2015年湖南省永州市中考数学试卷.doc

2015年湖南省永州市中考数学试卷
一、选择题，共10小题，每小题3分，共30分
1．（3分）在数轴上表示数﹣1和2014的两点分别为A和B，则A和B两点间的距离为（　　）
A．2013 B．2014 C．2015 D．2016
2．（3分）下列运算正确的是（　　）
A．a2•a3＝a6 B．（﹣a+b）（a+b）＝b2﹣a2
C．（a3）4＝a7 D．a3+a5＝a8
3．（3分）某中学九年级舞蹈兴趣小组8名学生的身高分别为（单位：cm）：168，165，168，166，170，170，176，170，则下列说法错误的是（　　）
A．这组数据的众数是170
B．这组数据的中位数是169
C．这组数据的平均数是169
D．若从8名学生中任选1名学生参加校文艺会演，则这名学生的身高不低于170的概率为
4．（3分）永州市双牌县的阳明山风光秀丽，历史文化源远流长，尤以山顶数万亩野生杜鹃花最为壮观，被誉为“天下第一杜鹃红”．今年“五一”期间举办了“阳明山杜鹃花旅游文化节”，吸引了众多游客前去观光赏花．在文化节开幕式当天，从早晨8：00开始每小时进入阳明山景区的游客人数约为1000人，同时每小时走出景区的游客人数约为600人，已知阳明山景区游客的饱和人数约为2000人，则据此可知开幕式当天该景区游客人数饱和的时间约为（　　）
A．10：00 B．12：00 C．13：00 D．16：00
5．（3分）一张桌子上摆放有若干个大小、形状完全相同的碟子，现从三个方向看，其三种视图如图所示，则这张桌子上碟子的总数为（　　）

A．11 B．12 C．13 D．14
6．（3分）如图，P是⊙O外一点，PA、PB分别交⊙O于C、D两点，已知和所对的圆心角分别为90°和50°，则∠P＝（　　）

A．45° B．40° C．25° D．20°
7．（3分）若不等式组恰有两个整数解，则m的取值范围是（　　）
A．﹣1≤m＜0 B．﹣1＜m≤0 C．﹣1≤m≤0 D．﹣1＜m＜0
8．（3分）如图，下列条件不能判定△ADB∽△ABC的是（　　）

A．∠ABD＝∠ACB B．∠ADB＝∠ABC C．AB2＝AD•AC D．＝
9．（3分）如图，在四边形ABCD中，AB＝CD，BA和CD的延长线交于点E，若点P使得S△PAB＝S△PCD，则满足此条件的点P（　　）

A．有且只有1个
B．有且只有2个
C．组成∠E的角平分线
D．组成∠E的角平分线和外角平分线所在的直线（E点除外）
10．（3分）定义[x]为不超过x的最大整数，如[3.6]＝3，[0.6]＝0，[﹣3.6]＝﹣4．对于任意实数x，下列式子中错误的是（　　）
A．[x]＝x（x为整数） B．0≤x﹣[x]＜1
C．[x+y]≤[x]+[y] D．[n+x]＝n+[x]（n为整数）
二、填空题，共8小题，每小题3分，共24分
11．（3分）国家森林城市的创建极大地促进了森林资源的增长，美化了城市环境，提升了市民的生活质量，截至2014年．全国已有21个省、自治区、直辖市的75个城市获得了“国家森林城市”称号．永州市也在积极创建“国家森林城市”．据统计近两年全市投入“创森”资金约为365000000元，365000000用科学记数法表示为　 　．
12．（3分）如图，∠1＝∠2，∠A＝60°，则∠ADC＝　 　度．

13．（3分）已知一次函数y＝kx+b的图象经过两点A（0，1），B（2，0），则当x　 　时，y≤0．
14．（3分）已知点A（﹣1，y1），B（1，y2）和C（2，y3）都在反比例函数y＝（k＞0）的图象上．则　 　＜　 　＜　 　（填y1，y2，y3）．
15．（3分）如图，在△ABC中，已知∠1＝∠2，BE＝CD，AB＝5，AE＝2，则CE＝　 　．

16．（3分）如图，在平面直角坐标系中，点A的坐标（﹣2，0），△ABO是直角三角形，∠AOB＝60°．现将Rt△ABO绕原点O按顺时针方向旋转到Rt△A′B′O的位置，则此时边OB扫过的面积为　 　．

17．（3分）在等腰△ABC中，AB＝AC，则有BC边上的中线，高线和∠BAC的平分线重合于AD（如图一）．若将等腰△ABC的顶点A向右平行移动后，得到△A′BC（如图二），那么，此时BC边上的中线、BC边上的高线和∠BA′C的平分线应依次分别是　 　，　 　，　 　．（填A′D、A′E、A′F）
18．（3分）设an为正整数n4的末位数，如a1＝1，a2＝6，a3＝1，a4＝6．则a1+a2+a3+…+a2013+a2014+a2015＝　 　．
三、简单题，共9小题，共76分
19．（6分）计算：cos30°﹣+（）﹣2．
20．（6分）先化简，再求值：•（m﹣n），其中＝2．
21．（8分）中央电视台举办的“中国汉字听写大会”节目受到中学生的广泛关注．某中学为了了解学生对观看“中国汉字听写大会”节目的喜爱程度，对该校部分学生进行了随机抽样调查，并绘制出如图所示的两幅统计图．在条形图中，从左向右依次为A类（非常喜欢），B类（较喜欢），C类（一般），D类（不喜欢）．已知A类和B类所占人数的比是5：9，请结合两幅统计图，回答下列问题

（1）写出本次抽样调查的样本容量；
（2）请补全两幅统计图；
（3）若该校有2000名学生．请你估计观看“中国汉字听写大会”节目不喜欢的学生人数．
22．（8分）已知关于x的一元二次方程x2+x+m2﹣2m＝0有一个实数根为﹣1，求m的值及方程的另一实根．
23．（8分）如图，在四边形ABCD中，∠A＝∠BCD＝90°，BC＝DC．延长AD到E点，使DE＝AB．
（1）求证：∠ABC＝∠EDC；
（2）求证：△ABC≌△EDC．

24．（10分）如图，有两条公路OM、ON相交成30°角，沿公路OM方向离O点80米处有一所学校A．当重型运输卡车P沿道路ON方向行驶时，在以P为圆心50米长为半径的圆形区域内都会受到卡车噪声的影响，且卡车P与学校A的距离越近噪声影响越大．若已知重型运输卡车P沿道路ON方向行驶的速度为18千米/时．
（1）求对学校A的噪声影响最大时卡车P与学校A的距离；
（2）求卡车P沿道路ON方向行驶一次给学校A带来噪声影响的时间．

25．（10分）如图，已知△ABC内接于⊙O，且AB＝AC，直径AD交BC于点E，F是OE上的一点，使CF∥BD．
（1）求证：BE＝CE；
（2）试判断四边形BFCD的形状，并说明理由；
（3）若BC＝8，AD＝10，求CD的长．

26．（10分）已知抛物线y＝ax2+bx+c的顶点为（1，0），与y轴的交点坐标为（0，）．R（1，1）是抛物线对称轴l上的一点．
（1）求抛物线y＝ax2+bx+c的解析式；
（2）若P是抛物线上的一个动点（如图一），求证：点P到R的距离与点P到直线y＝﹣1的距离恒相等；
（3）设直线PR与抛物线的另一交点为Q，E为线段PQ的中点，过点P、E、Q分别作直线y＝﹣1的垂线．垂足分别为M、F、N（如图二）．求证：PF⊥QF．
27．（10分）问题探究：
（一）新知学习：
圆内接四边形的判断定理：如果四边形对角互补，那么这个四边形内接于圆（即如果四边形EFGH的对角互补，那么四边形EFGH的四个顶点E、F、G、H都在同个圆上）．
（二）问题解决：
已知⊙O的半径为2，AB，CD是⊙O的直径．P是上任意一点，过点P分别作AB，CD的垂线，垂足分别为N，M．
（1）若直径AB⊥CD，对于上任意一点P（不与B、C重合）（如图一），证明四边形PMON内接于圆，并求此圆直径的长；
（2）若直径AB⊥CD，在点P（不与B、C重合）从B运动到C的过程中，证明MN的长为定值，并求其定值；
（3）若直径AB与CD相交成120°角．
①当点P运动到的中点P1时（如图二），求MN的长；
②当点P（不与B、C重合）从B运动到C的过程中（如图三），证明MN的长为定值．
（4）试问当直径AB与CD相交成多少度角时，MN的长取最大值，并写出其最大值．

2015年湖南省永州市中考数学试卷
参考答案与试题解析
一、选择题，共10小题，每小题3分，共30分
1．【分析】数轴上两点间的距离等于表示这两点的数的差的绝对值．
【解答】解：2014﹣（﹣1）＝2015，故A，B两点间的距离为2015．
故选：C．
【点评】本题考查了数轴，由于引进了数轴，我们把数和点对应起来，也就是把“数”和“形”结合起来，二者互相补充，相辅相成，把很多复杂的问题转化为简单的问题，在学习中要注意培养数形结合的数学思想．
2．【分析】A：根据同底数幂的乘法法则判断即可．
B：平方差公式：（a+b）（a﹣b）＝a2﹣b2，据此判断即可．
C：根据幂的乘方的计算方法判断即可．
D：根据合并同类项的方法判断即可．
【解答】解：∵a2•a3＝a5，
∴选项A不正确；
∵（﹣a+b）（a+b）＝b2﹣a2，
∴选项B正确；
∵（a3）4＝a12，
∴选项C不正确；
∵a3+a5≠a8
∴选项D不正确．
故选：B．
【点评】（1）此题主要考查了平方差公式，要熟练掌握，应用平方差公式计算时，应注意以下几个问题：①左边是两个二项式相乘，并且这两个二项式中有一项完全相同，另一项互为相反数；②右边是相同项的平方减去相反项的平方；③公式中的a和b可以是具体数，也可以是单项式或多项式；④对形如两数和与这两数差相乘的算式，都可以运用这个公式计算，且会比用多项式乘以多项式法则简便．
（2）此题还考查了同底数幂的乘法法则：同底数幂相乘，底数不变，指数相加，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：①底数必须相同；②按照运算性质，只有相乘时才是底数不变，指数相加．
（3）此题还考查了幂的乘方和积的乘方，要熟练掌握，解答此题的关键是要明确：①（am）n＝amn（m，n是正整数）；②（ab）n＝anbn（n是正整数）．
（4）此题还考查了合并同类项的方法，要熟练掌握．
3．【分析】分别利用众数、中位数、平均数及概率的知识求解后即可判断正误；
【解答】解：A、数据170出现了3次，最多，故众数为170，正确，不符合题意；
B、排序后位于中间位置的两数为168和170，故中位数为169，正确，不符合题意；
C、平均数为（168+165+168+166+170+170+176+170）÷4＝169.125，故错误，符合题意；
D、从8名学生中任选1名学生参加校文艺会演，则这名学生的身高不低于170的概率为＝，
故选：C．
【点评】本题考查了众数、加权平均数、中位数及概率公式，解题的关键是能够分别求得有关统计量，难度不大．
4．【分析】设开幕式当天该景区游客人数饱和的时间约为x点，结合已知条件“从早晨8：00开始每小时进入阳明山景区的游客人数约为1000人，同时每小时走出景区的游客人数约为600人，已知阳明山景区游客的饱和人数约为2000人”列出方程并解答．
【解答】解：设开幕式当天该景区游客人数饱和的时间约为x点，则
（x﹣8）×（1000﹣600）＝2000，
解得x＝13．
即开幕式当天该景区游客人数饱和的时间约为13：00．
故选：C．
【点评】本题考查了一元一次方程的应用．解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系列出方程，再求解．
5．【分析】从俯视图可得：碟子共有3摞，结合主视图和左视图，可得每摞碟子的个数，相加可得答案．
【解答】解：由俯视图可得：碟子共有3摞，
由几何体的主视图和左视图，可得每摞碟子的个数，如下图所示：

故这张桌子上碟子的个数为3+4+5＝12个，
故选：B．
【点评】本题考查的知识点是简单空间图形的三视图，分析出每摞碟子的个数是解答的关键．
6．【分析】先由圆周角定理求出∠A与∠ADB的度数，然后根据三角形外角的性质即可求出∠P的度数．
【解答】解：∵和所对的圆心角分别为90°和50°，
∴∠A＝25°，∠ADB＝45°，
∵∠P+∠A＝∠ADB，
∴∠P＝∠ADB﹣∠P＝45°﹣25°＝20°．
故选：D．
【点评】此题考查了圆周角定理及三角形外角的性质，解题的关键是：熟记并能灵活应用圆周角定理及三角形外角的性质解题．
7．【分析】先求出不等式的解集，根据题意得出关于m的不等式组，求出不等式组的解集即可．
【解答】解：∵不等式组的解集为m﹣1＜x＜1，
又∵不等式组恰有两个整数解，0和﹣1，
∴﹣2≤m﹣1＜﹣1，
即，
解得：﹣1≤m＜0
恰有两个整数解，
故选：A．
【点评】本题考查了解一元一次不等式组，不等式组的解集的应用，解此题的关键是能求出关于m的不等式组，难度适中．
8．【分析】根据有两个角对应相等的三角形相似，以及根据两边对应成比例且夹角相等的两个三角形相似，分别判断得出即可．
【解答】解：A、∵∠ABD＝∠ACB，∠A＝∠A，∴△ABC∽△ADB，故此选项不合题意；
B、∵∠ADB＝∠ABC，∠A＝∠A，∴△ABC∽△ADB，故此选项不合题意；
C、∵AB2＝AD•AC，∴＝，∠A＝∠A，△ABC∽△ADB，故此选项不合题意；
D、＝不能判定△ADB∽△ABC，故此选项符合题意．
故选：D．
【点评】本题考查了相似三角形的判定，利用了有两个角对应相等的三角形相似，两边对应成比例且夹角相等的两个三角形相似．
9．【分析】根据角平分线的性质分析，作∠E的平分线，点P到AB和CD的距离相等，即可得到S△PAB＝S△PCD．
【解答】解：作∠E的平分线，
可得点P到AB和CD的距离相等，
因为AB＝CD，
所以此时点P满足S△PAB＝S△PCD．
组成∠E的角平分线和外角平分线所在的直线（E点除外）
故选：D．
【点评】此题考查角平分线的性质，关键是根据AB＝CD和三角形等底作出等高即可．
10．【分析】根据“定义[x]为不超过x的最大整数”进行计算．
【解答】解：A、∵[x]为不超过x的最大整数，
∴当x是整数时，[x]＝x，成立；
B、∵[x]为不超过x的最大整数，
∴0≤x﹣[x]＜1，成立；
C、例如，[﹣5.4﹣3.2]＝[﹣8.6]＝﹣9，[﹣5.4]+[﹣3.2]＝﹣6+（﹣4）＝﹣10，
∵﹣9＞﹣10，
∴[﹣5.4﹣3.2]＞[﹣5.4]+[﹣3.2]，
∴[x+y]≤[x]+[y]不成立，
D、[n+x]＝n+[x]（n为整数），成立；
故选：C．
【点评】本题考查了一元一次不等式组的应用，解决本题的关键是理解新定义．新定义解题是近几年高考常考的题型．
二、填空题，共8小题，每小题3分，共24分
11．【分析】科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数．确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同．当原数绝对值＞1时，n是正数；当原数的绝对值＜1时，n是负数．
【解答】解：将365000000用科学记数法表示为3.65×108．
故答案为：3.65×108．
【点评】此题考查科学记数法的表示方法．科学记数法的表示形式为a×10n的形式，其中1≤|a|＜10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值．
12．【分析】由已知一对内错角相等，利用内错角相等两直线平行得到AB与DC平行，再利用两直线平行同旁内角互补，由∠A的度数即可求出∠ADC的度数．
【解答】解：∵∠1＝∠2，
∴AB∥CD，
∴∠A+∠ADC＝180°，
∵∠A＝60°，
∴∠ADC＝120°．
故答案为：120°
【点评】本题考查了平行线的判定与性质，熟练掌握平行线的判定与性质是解本题的关键．
13．【分析】利用待定系数法把点A（0，﹣1），B（1，0）代入y＝kx+b，可得关于k、b的方程组，再解出方程组可得k、b的值，进而得到函数解析式，再解不等式即可．
【解答】解：∵一次函数y＝kx+b的图象经过两点A（0，1），B（2，0），
∴，
解得：
这个一次函数的表达式为y＝﹣x+1．
解不等式﹣x+1≤0，
解得x≥2．
故答案为x≥2．
【点评】本题考查了待定系数法求一次函数解析式，解不等式，把点的坐标代入函数解析式求出解析式是解题的关键．
14．【分析】先根据反比例函数中k＞0判断出函数图象所在的象限及增减性，再根据各点横坐标的特点即可得出结论．
【解答】解：∵反比例函数y＝（k＞0）中k＞0，
∴函数图象的两个分式分别位于一、三象限，且在每一象限内y随x的增大而减小．
∵﹣1＜0，
∴点A（﹣1，y1）位于第三象限，
∴y1＜0，
∴B（1，y2）和C（2，y3）位于第一象限，
∴y2＞0，y3＞0，
∵1＜2，
∴y2＞y3，
∴y1＜y3＜y2．
故答案为：y1，y3，y2．
【点评】本题考查的是反比例函数图象上点的坐标特点，熟知反比例函数图象上各点的坐标一定适合此函数的解析式是解答此题的关键．
15．【分析】由已知条件易证△ABE≌△ACD，再根据全等三角形的性质得出结论．
【解答】解：△ABE和△ACD中，
，
∴△ABE≌△ACD（AAS），
∴AD＝AE＝2，AC＝AB＝5，
∴CE＝BD＝AB﹣AD＝3，
故答案为3．
【点评】本题主要考查了全等三角形的性质和判定，熟记定理是解题的关键．
16．【分析】根据点A的坐标（﹣2，0），可得OA＝2，再根据含30°的直角三角形的性质可得OB的长，再根据性质的性质和扇形的面积公式即可求解．
【解答】解：∵点A的坐标（﹣2，0），
∴OA＝2，
∵△ABO是直角三角形，∠AOB＝60°，
∴∠OAB＝30°，
∴OB＝OA＝1，
∴边OB扫过的面积为：＝π．
故答案为：π．
【点评】本题考查了扇形的面积公式：S＝，其中n为扇形的圆心角的度数，R为圆的半径），或S＝lR，l为扇形的弧长，R为半径．
17．【分析】根据三角形中线的定义，可得答案，根据三角形角平分线的定义，可得答案，三角形高线的定义，可得答案．
【解答】解：，
在等腰△ABC中，AB＝AC，则有BC边上的中线，高线和∠BAC的平分线重合于AD（如图一）．若将等腰△ABC的顶点A向右平行移动后，得到△A′BC（如图二），那么，此时BC边上的中线、BC边上的高线和∠BA′C的平分线应依次分别是 A′D，A′F，A′E，
故答案为：A′D，A′F，A′E．
【点评】本题考查了平移的性质，平移不改变三角形的中线，三角形的角平分线分角相等，三角形的高线垂直于角的对边．
18．【分析】正整数n4的末位数依次是1，6，1，6，5，6，1，6，1，0，十个一循环，先求出2015÷10的商和余数，再根据商和余数，即可求解．
【解答】解：正整数n4的末位数依次是1，6，1，6，5，6，1，6，1，0，十个一循环，
1+6+1+6+5+6+1+6+1+0＝33，
2015÷10＝201…5，
33×201+（1+6+1+6+5）
＝6633+19
＝6652．
故a1+a2+a3+…+a2013+a2014+a2015＝6652．
故答案为：6652．
【点评】考查了尾数特征，本题关键是得出正整数n4的末位数依次是1，6，1，6，5，6，1，6，1，0，十个一循环．
三、简单题，共9小题，共76分
19．【分析】原式第一项利用特殊角的三角函数值计算，第二项化为最简二次根式，最后一项利用负整数指数幂法则计算即可得到结果．
【解答】解：原式＝﹣+4＝4．
【点评】此题考查了实数的运算，熟练掌握运算法则是解本题的关键．
20．【分析】先根据分式混合运算的法则把原式进行化简，再由＝2得出m＝2n，代入原式进行计算即可．
【解答】解：原式＝•（m﹣n）
＝，
由＝2得m＝2n，
故原式＝＝＝5．
【点评】本题考查的是分式的化简求值，熟知分式混合运算的法则是解答此题的关键．
21．【分析】（1）用A类的人数除以它所占的百分比，即可得样本容量；
（2）分别计算出D类的人数为：100﹣20﹣35﹣100×19%＝25（人），D类所占的百分比为：25÷100×100%＝25%，B类所占的百分比为：36÷100×100%＝36%，即可补全统计图；
（3）用2000乘以25%，即可解答．
【解答】解：（1）20÷20%＝100，
∴本次抽样调查的样本容量为100．
（2）由于A，B两类人数比为5：9，故可算出B类人数为20×＝36（人），D类的人数为：100﹣20﹣36﹣100×19%＝25（人），
D类所占的百分比为：25÷100×100%＝25%，B类所占的百分比为：36÷100×100%＝36%，
如图所示：

（3）2000×25%＝500（人）．
故若该校有2000名学生．估计观看“中国汉字听写大会”节目不喜欢的学生人数为500人．
【点评】本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．
22．【分析】把x＝﹣1代入已知方程列出关于m的新方程，通过解该方程来求m的值；然后结合根与系数的关系来求方程的另一根．
【解答】解：设方程的另一根为x2，则
﹣1+x2＝﹣1，
解得x2＝0．
把x＝﹣1代入x2+x+m2﹣2m＝0，得
（﹣1）2+（﹣1）+m2﹣2m＝0，即m（m﹣2）＝0，
解得m1＝0，m2＝2．
综上所述，m的值是0或2，方程的另一实根是0．
【点评】本题主要考查了一元二次方程的解．一元二次方程的根就是一元二次方程的解，就是能够使方程左右两边相等的未知数的值．即用这个数代替未知数所得式子仍然成立．
23．【分析】（1）根据四边形的内角和等于360°求出∠B+∠ADC＝180°，再根据邻补角的和等于180°可得∠CDE+∠ADE＝180°，从而求出∠B＝∠CDE；
（2）根据“边角边”证明即可．
【解答】（1）证明：在四边形ABCD中，∵∠BAD＝∠BCD＝90°，
∴90°+∠B+90°+∠ADC＝360°，
∴∠B+∠ADC＝180°，
又∵∠CDE+∠ADC＝180°，
∴∠ABC＝∠CDE，

（2）连接AC，由（1）证得∠ABC＝∠CDE，
在△ABC和△EDC中，
，
∴△ABC≌△EDC（SAS）．

【点评】本题考查了全等三角形的判定与性质，等腰直角三角形的判定与性质，根据四边形的内角和定理以及邻补角的定义，利用同角的补角相等求出夹角相等是证明三角形全等的关键，也是本题的难点．
24．【分析】（1）直接利用直角三角形中30°所对的边等于斜边的一半求出即可；
（2）根据题意可知，图中AB＝50m，AD⊥BC，且BD＝CD，∠AOD＝30°，OA＝80m；再利用垂径定理及勾股定理解答即可．
【解答】解：（1）过点A作AD⊥ON于点D，
∵∠NOM＝30°，AO＝80m，
∴AD＝40m，
即对学校A的噪声影响最大时卡车P与学校A的距离为40米；

（2）由图可知：以50m为半径画圆，分别交ON于B，C两点，AD⊥BC，BD＝CD＝BC，OA＝80m，
∵在Rt△AOD中，∠AOB＝30°，
∴AD＝OA＝×80＝40m，
在Rt△ABD中，AB＝50，AD＝40，由勾股定理得：BD＝＝＝30m，
故BC＝2×30＝60米，即重型运输卡车在经过BC时对学校产生影响．
∵重型运输卡车的速度为18千米/小时，即＝300米/分钟，
∴重型运输卡车经过BC时需要60÷300＝0.2（分钟）＝12（秒）．
答：卡车P沿道路ON方向行驶一次给学校A带来噪声影响的时间为12秒．

【点评】此题考查的是垂径定理与勾股定理在实际生活中的运用，解答此题的关键是卡车在哪段路上运行时对学校产生影响．
25．【分析】（1）证明△ABD≌△ACD，得到∠BAD＝∠CAD，根据等腰三角形的性质即可证明；
（2）菱形，证明△BFE≌△CDE，得到BF＝DC，可知四边形BFCD是平行四边形，易证BD＝CD，可证明结论；
（3）设DE＝x，则根据CE2＝DE•AE列方程求出DE，再用勾股定理求出CD．
【解答】（1）证明：∵AD是直径，
∴∠ABD＝∠ACD＝90°，
在Rt△ABD和Rt△ACD中，
，
∴Rt△ABD≌Rt△ACD，
∴∠BAD＝∠CAD，
∵AB＝AC，
∴BE＝CE；
（2）四边形BFCD是菱形．
证明：∵AD是直径，AB＝AC，
∴AD⊥BC，BE＝CE，
∵CF∥BD，
∴∠FCE＝∠DBE，
在△BED和△CEF中
，
∴△BED≌△CEF，
∴CF＝BD，
∴四边形BFCD是平行四边形，
∵∠BAD＝∠CAD，
∴BD＝CD，
∴四边形BFCD是菱形；
（3）解：∵AD是直径，AD⊥BC，BE＝CE，
∵∠AEC＝∠CED，∠CAE＝∠ECD，
∴△AEC∽△CED，
∴＝，
∴CE2＝DE•AE，
设DE＝x，
∵BC＝8，AD＝10，
∴42＝x（10﹣x），
解得：x＝2或x＝8（舍去）
在Rt△CED中，
CD＝＝＝2．

【点评】本题主要考查了圆的有关性质：垂径定理、圆周角定理，三角形全等的判定与性质，菱形的判定与性质，勾股定理，三角形相似的判定与性质，熟悉圆的有关性质是解决问题的关键．
26．【分析】（1）设顶点式y＝a（x﹣1）2，然后把（0，）代入求出a即可；
（2）根据二次函数图象上点的坐标，设P（x，（x﹣1）2），易得PM＝（x﹣1）2+1，然后利用两点的距离公式计算PR，得到PR2＝（x﹣1）2+[（x﹣1）2﹣1]2，接着根据完全平方公式变形可得PR2＝[（x﹣1）2+1]2，则PR＝（x﹣1）2+1，所以PR＝PM，于是可判断点P到R的距离与点P到直线y＝﹣1的距离恒相等；
（3）根据（2）的结论得到得QN＝QR，PR＝PM，则PQ＝PR+QR＝PM+QN，再证明EF为梯形PMNQ的中位线，所以EF＝（QN+PM），则EF＝PQ＝EQ＝EP，根据点与圆的位置关系得到点F在以PQ为直径的圆上，则根据圆周角定理得∠PFQ＝90°，即有PF⊥QF．
【解答】（1）解：设抛物线解析式为y＝a（x﹣1）2，
把（0，）代入得a＝，
所以抛物线解析式为y＝（x﹣1）2；
（2）证明：如图1，设P（x，（x﹣1）2），则PM＝（x﹣1）2+1，
∵PR2＝（x﹣1）2+[（x﹣1）2﹣1]2＝（x﹣1）2+[（x﹣1）]4﹣（x﹣1）2+1＝[（x﹣1）]4+（x﹣1）2+1＝[（x﹣1）2+1]2，
∴PR＝（x﹣1）2+1，
∴PR＝PM，
即点P到R的距离与点P到直线y＝﹣1的距离恒相等；
（3）证明：由（2）得QN＝QR，PR＝PM，
∴PQ＝PR+QR＝PM+QN，
∵EF⊥MN，QN⊥MN，PM⊥MN，
而E为线段PQ的中点，
∴EF为梯形PMNQ的中位线，
∴EF＝（QN+PM），
∴EF＝PQ，
∴EF＝EQ＝EP，
∴点F在以PQ为直径的圆上，
∴∠PFQ＝90°，
∴PF⊥QF．

【点评】本题考查了二次函数综合题：熟练掌握二次函数图象上点的坐标特征和梯形的中位线性质；理解坐标与图形性质；会利用待定系数法求二次函数解析式和利用两点间的距离公式计算线段的长．要充分运用（2）的结论解决（3）中的问题．
27．【分析】（1）如图一，易证∠PMO+∠PNO＝180°，从而可得四边形PMON内接于圆，直径OP＝2；
（2）如图一，易证四边形PMON是矩形，则有MN＝OP＝2，问题得以解决；
（3）①如图二，根据等弧所对的圆心角相等可得∠COP1＝∠BOP1＝60°，根据圆内接四边形的对角互补可得∠MP1N＝60°．根据角平分线的性质可得P1M＝P1N，从而得到△P1MN是等边三角形，则有MN＝P1M．然后在Rt△P1MO运用三角函数就可解决问题；②设四边形PMON的外接圆为⊙O′，连接NO′并延长，交⊙O′于点Q，连接QM，如图三，根据圆周角定理可得∠QMN＝90°，∠MQN＝∠MPN＝60°，在Rt△QMN中运用三角函数可得：MN＝QN•sin∠MQN，从而可得MN＝OP•sin∠MQN，由此即可解决问题；
（4）由（3）②中已得结论MN＝OP•sin∠MQN可知，当∠MQN＝90°时，MN最大，问题得以解决．
【解答】解：（1）如图一，
∵PM⊥OC，PN⊥OB，
∴∠PMO＝∠PNO＝90°，
∴∠PMO+∠PNO＝180°，
∴四边形PMON内接于圆，直径OP＝2；

（2）如图一，
∵AB⊥OC，即∠BOC＝90°，
∴∠BOC＝∠PMO＝∠PNO＝90°，
∴四边形PMON是矩形，
∴MN＝OP＝2，
∴MN的长为定值，该定值为2；

（3）①如图二，
∵P1是的中点，∠BOC＝120°
∴∠COP1＝∠BOP1＝60°，∠MP1N＝60°．
∵P1M⊥OC，P1N⊥OB，
∴P1M＝P1N，
∴△P1MN是等边三角形，
∴MN＝P1M．
∵P1M＝OP1•sin∠MOP1＝2×sin60°＝，
∴MN＝；
②设四边形PMON的外接圆为⊙O′，连接NO′并延长，
交⊙O′于点Q，连接QM，如图三，
则有∠QMN＝90°，∠MQN＝∠MPN＝60°，
在Rt△QMN中，sin∠MQN＝，
∴MN＝QN•sin∠MQN，
∴MN＝OP•sin∠MQN＝2×sin60°＝2×＝，
∴MN是定值．

（4）由（3）②得MN＝OP•sin∠MQN＝2sin∠MQN．
当直径AB与CD相交成90°角时，∠MQN＝180°﹣90°＝90°，MN取得最大值2．

【点评】本题主要考查了圆内接四边形的判定定理、圆周角定理、在同圆中弧与圆心角的关系、矩形的判定与性质、等边三角形的判定与性质、三角函数、角平分线的性质等知识，推出MN＝OP•sin∠MQN是解决本题的关键．
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