线汇聚而成的，无论光屏是否存在，像都是存在的；故C错误；D、把蜡烛放置在光具座上10cm处，物距为40cm；移动到45cm处时，物距为5cm；物距从40cm处向10cm处移动时，成倒立的实像，像逐渐变大；物距由10cm处向5cm处移动时，成正立的虚像，像逐渐变小；所像先变大后变小；故D正确。故选：AD。【点评】本题主要考查了凸透镜成像规律的应用，要熟记凸透镜成像的规律和像的特点，特别搞清物距与像距之间的关系。8【分析】（1）最早证明大气压存在的，并且最著名的实验是马德堡市的市长奥托格里克做的马德堡半球实验。（2）上端开口，下部连通的容器叫做连通器，连通器的特点是容器中的水不流动时，各个容器中液面总是相平的。（3）根据流体压强与流速的关系逐步分析。思路是先确定压力差向哪儿，哪里的压强小，哪里的流体流速大。（4）气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。【解答】解：A、托里拆利实验证明了大气压的存在，不能证明液体内部压强随深度的增加而增大。故A错误；B、船闸的上游阀门打开时，上游和闸室构成连通器，下游阀门打开时，下游和闸室构成连通器，故B正确；C、屋子中吹过“过堂风”时，居室侧面摆放的衣柜的门外面空气流速大，压强小，小于柜门内的大气压，产生了一个向外的压强差，将柜门压开。故C正确；D、因为气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低，高原地区气压小于一个标准大气压，水的沸点低于100，所以高原边防哨所的战士用压力锅煮面条才能吃到熟的面条。故D错误。故选：BC。【点评】此题考查液体压强的特点、沸点及沸点与气压的关系、连通器原理、流体压强和流速的关系，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。9【分析】（1）串联电路中总电压等于各串联导体两端电压之和，串联电路中电流处处相等；（2）用电器正常工作时，实际电压与额定电压相等、实际功率与额定功率相等，结合串联电路中电流电压关系进行解题；（3）电流表、电压表在使用时，示数均不允许超过所用量程的最大值，据此解题；（4）滑动变阻器阻值的改变，会影响到电路中电流及用电器两端电压的改变，但用电器两端电压不能超过其额定电压，电流表电压表示数不能超过量程最大值。【解答】解：A、由图1可知，灯L、滑动变阻器RPA串联，电压表V测RPA部分电压，根据串联电路的电压特点，RPA部分电压变大，则灯泡L两端电压变小，而灯L电阻不变，所以通过灯L的电流即电流表A的示数会变小，故A不正确；B、由图1可知，灯L与变阻器串联，小灯泡正常发光时，其两端实际电压等于额定电压：3：1，故B正确；C、由图1可知，灯L与变阻器串联，当滑片P由B向A移动时，接入电路中的电阻逐渐变小，电压表示数由大变小，则灯L两端电压由小变大，但不能超过灯泡L的额定电压6V，由于电压表所用03V量程，因而其示数不能超过3V，因此当电压表示数为最小值3V时，灯泡L两端电压为U灯8V3V5V，即灯泡两端电压变化范围为5V6V，故C正确；D、由题可知，L与变阻器串联，L两端电压不能超过6V，因此可知，电压表V的示数不能小于2V，由于电压表所用03V量程，因而其示数不能超过3V，分析以上可知，电压表的示数变化范围为2V3V，依据串联电路的电流电压特点，结合欧姆定律可得出：当电压表V的示数为2V时，变阻器接入电路的电阻最小：R小4；当电压表V的示数为3V时，变阻器接入电路的电阻最大：R大7.2；即变阻器的变化范围为47.2，故D正确；故选：BCD。【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据灯泡的额定电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，由电压表量程确定变阻器的最大阻值，综合性强，是一道较难的题目。二、填空题（共10小题，每小题4分，满分28分）10【分析】解答此题从以下知识点入手：物体发生弹性形变后，在恢复原状的过程中对与它接触的物体产生的力叫做弹力；当一个物体对另一个物体有力的作用时，另一个物体也同时对这个物体有力的作用，即力的作用是相互的；物体都有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，即惯性；力可以改变物体的运动状态。【解答】解：物体发生弹性形变后，在恢复原状的过程中对与它接触的物体产生的力叫做弹力；运动员用力把球踢了出去，感到脚上有点疼，这是因为脚受到足球的作用力，即物体间力的作用是相互的；足球离开脚后可以继续向前飞行，是由于任何物体都具有惯性；守门员把迎面而来的足球牢牢抓住，使足球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态。故答案为：弹；相互的；惯性；运动状态。【点评】解决此类题目要会利用力作用的相互性，并结合惯性、物体运动状态变化原因等知识点解释一些生活现象。11【分析】声音是由物体的振动产生的，笛子口琴等管乐器产生的声音是由内部的空气柱振动产生的，短的空气柱产生高音，长的空气柱产生低音。【解答】解：吹笛子发出的声音，是由笛子内部空气柱振动产生的；用手指按住不同的孔，改变了里面空气柱的长度，改变了振动快慢，从而改变了声音的音调。故答案为：振动；音调。【点评】本题考查了声音的产生以及音调的相关知识，属于声学中比较基础的内容，相对比较简单。12【分析】动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能动能+势能；电磁波可以在真空中传播，卫星导航定位应用电磁波传递信息。【解答】解：无人机携包裹加速上升过程中，它的质量不变，速度增大，所以动能增大；高度增加，所以重力势能增加；当返航的无人机在空中匀速下降时，它的质量不变，速度不变，所以动能不变；高度减小，所以重力势能减小，所以机械能减小；飞行过程中无人机需要通过卫星进行定位，它与卫星之间通过电磁波传递信息。故答案为：增大；增大；减小；电磁波。【点评】本题考查对动能、重力势能、弹性势能的影响因素及电磁波应用的认识和了解，属于一道基础题。13【分析】物体有热胀冷缩的性质，温度变化，体积会变化，它的密度随温度变化。【解答】解：建筑物内起火后，含有有毒有害气体的空气由于温度升高，室内空气体积膨胀，密度减小，有毒气体漂浮在房间的上方。故答案为：变大；变小；上。【点评】此题通过建筑物内部起火人如何正确逃生考查了物质的体积、密度与温度的关系，体现了物理知识与生活的密切联系。14【分析】（1）静止的物体和匀速直线运动的物体都受到平衡力的作用；（2）重力方向竖直向下；（3）增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（4）已知水的深度，根据公式pgh可求水对容器底部的压强。【解答】解：矿泉水瓶静止在空中，瓶子受到竖直向下的重力和手对瓶子竖直向上的摩擦力，这两个力是一对平衡力，使瓶装矿泉水不下滑的力是手对瓶子的摩擦力；松手后，瓶装矿泉水就会在重力作用下落向地面；瓶盖上刻有一道道竖直的条纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦；已知h12cm0.12m，则水对瓶底部的压强：pgh1.0103kg/m310N/kg0.12m1200Pa。故答案为：摩擦力；重力；接触面的粗糙程度；1200。【点评】本题通过一个矿泉水瓶考查了增大摩擦的方法、平衡力、重力以及压强的计算等知识点，充分说明了生活与物理的紧密联系，平时学习物理时注意联系实际。15【分析】3000r/kWh表示的是电路中每消耗1kWh的电能，电能表的转盘转3000r，或者表示电能表每转1r，电路中消耗kWh的电能，求出转盘转600r电路中消耗的电能；再利用P求出空调的实际功率。【解答】解：由图可知，电能表表盘上标有3000r/kWh，空调工作时，电能表转盘转动600r，则空调消耗的电能为：WkWh0.2kWh7.2105J；空调工作时间：t5minh，空调的实际功率：P2.4kW2400W。故答案为：7.2105；2400。【点评】本题考查了用电器消耗电能和电功率的计算，理解“3000r/kWh”的含义是本题的关键。16【分析】（1）像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源；（2）发电机的制作原理是电磁感应现象，即发电过程是将机械能转化为电能的过程。【解答】解：（1）风能是一种很清洁的可再生能源，资源丰富，无污染；风力发电将风能转化为电能；（2）发电机是通过运动产生电能，即是利用电磁感应现象的原理制成的，故是将机械能转化为电能的装置。故答案为：（1）可再生（2）电磁感应、【点评】本题考查了可再生能源、电磁感应知识，属于基础题。17【分析】家庭电路中电流过大的原因有两个：短路和电路总功率过大。据此分析回答。【解答】解：家庭电路中各用电器是并联的，很多用电器同时使用，它们的总功率会很大。家庭电路的电压一定，由I可知，电路中的总电流可能超过安全值；引起家庭电路中电流过大的另一个原因是短路。故答案为：功率；短路。【点评】本题考查了家庭电路中电流过大的原因，属于基础题目。18【分析】半导体二极管具有单向导电性，它只允许电流从它的正极流向负极，不允许从负极流向正极；带电体有吸引轻小物体的性质。【解答】解：半导体二极管具有单向导电性；电视机工作时，由于电子运动到了屏幕上，而使屏幕带了电，而带电体有吸引轻小物体的性质，故把灰尘吸引到了屏幕上。故答案为：单向导电；吸引。【点评】本题考查半导体的特点及物体的带电现象，属于基础题。19【分析】根据决定电阻大小的因素进行分析，即影响电阻大小的因素有导体的材料、长度和横截面积，注意要用控制变量的思维来分析【解答】解：在温度不变时，导体的电阻由导体的材料、横截面积和长度决定；图中的AB、CD两电阻丝的长度相同、材料也相同，横截面积不同，故通过观察电流表的示数研究导体的电阻与导体的横截面积是否有关；如果再提供一条外形和CD完全相同的锰铜合金线时，它们的长度、横截面积相同，材料不同，故通过观察电流表示数研究导体的电阻与导体的材料是否有关。故答案为：电流表的示数；横截面积；材料。【点评】知道影响电阻大小的因素：材料、长度、横截面积、温度，会用控制变量法进行探究分析。三、解答题（共3小题，满分9分）20【分析】（1）连接AC、BC从而确定了反射光线与入射光线的夹角，可画出角平分线即为法线，然后即可确定平面镜的位置。（2）光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角。【解答】解：连接AC，BC，作ACB的角平分线，即为法线，因为镜面与法线垂直，所以做法线的垂线即为平面镜的位置，B点为反射光线射向水面的入射点，根据光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，可画出折射光线，如图所示。【点评】平面镜成像特点与光的反射定律相结合来作图，比较直观、简捷、准确；在光路图中，实线虚线要分清，一般情况下只有实际光线化成实线，实际光线的反向延长线、法线都要画虚线表示。21【分析】在杠杆上，支点指的是杠杆绕着转动的点；根据杠杆的平衡条件，动力臂越长越省力，首先确定出最长的力臂，然后画出的示意图；由支点到力的作用点的距离是最长的力臂。【解答】解：由图可知，A点是长方体的重心，故以长方体的左下角为支点时，阻力臂最短，以其左下角与右上角的连线为最长动力臂时，动力最小，使物体的右端稍微离开地面，最小动力的方向斜向右上方，如图所示：【点评】此题考查了有关力臂的画法和最小力的示意图的画法，要画出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到作用点的距离。22【分析】可根据“磁感线在磁体的外部是从N极出发回到S极和磁极之间的相互作用，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”两个知识点来解答。【解答】解：图中小磁针静止时N极朝上，所以小磁针附近的磁感线方向朝上；由于在磁体外部的磁感线是从N极出发回到S极，所以图中的磁感线都是回到S极，则左边磁体的右端应为S极，右边磁体的左端也为S极。故答案如下图：【点评】本题难度不是很大，知道磁感线的分布特点、知道小磁针静止时的指向是正确解题的关键。四、简答题（共1小题，满分4分）23【分析】压强是来描述压力作用的效果，根据脚印深浅不同，可知压力作用效果不同，也就是压强不相等；然后利用p进行分析，并结合控制变量法得出压力作用效果不同的原因。【解答】解：小聪和小明穿有同款同号码鞋，雪地的受力面积相同，小聪在雪地上留下的脚印明显比小明的深，说明小聪对雪地的压强大于小明，由p可知，小聪对雪地的压力大于小明，在雪地上行走时，对地面的压力等于自身的重力，则小聪的体重大于小明。【点评】此题考查了学生对压强概念的理解及影响因素，在分析力的作用效果时，需同时考虑压力和受力面积。五、计算题（共3小题，满分22分）24【分析】（1）已知景区观光公路全长和游客乘电车游览全程需要的时间，利用v计算电车的平均速度；（2）满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，利用Gmg求出，然后利用p计算电车对地面压强；（3）根据力的平衡得出牵引力的大小，利用WFs计算在这段路程内电车牵引力做功。【解答】解：（1）电车的平均速度：v9km/h；（2）满载的电车静止时对地面的压力：FGmg1600kg10N/kg1.6104N，电车对地面压强：p2105Pa；（3）电车在某段水平公路上沿直线匀速行驶，则牵引力：Ff1500N，在这段路程内电车牵引力做功：WFs1500N2103m3106J。答：（1）电车的平均速度是9km/h；（2）电车对地面压强是2105Pa；（3）在这段路程内电车牵引力做功是3106J。【点评】此题考查速度、重力、压强、功的计算，以及二力平衡条件的应用，具有一定的综合性，但总体难度不是很大，关键是知道满载的电车在水平地面上静止时对地面的压力等于车和人的总重力，此外，解题过程中应注意单位换算。25【分析】（1）由于是在1标准大气压下将水烧开，则可知水的末温为100，然后根据公式Qcmt可求水吸收的热量。（2）已知加热时间和额定功率，根据P可求得加热过程中消耗的电能，然后求出效率；（3）由题知，Q放W，再利用Q放Vq求需要完全燃烧多少煤气。【解答】解：（1）由于是在1标准大气压下将水烧开，则可知水的末温t100，所以水吸收的热量：Q吸c水m水（tt0）4.2103J/（kg）1.5kg（10020）5.04105J；（2）根据P可得，加热过程中消耗的电能：WPt2000W660s7.2105J，电热水壶烧开这壶水的效率：100%100%70%；（3）由题意可知：Q放W7.2105J，由Q放Vq可得：V0.018m3。答：（1）水吸收的热量是5.04105J；（2）电热水壶烧开这壶水的效率是70%；（3）烧开这壶水消耗的电能相当于完全燃烧0.018m3的煤气。【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸cmt、燃料完全燃烧放热公式Q放Vq的掌握和运用，计算时注意固体燃料热值单位（J/kg）与气体燃料热值单位（J/m3）的区别。26【分析】（1）由电路图可知，当只闭合开关S2，R1和R3串联，根据串联电路电阻特点可求出总电阻，然后利用欧姆定律求出电路中的电流，最后根据焦耳定律求出R3产生的热量；（2）由电路图可知，当只闭合开关S3，R1和R2串联，根据PI2R的变形公式求出电路中的电流，然后利用欧姆定律求出电路的总电阻，最后根据串联电路电阻特点可求出R2的阻值；（3）由电路图可知，当同时闭合开关S1、S2、S3，R1被短路，R2和R3并联，电流表测干路中的电流，根据欧姆定律求出通过R2和R3的电流，进而得出总电流，即为电流表的示数。【解答】解：（1）由电路图可知，当只闭合开关S2，R1和R3串联，根据串联电路电阻特点可知，总电阻：R总R1+R310+5060，由欧姆定律得，电路中的电流：I0.2A，时间t1min60s，由焦耳定律得，R3产生的热量：QI2R3t（0.2A）25060s120J。（2）由电路图可知，当只闭合开关S3，R1和R2串联，由PI2R得，电路中的电流：I0.4A，由I得，此时电路的总电阻：R总30，根据串联电路电阻特点可知，电阻R2的阻值：R2R总R1301020。（3）由电路图可知，当同时闭合开关S1、S2、S3，R1被短路，R2和R3并联，电流表测干路中的电流，由欧姆定律得，通过R2的电流：I20.6A，通过R3的电流：I30.24A，根据并联电路电流规律可得，干路中的电流：I1I2+I30.6A+0.24A0.84A，即电流表的示数为0.84A。答：（1）只闭合开关S2，1min内R3产生的热量是120J；（2）只闭合开关S3，R1的功率是1.6W，R2的阻值是20；（3）同时闭合开关S1、S2、S3，电流表的示数是0.84A。【点评】本题考查串、并联电路的特点、欧姆定律的应用、焦耳定律的应用以及电功率公式的应用等知识，关键是正确分析开关控制下的电路连接方式，灵活运用公式及变形公式，虽涉及到的知识点较多，但总体难度不大。六、实验探究题（共6小题，满分36分）27【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，由此分析解答；（2）本实验除了测量水的温度，还需要记录加热时间；（3）液体沸腾时吸收热量，温度保持不变。（4）液体沸点与气压有关，气压越大、沸点越高，但与液体的质量无关。【解答】解：（1）酒精灯要使用外焰加热，所以合理顺序应先放好温度计，由其外焰高度确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体温度时，玻璃泡要浸没在液体中，不能接触容器底和壁，所以接着应放置烧杯，最后安装温度计。即顺序为：，故选B；（2）该实验还需要记录加热时间，还需要的测量工具是停表；（3）从实验中可以看到，在沸腾过程中，温度不变，但酒精灯要持续加热，所以说液体在沸腾过程中需要不断吸热；（4）实验时为了提高水的沸点，可以给容器加盖，减少水的质量不能提高水的沸点，利用减少水的质量的方法不可行。故答案为：（1）B；（2）停表；（3）不变；吸热；（4）不可行。【点评】本题以水沸腾的实验考查了实验装置的装配、实验器材的选择、水沸腾的特点、液体沸点的影响因素等，属于基础知识的考查。28【分析】（1）在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜；沿玻璃板在纸上画一条直线，代表平面镜的位置；实验时采用两个完全相同的蜡烛，一支蜡烛放在玻璃板的前面并点燃，另一支放在玻璃板的后面，当玻璃板后面的蜡烛和玻璃板前面的蜡烛的像完全重合时，可以确定像的位置，同时也可以比较物像大小关系；（2）由实验中获得的数据进行比较分析，可以得出相应的结论；（3）（4）物体在平面镜里成的像是正立的虚像，与物体大小相同、连线与镜面垂直、到镜面的距离相等、左右相反。【解答】解：（1）在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜；沿玻璃板在纸上画一条直线，代表平面镜的位置；玻璃板后面没有点燃的蜡烛和玻璃板前面点燃蜡烛的像完全重合，此时可以确定像的位置，同时也证明了像与物体的大小相等（或相同）；（2）由表格中的数据可知，蜡烛到玻璃板的距离与相对应的蜡烛的像到玻璃板的距离是相等的；（3）用直线把每次实验中蜡烛和它的像在纸上的位置连起来，发现像和物的连线与玻璃板垂直；（4）因为平面镜所成的像与物体的连线与镜面垂直，所以将玻璃板竖直向上提起1cm，则蜡烛的像的位置保持不变，故D正确。故答案为：（1）平面镜的位置；重合；大小；（2）像和物体到镜面距离相等；（3）垂直；（4）D。【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像特点，解答此类题目就很容易。29【分析】（1）根据指针左偏右调、右偏左调的特点分析；（2）根据量筒中的示数读出量筒内牛奶的体积；（3）根据丙图读出牛奶和杯子的总质量，则量筒内牛奶的质量等于烧杯和牛奶的总质量减杯子的质量；天平的读数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；根据密度公式计算出牛奶的密度；（4）在评估实验方案时，重点分析在操作过程中对体积、质量的测量结果是否产生误差，进而分析对密度造成的影响。【解答】解：（1）由甲图知，指针偏左，所以应将平衡螺母向右移动；（2）由图丙知，量筒内牛奶的体积为V30ml30cm3；（3）牛奶和烧杯的总质量为20g+20g+5g+3g48g，所以烧杯中牛奶的质量m48g15g33g；牛奶的密度1.1g/cm31.1103kg/m3；（4）从量筒向烧杯中倒牛奶时，也会在量筒中有残留，造成质量测量值会偏小，会导致密度结果偏小。故答案为：（1）右；（2）30；（3）33；1.1103；（4）偏小。【点评】在液体密度测量的实验中，实验步骤的安排非常关键，实践中我们应从减小误差的角度考虑，选择最佳的方案进行实验，确保结果的准确性。30【分析】浮力的大小与物体排开液体的体积和液体的密度有关，在探究时要注意控制变量法的运用。利用称重法可得出浮力的大小，再根据浮力公式F浮液gV排的变形可得出物体的体积。【解答】解：（1）从物体C接触水面开始直至浸没，弹簧测力计的示数越来越小。据此得出：浮力的大小与物体进入液体的深度有关，这一结论是不正确的。因为在这一过程中没有控制物体排开液体的体积相同。（2）通过分析甲和乙、丙步骤，排开液体的体积越大，弹簧测力计的示数越小，说明受到的浮力越大，故可以得出：物体在液体中所受浮力的大小跟它浸在液体中的体积有关。（3）通过分析甲、丙、丁步骤还可以看出，物体排开液体的体积相同，但液体的密度不同，受到的浮力不同，故可以探究浮力的大小与液体密度有关。（4）由图甲、丙可得出，F浮GF拉4.0N3.5N0.5N，由公式F浮液gV排得物体C的体积：VV排5105m3。故答案为：（1）不正确；没有控制物体排开液体的体积相同；（2）乙、丙；（3）液体密度；（4）5105。【点评】本题考查了影响浮力大小的因素，侧重考查了控制变量法的应用，分析清楚图示的情况、会灵活运用称重法和浮力公式是正确解题的关键。31【分析】（1）铁芯应该是磁性材料，可以利用的磁性材料有钢（硬磁性材料）和铁（软磁性材料），它们在通电螺线管内就会被磁化，铁芯被磁化后，也获得了磁性，产生磁场，使通电螺线管的磁性增强。（2）小磁针N极静止时指向的方向为该点磁场方向；（3）通电螺线管的外部磁场与条形磁铁的磁场相似；磁感线是假想的曲线，客观上不存在。（4）根据右手螺旋定则的内容填写。（5）首先根据右手螺旋定则判断出螺线管的极性，然后根据磁体间的相互作用判断两个螺线管之间的相互作用。【解答】解：（1）可以充当“芯”的材料是铁，通电螺线管中插入铁棒后，铁棒被通电螺线管的磁场磁化，磁化后的铁棒也变成了一个磁体，这样由于两个磁场互相叠加，从而使螺线管的磁性大大增强；（2）小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向，故把小磁针放到螺线管四周不同位置，螺线管通电后记录小磁针N极的方向；（3）通电螺线管外部磁感线也是从N极指向S极，故通电螺线管外部的磁场与条形磁铁的磁场相似；（4）通电螺线管的磁场极性与电流方向之间的关系由右手螺旋定则来确定：用右手握住螺线管，让弯曲的四指所指的方向跟螺线管中电流的方向一致，那么，伸直的大拇指所指的那端就是通电螺线管的N极。（5）由图可知，丙和丁两个螺线管的绕线和电流方向均相同，根据右手螺旋定则可知，丙和丁螺线管的左端都为N极，则丙的右端为S极，两个螺线管之间的磁极为异名磁极，异名磁极互相吸引，所以这两个螺线管之间会相互吸引。故答案为：（1）铁；（2）N；（3）条形；（4）N；（5）吸引。【点评】本题探究通电螺线管外部磁场的实验，考查了磁极间的相互作用及安培定则的应用，通电螺线管的磁场特点等。要求能熟练应用安培定则，由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向。32【分析】（1）电压表选用大量程，并联在灯的两端，电流表选用小量程，注意变阻器的接法；（2）电流表指针反向偏转，则电流从负接线柱流入了；（3）小灯泡在额定电压下才能正常发光；根据电流表的小量程读数；根据P额U额I计算额定功率；（4）在缺少电流表的情况下，电压表和定值电阻起到测量电流的作用，通过两个开关的转换，使电压表既能测出灯正常工作时的电压又能测出此时灯和定值电阻两端的总电压，根据P额U额I即可求出小灯泡的额定功率。【解答】解：（1）因灯的额定电压为3.8V，所以电压表选用大量程，电压表并联在定值电阻的两端，将电流表与变阻器串联在电路中，如图所示；（2）电流表指针反向偏转，则电流从负接线柱流入了，说明电流表的正负接线柱接反了；（3）小灯泡在额定电压下才能正常发光，移动滑动变阻器滑片使电压表的示数为3.8V时，小灯泡刚好正常发光；电流表的小量程为0.02A，小灯泡的额定功率P额U额I3.8V0.4A1.52W；（4）首先要移动滑片使灯正常发光，所以电压表并联在灯的两端，电压表还要测出灯正常工作时灯和定值电阻两端的电压，定值电阻应与灯串联，即可求出灯正常工作时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出此时通过灯的电流，即灯正常工作时的电流，在丁图的虚线框内分别填入电压表、电阻、开关S2这三个元件的符号，如图所示：步骤一：闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为3.8V；步骤二：闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片的位置不变，记录电压表的示数U。故答案为：（1）如上图所示；（2）电流表正负接线柱接反了；（3）3.8；0.4；1.52；（4）合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器的滑片使电压表示数为3.8V；闭合开关S、S2，断开开关S1，保持滑片的位置不变，记录电压表的示数U。【点评】本题测小灯泡的电功率，考查电路的连接、常见故障的分析判断、电功率的计算及设计实验方案的能力，综合性较强，有一定难度。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2022/1/24 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