2010年广东高考物理试题及答案.pdf

-1-20102010 年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷物理）年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷物理）一、单项选择题：本大题共 4 小题，每小题 4 分。共 16 分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得 4 分，选错或不答的得 0 分。13.图 2 为节日里悬挂灯笼的一种方式，A,B 点等高，O 为结点，轻绳 AO、BO 长度相等，拉力分别为 FA，FB灯笼受到的重力为 13.图 2 为节日里悬挂灯笼的一种方式，A、B 点等高，O 为结点，轻绳 AO、BO 长度相等，拉力分别为 FA、FB，灯笼受到的重力 为 G下列表述正确的是 AFA一定小于 G BFA与 FB大小相等 CFA与 FB是一对平衡力 DFA与 FB大小之和等于 G 14.图 3 是密闭的气缸，外力推动活塞 P 压缩气体，对缸内气体 做功 800J，同时气体向外界放热 200J，缸内气体的 A温度升高，内能增加 600J B.温度升高，内能减少 200J C.温度降低，内能增加 600J D.温度降低，内能减少 200J 15.如图 4 所示，某种自动洗衣机进水时，与洗衣缸相连的细管中会封闭一定质量的空气，通过压力传感器感知管中的空气压力，从而控制进水量。设温度不变，洗衣缸内水位升高，则细管中被封闭的空气 A.体积不变，压强变小 B.体积变小，压强变大 C.体积不变，压强变大 D.体积变小，压强变小 16.如图 5 所示，平行导轨间有一矩形的匀强磁场区域，细 金属棒 PQ 沿导轨从 MN 处匀速运动到 MN的过程中，棒上感应电动势 E 随时间 t 变化的图示，可能正确的是 二二.双项选择双项选择题：本大题共题：本大题共9 小 题，每 小小 题，每 小题题 6 分，共分，共 54分。在每小题分。在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对得 6 分，只选分，只选 1 个且正确的得个且正确的得 3 分，有选错或不答的分，有选错或不答的得得 0 分。分。17.图 6 是某质点运动的速度图像，由图像得到的正确结果是 A01 s 内的平均速度是 2m/s B.02s 内的位移大小是 3 m C.01s 内的加速度大于 24s 内的加速度 D01s 内的运动方向与 24s 内的运动方向相反 18关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确的有 A.HeThU422349023892 是衰变 B.HOHeN1117842147 是衰变 C.nHeHH10423121 是轻核聚变 D.eHeKrSe0142823682342 是重核裂变 19.图 7 是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的 A 周期是 0.01S B 最大值是 311V C 有效值是 220V D 表达式为 U=220sin100t（V）20.下列关于力的说法正确的是 A.作用力和反作用力作用在同一物体上 B.太阳系中的行星均受到太阳的引力作用 C 运行的人造地球卫星所受引力的方向不变 D.伽利略的理想实验说明了力不是维持物体运动的原因 21图 8 是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是 A.a 点的电势高于 b 点的电势 B.该点电荷带负电 C.a 点和 b 点电场强度的方向相同 D.a 点的电场强度大于 b 点的电场强度 34.(18 分)（1）图 13 是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带。已知打点计时器电源频率为 50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_。ABCD 是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出。从图 13 中读出 A、B 两点间距s=_；C 点对应的速度是_(计算结果保留三位有效数字)。-2-（2）某同学利用电压表和电阻箱测定干电池的电动势和内阻，使用的器材还包括定值电阻（=5）一0R个，开关两个，导线若干，实验原理图如图 14(a).在图 14（b）的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成余下电路的连接。请完成下列主要实验步骤；A 检查并调节电压表指针指零；调节电阻箱，示数如图 14（c）所示，读得电阻值是_;B 将开关闭合，开关断开，电压表的示数是 1.49V；1s2sC 将开关 _,电压表的示数是 1.16V；断开开关。2s1s 使用测得的数据，计算出干电池的内阻是_（计算结果保留二位有效数字）。由于所有电压表不是理想电压表，所以测得的电动势比实际值偏_(填“大”或“小”)。35.（18 分）如图 15 所示，一条轨道固定在竖直平面内，粗糙的 ab 段水平，bcde 段光滑，cde 段是以 O 为圆心、R 为半径的一小段圆弧。可视为质点的物块 A 和 B 紧靠在一起，静止于 b 处，A 的质量是 B 的 3倍。两物块在足够大的内力作用下突然分离，分别向左、右始终沿轨道运动。B 到 b 点时速度沿水平方向，此时轨道对 B 的支持力大小等于 B 所受重力的43，A 与 ab 段的动摩擦因数为，重力加速度 g，求：（1）物块 B 在 d 点的速度大小;（2）物块 A 滑行的距离 s.36(18 分)如图 16（a）所示，左为某同学设想的粒子速度选择装置，由水平转轴及两 个薄盘 N1、N2构成，两盘面平行且与转轴垂直，相距为 L，盘上各开一狭缝，两狭缝夹角可调（如图 16（b）；右为水平放置的长为 d 的感光板，板的正上 方有一匀强磁场，方向垂直纸面向外，磁感应强度为 B.一小束速度不同、带 正电的粒子沿水平方向射入 N1，能通过 N2的粒子经 O 点垂直进入磁场。O 到感 光板的距离为 2d，粒子电荷量为 q,质量为 m,不计重力。（1）若两狭缝平行且盘静止（如图 16（c），某一粒子进入磁场后，竖直向下打在感光板中心点 M 上，求该粒子在磁场中运动的时间 t;（2）若两狭缝夹角为，盘匀速转动，转动方向如图 16（b）.要使穿过 N1、N2的粒子均打到感光板0P1P2连线上。试分析盘转动角速度的取值范围（设通过 N1的所有粒子在盘转一圈的时间内都能到达 N2）。-3-20102010 年广东卷年广东卷 物理部分物理部分 答案答案 一、选择题：一、选择题：题号 13 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B A B A BC AC BC BD BD 二、实验题：二、实验题：34、（1）0.02s 0.70cm；0.100m/s(2)连图如下图所示 20；闭合 0.69 小 三、计算题三、计算题 35、(1)(2)2Rg8R36、(1)(2)Bqm2mLdqBmLdqB45400 -4-20102010 年广东卷年广东卷 物理部分物理部分 解析解析 13、三力平衡问题，用正交分解法，设AOB=2，O 点受到 FA、F 三力作用，其中 F=G，建立如图所示的坐标系，列平衡方程得：GFFFFBABAcoscossinsin解出：当=1200时：；cos2GFFBAGFFBA当 1200时：故选 B GFFBAGFFBA14、由得：UQWJJJU600)200(800，一定质量的理想气体的内能大小只与温度有关，故温度升高，选 A 0U15、由连通器原理知：对同一液面压强相同：（P0为大气压）P水增加因而 水气PP0PP气增加，由 PV=nRT 得体积减小，选 B 16、MN 只有进入磁场中才切割磁感线，因而只有中间过程有感应电动势，选 A 17、v-t 图的考察：A 分析平均速度：，由面积法求 01s 的位移 s=1m,时间 t=1s 因而：tsv smv/1 B 由面积法知：02s 的位移 s=3m C 用斜率求出 01s 的加速度：a1=2m/s2、24s 的加速度 a2=1m/s2、因而：a1 a2 D 01s、24s 两个时间段内速度均为正，表明速度都为正向，运动方向相同 因而选：BC 18、B 为人工核转变，D 为衰变 选 AC 19、交流电考察 由图知：最大值 Um=311V 有效值周期 T=0.02s VUUm2202表达式 选 BC)(100sin311Vtu20、A 作用力和反作用力受力物体不同，要明确和一对平衡力区别，不要混淆 C 人造地球卫星绕地做匀速圆周运动有万有引力提供向心力，因而方向始终指向地心一直在变，选 BD 21、考察电场线的知识：A 以点电荷为圆心，同一圆周上，电势相等，以点电荷为圆心，a 点为圆周一点做圆交过 b 点的电场线为 a，则：，由顺着电场线电势降低知：因而：aaababC D a 点电场线比 b 点密因而：EaEb a、b 两点的电场线的方向不同 选 BD 34、（1）读 A、B 两点数值：1.00cm、1.70cm sfT02.01故：s=1.70cm-1.00cm=0.70cm smsmtBDvvBDc/100.0/102.010.190.022(2)略 读出：20；闭合 S2后电阻箱才工作 S1闭合、S2断开时：RV很大，认为：1UE S1、S2都闭合时：022RrUERU由得 69.01021RRUUr误差分析解析一误差分析解析一 忽略电压表电阻的影响，有 RUUURr2210测考虑电压表电阻的影响，设电压表的电阻为：RV则、两式变为：两式相减并整理得：真真rRUERRUrRUERUVV022011/VVRURRUUURr12210/真/得：(U1U2)11)/(11212200UUURRRURRUURRrRrVVV真测 r测r真 测量值偏小 误差分析解析二误差分析解析二 用大学学的等效电源定理（戴维南定理）：把 E、R0、电压表 RV组成新的电源，电动势为、内阻为 EERrRREVV000)/(RrRrRrV因而测得电动势和内阻都偏小 35、解：设 A、B 在分离瞬间速度大小分别为 v1、v2，质量分别为 3m、m（1）在 d 点对 B 由牛顿第二定律得：Rvmmgmg243由得：2Rgv（2）取水平向右方向为正,A、B 分离过程动量守恒,则：0)(321mvvmFAFBG -5-A、B 分离后，A 向左减速至零过程由动能定理得：21)3(210)3(vmgsmB 从 b 点到 d 点过程由动能定理得：2222121mvmvmgR由得：8Rs 36、解：（1）分析之该粒子轨迹圆心为 P1，半径为，在磁场中转过的圆心角为，因而运动时间2d2为：BqmTt22 （2）设粒子从 N1运动到 N2过程历时为 t，之后在磁场中运行速度大小为 v，轨迹半径为 R 则：在粒子匀速过程有：L=vt 粒子出来进入磁场的条件：t0 在磁场中做匀速圆周运动有：RvmqvB2 设粒子刚好过 P1点、P2点时轨迹半径分别为：R1、R2则：21RRR 41dR 222222ddRR 由得：mLdqBmLdqB45400