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2011年四川省乐山市中考数学试卷
一、选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．
1．（3分）小明家冰箱冷冻室的温度为﹣5℃，调高4℃后的温度为（　　）
A．4℃ B．9℃ C．﹣1℃ D．﹣9℃
2．（3分）如图，在4×4的正方形网格中，tanα＝（　　）

A．1 B．2 C． D．
3．（3分）下列函数中，自变量x的取值范围为x＜1的是（　　）
A． B． C． D．
4．（3分）如图，在正方体ABCD﹣A1B1C1D1中，E、F、G分别是AB、BB1、BC的中点，沿EG、EF、FG将这个正方体切去一个角后，得到的几何体的俯视图是（　　）

A． B．
C． D．
5．（3分）将抛物线y＝﹣x2向左平移2个单位后，得到的抛物线的解析式是（　　）
A．y＝﹣（x+2）2 B．y＝﹣x2+2 C．y＝﹣（x﹣2）2 D．y＝﹣x2﹣2
6．（3分）如图，CD是⊙O的弦，直径AB过CD的中点M，若∠BOC＝40°，则∠ABD＝（　　）

A．40° B．60° C．70° D．80°
7．（3分）如图，直角三角板ABC的斜边AB＝12cm，∠A＝30°，将三角板ABC绕C顺时针旋转90°至三角板A'B'C'的位置后，再沿CB方向向左平移，使点B'落在原三角板ABC的斜边AB上，则三角板A'B'C'平移的距离为（　　）

A．6cm B．4cm C．（6﹣）cm D．（）cm
8．（3分）已知一次函数y＝ax+b的图象过第一、二、四象限，且与x轴交于点（2，0），则关于x的不等式a（x﹣1）﹣b＞0的解集为（　　）
A．x＜﹣1 B．x＞﹣1 C．x＞1 D．x＜1
9．（3分）如图，在正方形ABCD中，E、F分别是边BC、CD的中点，AE交BF于点H，CG∥AE交BF于点G．下列结论：①tan∠HBE＝cot∠HEB；②CG•BF＝BC•CF；③BH＝FG；④．其中正确的序号是（　　）

A．①②③ B．②③④ C．①③④ D．①②④
10．（3分）如图，直线y＝6﹣x交x轴、y轴于A、B两点，P是反比例函数图象上位于直线下方的一点，过点P作x轴的垂线，垂足为点M，交AB于点E，过点P作y轴的垂线，垂足为点N，交AB于点F．则AF•BE＝（　　）

A．8 B．6 C．4 D．
二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．把答案填在题中的横线上．
11．（3分）当x＝　 　时，．
12．（3分）体育委员带了500元钱去买体育用品，已知一个足球a元，一个篮球b元．则代数式500﹣3a﹣2b表示的数为　 　．
13．（3分）数轴上点A、B的位置如图所示，若点B关于点A的对称点为C，则点C表示的数为　 　．

14．（3分）如图是小强同学根据乐山城区某天上午和下午四个整时点的气温绘制成的折线图．请你回答：该天上午和下午的气温哪个更稳定？
答：　 　；理由是　 　．

15．（3分）若m为正实数，且m﹣＝3，则m2﹣＝　 　．
16．（3分）如图，已知∠AOB＝α，在射线OA、OB上分别取点OA1＝OB1，连接A1B1，在B1A1、B1B上分别取点A2、B2，使B1B2＝B1A2，连接A2B2…按此规律上去，记∠A2B1B2＝θ1，∠A3B2B3＝θ2，…，∠An+1BnBn+1＝θn，则
（1）θ1＝　 　；
（2）θn＝　 　．

三、本大题共3小题，每小题9分，共27分．
17．（9分）计算：|﹣2|﹣+（）﹣1+．
18．（9分）如图，在直角△ABC中，∠C＝90°，∠CAB的平分线AD交BC于D，若DE垂直平分AB，求∠B的度数．

19．（9分）已知关于x、y的方程组的解满足不等式x+y＜3，求实数a的取值范围．
四、本大题共3小题，每小题10分，共30分．
20．（10分）如图，E、F分别是矩形ABCD的对角线AC和BD上的点，且AE＝DF．求证：BE＝CF．

21．（10分）某学校的复印任务原来由甲复印社承接，其收费y（元）与复印页数x（页）的关系如下表：
x（页）
100
200
400
1000
…
y（元）
40
80
160
400

（1）若y与x满足初中学过的某一函数关系，求函数的解析式；
（2）现在乙复印社表示：若学校先按每月付给200元的承包费，则可按每页0.15元收费．则乙复印社每月收费y（元）与复印页数x（页）的函数关系为　 　；
（3）在给出的坐标系内画出（1）、（2）中的函数图象，并回答每月复印页数在1200左右应选择哪个复印社？

22．（10分）在一个不透明的口袋里装有四个分别标有1、2、3、4的小球，它们的形状、大小等完全相同．小明先从口袋里随机不放回地取出一个小球，记下数字为x；小红在剩下有三个小球中随机取出一个小球，记下数字y．
（1）计算由x、y确定的点（x，y）在函数y＝﹣x+6图象上的概率；
（2）小明、小红约定做一个游戏，其规则是：若x、y满足xy＞6，则小明胜；若x、y满足xy＜6，则小红胜．这个游戏规则公平吗？说明理由；若不公平，怎样修改游戏规则才对双方公平？
五、本大题共2小题，每小题10分，共20分，其中第23题为选做题
23．（10分）选做题：从甲、乙两题中选做一题，如果两题都做，只以甲题计分．
题甲：已知关于x的方程x2+2（a﹣1）x+a2﹣7a﹣4＝0的两根为x1、x2，且满足x1x2﹣3x1﹣3x2﹣2＝0．求的值．
题乙：如图，在梯形ABCD中，AD∥BC，对角线AC、BD相交于点O，AD＝2，BC＝BD＝3，AC＝4．
（1）求证：AC⊥BD；
（2）求△AOB的面积．
我选做的是　 　题．

24．（10分）如图，D为⊙O上一点，点C在直径BA的延长线上，且∠CDA＝∠CBD．
（1）求证：CD是⊙O的切线；
（2）过点B作⊙O的切线交CD的延长线于点E，若BC＝6，tan∠CDA＝，求BE的长．

六、本大题共2小题，第25题12分，第26题13分，共计25分
25．（12分）如图（1），在直角△ABC中，∠ACB＝90°，CD⊥AB，垂足为D，点E在AC上，BE交CD于点G，EF⊥BE交AB于点F，若AC＝mBC，CE＝nEA（m，n为实数）．试探究线段EF与EG的数量关系．

（1）如图（2），当m＝1，n＝1时，EF与EG的数量关系是　 　．证明：
（2）如图（3），当m＝1，n为任意实数时，EF与EG的数量关系是　 　．证明：
（3）如图（1），当m，n均为任意实数时，EF与EG的数量关系是　 　．（写出关系式，不必证明）
26．（13分）已知顶点为A（1，5）的抛物线y＝ax2+bx+c经过点B（5，1）．
（1）求抛物线的解析式；
（2）如图（1），设C，D分别是x轴、y轴上的两个动点，求四边形ABCD的最小周长；
（3）在（2）中，当四边形ABCD的周长最小时，作直线CD．设点P（x，y）（x＞0）是直线y＝x上的一个动点，Q是OP的中点，以PQ为斜边按图（2）所示构造等腰直角三角形PQR．
①当△PQR与直线CD有公共点时，求x的取值范围；
②在①的条件下，记△PQR与△COD的公共部分的面积为S．求S关于x的函数关系式，并求S的最大值．

2011年四川省乐山市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求．
1．【分析】原来的温度为﹣5℃，调高4℃，实际就是转换成有理数的加法运算．
【解答】解：﹣5+4
＝﹣1
故选：C．
【点评】本题主要考查从实际问题抽象出有理数的加法运算．
2．【分析】求一个角的正切值，可将其转化到直角三角形中，利用直角三角函数关系解答．
【解答】解：如图，在直角△ACB中，令AB＝2，则BC＝1；
∴tanα＝＝＝2；
故选：B．

【点评】本题考查锐角三角函数的定义及运用，可将其转化到直角三角形中解答，锐角的正弦为对边比斜边，余弦为邻边比斜边，正切为对边比邻边．
3．【分析】根据函数自变量的取值得到x＜1的取值的选项即可．
【解答】解：A、自变量的取值为x≠1，不符合题意；
B、自变量的取值为x≠0，不符合题意；
C、自变量的取值为x≤1，不符合题意；
D、自变量的取值为x＜1，符合题意．
故选：D．
【点评】考查函数自变量取值范围的应用；考查的知识点为：分式有意义，分母不为0；二次根式的被开方数是非负数．
4．【分析】找到从上面看所得到的图形即可，注意所有的看到的棱都应表现在俯视图中．
【解答】解：从上面看易得1个正方形，但上面少了一个角，在俯视图中，右下角有一条线段．
故选：B．
【点评】本题考查了三视图的知识，主视图是从物体的正面看得到的视图．
5．【分析】易得原抛物线的顶点和平移后新抛物线的顶点，根据平移不改变二次项的系数用顶点式可得所求抛物线．
【解答】解：∵原抛物线的顶点为（0，0），
∴新抛物线的顶点为（﹣2，0），
设新抛物线的解析式为y＝﹣（x﹣h）2+k，
∴新抛物线解析式为y＝﹣（x+2）2，
故选：A．
【点评】考查二次函数的几何变换；用到的知识点为：二次函数的平移不改变二次项的系数；左右平移只改变顶点的横坐标，左加右减．
6．【分析】∠BOC与∠BDC为所对的圆心角与圆周角，根据圆周角定理可求∠BDC，由垂径定理可知AB⊥CD，在Rt△BDM中，由互余关系可求∠ABD．
【解答】解：∵∠BOC与∠BDC为所对的圆心角与圆周角，
∴∠BDC＝∠BOC＝20°，
∵CD是⊙O的弦，直径AB过CD的中点M，
∴AB⊥CD，
∴在Rt△BDM中，∠ABD＝90°﹣∠BDC＝70°．
故选：C．
【点评】本题考查了垂径定理，圆周角定理的运用．关键是由圆周角定理得出∠BOC与∠BDC的关系．
7．【分析】如图，过B′作B′D⊥AC，垂足为B′，则三角板A'B'C'平移的距离为B′D的长，根据AB′＝AC﹣B′C，∠A＝30°，在Rt△AB′D中，解直角三角形求B′D即可．
【解答】解：如图，过B′作B′D⊥AC，垂足为B′，
∵在Rt△ABC中，AB＝12，∠A＝30°，
∴BC＝AB＝6，AC＝AB•cos30°＝6，
由旋转的性质可知B′C＝BC＝6，
∴AB′＝AC﹣B′C＝6﹣6，
在Rt△AB′D中，∵∠A＝30°，
∴B′D＝AB′•tan30°＝（6﹣6）×＝（6﹣2）cm．
故选：C．

【点评】本题考查了旋转的性质，30°直角三角形的性质，平移的问题．关键是找出表示平移长度的线段，把问题集中在小直角三角形中求解．
8．【分析】根据一次函数y＝ax+b的图象过第一、二、四象限，得到b＞0，a＜0，把（2，0）代入解析式y＝ax+b求出＝﹣2，解a（x﹣1）﹣b＞0，得x﹣1＜，代入即可求出答案．
【解答】解：∵一次函数y＝ax+b的图象过第一、二、四象限，
∴b＞0，a＜0，
把（2，0）代入解析式y＝ax+b得：0＝2a+b，
解得：2a＝﹣b
＝﹣2，
∵a（x﹣1）﹣b＞0，
∴a（x﹣1）＞b，
∵a＜0，
∴x﹣1＜，
∴x＜﹣1，
故选：A．
【点评】本题主要考查对一次函数与一元一次不等式的关系，一次函数的性质，一次函数图象上点的坐标特征，解一元一次不等式等知识点的理解和掌握，能根据一次函数的性质得出a、b的正负，并正确地解不等式是解此题的关键．
9．【分析】①根据正方形的性质求证△BHE为直角三角形即可得出结论；
②由①求证△CGF∽△BCF．利用其对应边成比例即可求得结论；
③由①求证△BHE≌△CGF即可得出结论，
④利用相似三角形对应边成比例即可求得结论．
【解答】解：①∵在正方形ABCD中，E、F分别是边BC、CD的中点，
∴Rt△ABE≌Rt△BCF，
∴∠BEA＝∠CFB，
∵CG∥AE，
∴∠GCB＝∠AEB
∴∠CFG＝∠GCB，
∴∠CFG+∠GCF＝90°即△CGF为直角三角形，
∴CG∥AE交BF于点G，
∴△BHE也为直角三角形，
∴tan∠HBE＝cot∠HEB；
∴①正确．
②由①可得△CGF∽△BCF，
∴＝，
∴CG•BF＝BC•CF，
∴②正确；
③由①得△BHE≌△CGF，
∴BH＝CG，而不是BH＝FG
∴③BH＝FG错误；
④∵△BCG∽△BFC，
∴＝，即BC2＝BG•BF，
同理可得△BCF∽△CGF，
可得CF2＝BF•GF，
∴＝，
∴④正确，综上所述，正确的有①②④．
故选：D．

【点评】此题主要考查相似三角形的判定与性质，全等三角形的判定与性质，锐角三角函数的定义等知识点的理解和掌握，步骤繁琐，有一定的拔高难度，属于中档题．
10．【分析】首先作辅助线：过点E作EC⊥OB于C，过点F作FD⊥OA于D，然后由直线y＝6﹣x交x轴、y轴于A、B两点，求得点A与B的坐标，则可得OA＝OB，即可得△AOB，△BCE，△ADF是等腰直角三角形，则可得AF•BE＝CE•DF＝2CE•DF，又由四边形CEPN与MDFP是矩形，可得CE＝PN，DF＝PM，根据反比例函数的性质即可求得答案．
【解答】解：过点E作EC⊥OB于C，过点F作FD⊥OA于D，
∵直线y＝6﹣x交x轴、y轴于A、B两点，
∴A（6，0），B（0，6），
∴OA＝OB，
∴∠ABO＝∠BAO＝45°，
∴BC＝CE，AD＝DF，
∵PM⊥OA，PN⊥OB，
∴四边形CEPN与MDFP是矩形，
∴CE＝PN，DF＝PM，
∵P是反比例函数图象上的一点，
∴PN•PM＝4，
∴CE•DF＝4，
在Rt△BCE中，BE＝＝CE，
在Rt△ADF中，AF＝＝DF，
∴AF•BE＝CE•DF＝2CE•DF＝8．
故选：A．

【点评】此题考查了反比例函数的性质，以及矩形、等腰直角三角形的性质．解题的关键是注意数形结合与转化思想的应用．
二、填空题：本大题共6小题，每小题3分，共18分．把答案填在题中的横线上．
11．【分析】首先去掉分母，然后解一元一次方程，最后检验即可求解．
【解答】解：，
去分母得
x﹣2＝1，
∴x＝3，
检验：当x＝3时，x﹣2≠0，
∴原方程的根为x＝3．
故答案为：3．
【点评】此题主要考查了解分式方程，其中：（1）解分式方程的基本思想是“转化思想”，把分式方程转化为整式方程求解；（2）解分式方程一定注意要验根．
12．【分析】本题需先根据买一个足球a元，一个篮球b元的条件，表示出3a和2b的意义，最后得出正确答案即可．
【解答】解：∵买一个足球a元，一个篮球b元．
∴3a表示委员买了3个足球
2b表示买了2个篮球
∴代数式500﹣3a﹣2b：表示委员买了3个足球、2个篮球，剩余的经费．
故答案为：体育委员买了3个足球、2个篮球，剩余的经费
【点评】本题主要考查了列代数式，在解题时要根据题意表示出各项的意义是本题的关键．
13．【分析】点A表示的数是﹣1，点B表示的数是3，所以，|AB|＝4；点B关于点A的对称点为C，所以，点C到点A的距离|AC|＝4，即，设点C表示的数为x，则，﹣1﹣x＝4，解出即可解答；
【解答】解：如图，点A表示的数是﹣1，点B表示的数是3，所以，|AB|＝4；
又点B关于点A的对称点为C，所以，点C到点A的距离|AC|＝4，
设点C表示的数为x，
则，﹣1﹣x＝4，
x＝﹣5；
故答案为：﹣5．
【点评】此题综合考查了数轴、绝对值的有关内容，用几何方法借助数轴来求解，非常直观，且不容易遗漏，体现了数形结合的优点．
14．【分析】方差就是各变量值与其均值离差平方的平均数，根据方差公式计算即可，所以计算方差前要先算出平均数，然后再利用方差公式计算．
【解答】解：上＝（18+19+21+22）÷4＝20，
下＝（22.5+20+19+18.5）÷4＝20，
S上2＝[（18﹣20）2+（19﹣20）2+（21﹣20）2+（22﹣20）2]÷4＝2.5，
S下2＝[（22.5﹣20）2+（20﹣20）2+（19﹣20）2+（18.5﹣20）2]÷4＝2.375，
∵S上2＞S下2，
∴下午的气温更稳定．
故答案为：下午；因为上午的方差大于下午的方差；
【点评】此题主要考查了方差的计算方法，方差是各变量值与其平均值的差平方的平均数，它是测算数值型数据离散程度的最重要的方法．
15．【分析】由，得m2﹣3m﹣1＝0，即＝，因为m为正实数，可得出m的值，代入，解答出即可；
【解答】解：法一：由得，
得m2﹣3m﹣1＝0，即＝，
∴m1＝，m2＝，
因为m为正实数，∴m＝，
∴＝（）（）
＝3×（），
＝3×，
＝；
法二：由平方得：m2+﹣2＝9，
m2++2＝13，即（m+）2＝13，又m为正实数，
∴m+＝，
则＝（m+）（m﹣）＝3．
故答案为：．
【点评】本题考查了完全平方公式、平方差公式，求出m的值代入前，一定要把代数式分解完全，可简化计算步骤．
16．【分析】设∠A1B1O＝x，根据等腰三角形性质和三角形内角和定理得α+2x＝180°，x＝180°﹣θ1，即可求得θ1＝；同理求得θ2＝；即可发现其中的规律，按照此规律即可求得答案．
【解答】解：（1）设∠A1B1O＝x，
则α+2x＝180°，x＝180°﹣θ1，
∴θ1＝；

（2）设∠A2B2B1＝y，
则θ2+y＝180°①，θ1+2y＝180°②，
①×2﹣②得：2θ2﹣θ1＝180°，
∴θ2＝；
…
θn＝．
故答案为：（1）；（2）θn＝．
【点评】此题主要考查学生对等腰三角形性质和三角形内角和定理的理解和掌握，解答此题的关键是总结归纳出规律．
三、本大题共3小题，每小题9分，共27分．
17．【分析】根据绝对值的性质，特殊角的三角函数值，负指数幂以及根式的性质即可解答本题．
【解答】解：原式＝2﹣+3+2，
＝5．
【点评】本题考查了绝对值的性质，特殊角的三角函数值，负指数幂以及根式的性质，难度适中．
18．【分析】根据DE垂直平分AB，求证∠DAE＝∠B，再利用角平分线的性质和三角形内角和定理，即可求得∠B的度数．
【解答】解：∵在直角△ABC中，∠C＝90°，∠CAB的平分线AD交BC于D，
∴∠DAE＝∠CAB＝（90°﹣∠B），
∵DE垂直平分AB，
∴AD＝BD，
∴∠DAE＝∠B，
∴∠DAE＝∠CAB＝（90°﹣∠B）＝∠B，
∴3∠B＝90°，
∴∠B＝30°．
答：若DE垂直平分AB，∠B的度数为30°．

【点评】此题本题考查的知识点为线段垂直平分线的性质，角平分线的性质，三角形内角和定理等知识点，比较简单，适合学生的训练．
19．【分析】先解方程组，求得x、y的值，再根据x+y＜3，解不等式即可．
【解答】解：，
①+②得，3x＝6a+3，
解得x＝2a+1，
将x＝2a+1代入①得，y＝2a﹣2，
∵x+y＜3，
∴2a+1+2a﹣2＜3，
即4a＜4，
a＜1．
【点评】本题是一元一次不等式和二元一次方程组的综合题，是中档题，难度适中．
四、本大题共3小题，每小题10分，共30分．
20．【分析】根据矩形对角线的性质，矩形对角线互相平分且相等，可知EO＝FO，BO＝CO，∠BOE＝∠COF，可知△BOE≌△COF，即可得出BE＝CF．
【解答】证明：∵矩形ABCD的对角线为AC和BD，
∴AO＝CO＝BO＝DO，
∵E、F分别是矩形ABCD的对角线AC和BD上的点，AE＝DF，
∴EO＝FO，
在△BOE和△COF中，
∵
∴△BOE≌△COF（SAS），
∴BE＝CF．
【点评】本题考查了矩形对角线互相平分且相等，全等三角形的判定方法以及全等三角形对应边相等的性质，难度适中．
21．【分析】（1）待定系数法设一次函数关系式，把任意两点代入，求得相应的函数解析式，看其余点的坐标是否适合即可．
（2）根据乙复印社每月收费＝承包费+按每页0.15元的复印费用，可得相应的函数解析式；
（3）先画出函数图象，找到交点坐标，即可作出判断．
【解答】解：（1）设解析式为y＝kx+b，将（100，40），（200，80）代入得
，
解得，
故y＝0.4x（x＞0且为整数）；

（2）乙复印社每月收费y（元）与复印页数x（页）的函数关系为：y＝0.15x+200（x≥0且为整数）．

（3）作图如下，由图形可知每月复印页数在1200左右应选择乙复印社．

【点评】本题主要考查用待定系数法求一次函数关系式，并会用一次函数研究实际问题，具备在直角坐标系中的作图能力．注意自变量的取值范围不能遗漏．
22．【分析】（1）画树形图，展示所有可能的12种结果，其中有点（2，4），（4，2）满足条件，根据概率的概念计算即可；
（2）先根据概率的概念分别计算出P（小明胜）＝＝；P（小红胜）＝＝；判断游戏规则不公平．然后修改游戏规则，使它们的概率相等．
【解答】解：（1）画树形图：

所以共有12个点：（1，2），（1，3），（1，4），（2，1），（2，3），（2，4），（3，1），（3，2），（3，4），（4，1），（4，2），（4，3），
其中满足y＝﹣x+6的点有（2，4），（4，2），
所以点（x，y）在函数y＝﹣x+6图象上的概率＝＝；

（2）满足xy＞6的点有（2，4），（4，2），（4，3），（3，4），共4个；
满足xy＜6的点有（1，2），（1，3），（1，4），（2，1），（3，1），（4，1），共6个，
所以P（小明胜）＝＝；P（小红胜）＝＝；
∵≠，
∴游戏规则不公平．
游戏规则可改为：若x、y满足xy≥6，则小明胜；若x、y满足xy＜6，则小红胜．
【点评】本题考查了关于游戏公平性的问题：先利用图表或树形图展示所有可能的结果数，然后计算出两个事件的概率，若它们的概率相等，则游戏公平；若它们的概率不相等，则游戏不公平．
五、本大题共2小题，每小题10分，共20分，其中第23题为选做题
23．【分析】甲：首先利用根与系数的关系求得x1+x2，x1x2的值，然后代入x1x2﹣3x1﹣3x2﹣2＝0，即可求得a的值，然后化简，代入a的值即可求得答案；
乙：（1）过点D作DE∥AC，交BC的延长线于E，即可证得四边形ACED是平行四边形，则可求得BD，BE，DE的长，由勾股定理的逆定理即可证得BD⊥DE，则可证得BD⊥AC；
（2）首先作DF⊥BC，由S△DBC＝BE•DF＝BD•DE，即可求得DF的值，求得△ABC的面积，又由△AOD∽△COB，求得OA与OC的比值，根据同高的三角形的面积比等于对应底的比即可求得答案．
【解答】解：题甲：关于x的方程x2+2（a﹣1）x+a2﹣7a﹣4＝0的两根为x1、x2，
∴x1+x2＝﹣2（a﹣1）＝2﹣2a，x1x2＝a2﹣7a﹣4，
∴x1x2﹣3x1﹣3x2﹣2＝x1x2﹣3（x1+x2）﹣2＝a2﹣7a﹣4﹣3（2﹣2a）﹣2＝a2﹣a﹣12＝0，
解得：a＝﹣3或a＝4，
当a＝﹣3时，原方程化为x2﹣8x+26＝0，
∵△＝﹣40＜0，此时原方程无解，
∴a＝﹣3不合题意，应舍去．
当a＝4时，原方程化为x2+6x﹣16＝0，
∵△＝100＞0，此时原方程有两个实数根，
∴a＝4符合题意
又∵＝•＝，
当a＝4时，原式＝＝2．
故的值为2．

题乙：（1）过点D作DE∥AC，交BC的延长线于E，
∵AD∥BC，
∴四边形ACED是平行四边形，
∴DE＝AC，DE⊥BD，CE＝AD，
∵AD＝2，BC＝BD＝3，AC＝4，
∴BE＝BC+CE＝5，DE＝AC＝4，BD＝3，
∴BD2+DE2＝BE2，
∴∠BDE＝90°，
∴BD⊥DE，
∴BD⊥AC；

（2）过点D作DF⊥BC于F，
∵S△DBE＝BE•DF＝BD•DE，
∴DF＝＝＝，
∴S△ABC＝BC•DF＝×3×＝，
∵AD∥BC，
∴△AOD∽△COB，
∴＝，
∴OA：AC＝2：5，
∴S△AOB：S△ABC＝2：5，
∴S△AOB＝S△ABC＝×＝．

【点评】此题考查了根与系数的关系，分式的化简以及梯形的性质，平行四边形的性质与相似三角形的判定与性质等知识．此题综合性很强，解题时要注意仔细分析．
24．【分析】（1）连OD，OE，根据圆周角定理得到∠ADO+∠1＝90°，而∠CDA＝∠CBD，∠CBD＝∠1，于是∠CDA+∠ADO＝90°；
（2）根据切线的性质得到ED＝EB，OE⊥BD，则∠ABD＝∠OEB，得到tan∠CDA＝tan∠OEB＝＝，易证Rt△CDO∽Rt△CBE，得到＝＝＝，求得CD，然后在Rt△CBE中，运用勾股定理可计算出BE的长．
【解答】（1）证明：连OD，OE，如图，
∵AB为直径，
∴∠ADB＝90°，即∠ADO+∠1＝90°，
又∵∠CDA＝∠CBD，
而∠CBD＝∠1，
∴∠1＝∠CDA，
∴∠CDA+∠ADO＝90°，即∠CDO＝90°，
∴CD是⊙O的切线；

（2）解：∵EB为⊙O的切线，
∴ED＝EB，OE⊥DB，
∴∠ABD+∠DBE＝90°，∠OEB+∠DBE＝90°，
∴∠ABD＝∠OEB，
∴∠CDA＝∠OEB．
而tan∠CDA＝，
∴tan∠OEB＝＝，
∵Rt△CDO∽Rt△CBE，
∴＝＝＝，
∴CD＝×6＝4，
在Rt△CBE中，设BE＝x，
∴（x+4）2＝x2+62，
解得x＝．
即BE的长为．

【点评】本题考查了切线的判定与性质：过半径的外端点与半径垂直的直线是圆的切线；也考查了圆周角定理的推论以及三角形相似的判定与性质．
六、本大题共2小题，第25题12分，第26题13分，共计25分
25．【分析】本题需要寻找相似三角形，并利用相似三角形的性质依次推理得出结论．
【解答】证明：（1）如图1，连接DE，
∵AC＝mBC，CD⊥AB，当m＝1，n＝1时
∴AD＝BD，∠ACD＝45°，
∴CD＝AD＝AB，
∵AE＝nEC，
∴DE＝AE＝EC＝AC，
∴∠EDC＝45°，DE⊥AC，
∵∠A＝45°，
∴∠A＝∠EDG，
∵EF⊥BE，
∴∠AEF+∠FED＝∠FED+∠DEG＝90°，
∴∠AEF＝∠DEG，
∴△AEF≌△DEG（ASA），
∴EF＝EG．

（2）解：EF＝EG，
证明：如图2，作EM⊥AB于点M，EN⊥CD于点N，
∵EM∥CD，
∴△AEM∽△ACD，
∴＝，
即EM＝CD，
∵EN∥AD，
∴△CEN∽△CAD，
∴＝
∴EN＝AD，
∵∠ACB＝90°，CD⊥AB，
∴∠ACB＝∠ADC＝90°，
又∵∠A＝∠A，
∴△ACD∽△ABC，
∴＝＝1，
∴＝1×＝，
又∵EM⊥AB，EN⊥CD，
∴∠EMF＝∠ENG＝90°，
∵EF⊥BE，
∴∠FEM＝∠GEN，
∴△EFM∽△EGN，
∴＝＝，
即EF＝EG；

（3）证明：如图2，作EM⊥AB于点M，EN⊥CD于点N，
∵EM∥CD，
∴△AEM∽△ACD，
∴＝，
即EM＝CD，
∵EN∥AD，
∴△CEN∽△CAD，
∴＝
∴EN＝AD，
∵∠ACB＝90°，CD⊥AB，
∴∠ACB＝∠ADC＝90°，
又∵∠A＝∠A，
∴△ACD∽△ABC，
∴＝＝，
∴＝×＝，
又∵EM⊥AB，EN⊥CD，
∴∠EMF＝∠ENG＝90°，
∵EF⊥BE，
∴∠FEM＝∠GEN，
∴△EFM∽△EGN，
∴＝＝，
即EF＝EG．

【点评】此题主要考查学生对相似三角形的判定与性质和勾股定理的理解和掌握，解答此题的关键是要懂得找相似三角形，利用相似三角形的性质求解，难度较大．
26．【分析】（1）可设顶点式，将顶点为A（1，5），点B（5，1）代入求出抛物线的解析式；
（2）可以过y，x轴分别做A，B的对称点A′，B′，然后连A′D，B′C，当这四点在同一直线时，周长最小，求出即可；
（3）作B关于x轴对称点B′，A关于y轴对称点A′，连接A′B′，与x轴，y轴交于C、D点，此时四边形ABCD周长最小，求出CD的解析式，求出CD与直线y＝x的交点坐标，得到△PQR与直线y＝x有公共点时x的取值范围，以及公共部分的面积S与x之间的函数关系式．
【解答】解：（1）∵抛物线的顶点为A（1，5），
∴设抛物线的解析式为y＝a（x﹣1）2+5，
将点B（5，1）代入，得a（5﹣1）2+5＝1，
解得a＝﹣，
∴y＝﹣x2+x+；

（2）可以过y，x轴分别做A，B的对称点A′，B′，然后连A′D，B′C，
显然A′（﹣1，5），B′（5，﹣1），连接A′B′分别交x轴、y轴于点C、D两点，
∵DA＝DA′，CB＝CB′，
∴此时四边形ABCD的周长最小，最小值就是A′B′+AB，
而A′B′＝＝6，
AB＝＝4，
∴A′B′+AB＝10，
四边形ABCD的最小周长为10；

（3）①点B关于x轴的对称点B′（5，﹣1），点A关于y轴的对称点A′（﹣1，5），连接A′B′，与x轴，y轴交于C，D点，
∴CD的解析式为：y＝﹣x+4，
联立，
得：，
∵点P在y＝x上，点Q是OP的中点，
∴要使等腰直角三角形与直线CD有公共点，则2≤x≤4．
故x的取值范围是：2≤x≤4．
②如图：

点E（2，2），当EP＝EQ时，x﹣2＝2﹣x，得：x＝，
当2≤x≤时，S＝PR•RQ﹣EP2＝（x﹣x）•（x﹣x）﹣•（x﹣2）•（x﹣2），
S＝﹣x2+4x﹣4，
当x＝时，S最大＝．
当≤x≤4时，S＝EQ2＝•（2﹣x）•（2﹣x），
S＝（x﹣4）2，
当x＝时，S最大＝．
故S的最大值为：．

【点评】本题考查的是二次函数的综合题，（1）利用顶点式求出二次函数的解析式，（2）确定四边形的周长，（3）根据对称性求出CD的解析式，然后求出x的取值范围和S与x的函数关系．
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