2022高中化学人教版必修一第一部分第四章第四节第二课时课时跟踪训练.docx

课时跟踪训练一、选择题(此题包括7小题，每题3分，共21分)1在如下列图的实验装置中，实验开始一段时间后，对观察到的现象表达不正确的选项是()A苹果块会干瘪B胆矾晶体外表有“白斑C小试管内有晶体析出DpH试纸变红解析：浓硫酸具有吸水性，会吸收试管内的水蒸气，造成水分减少。苹果块、胆矾晶体、饱和硝酸钾溶液均会失水，导致苹果块变干瘪、胆矾晶体外表有“白斑、小试管内有晶体析出。浓硫酸具有脱水性，会使pH试纸碳化变黑。答案：D2用图所示实验装置(夹持仪器已略去)探究铜丝与过量浓硫酸的反响。以下实验不合理的是()A上下移动中铜丝可控制SO2的量B中选用品红溶液验证SO2的生成C中选用NaOH溶液吸收多余的SO2D为确认CuSO4生成，向中加水，观察颜色解析：上下移动铜丝可以控制铜与浓硫酸的接触与别离，从而可以控制反响生成SO2的量，A项正确；SO2可使品红溶液褪色，B项正确；SO2有毒，能与NaOH溶液反响，C项正确；铜与浓硫酸反响后中溶液显蓝色即可证明有CuSO4生成，无需向其中加水，D项错误。答案：D3相同质量的铜片分别投入到足量的以下四种酸中(必要时可加热)，充分反响后在相同条件下得到的气体体积由大到小的顺序是()浓硫酸浓硝酸稀硫酸稀硝酸ABCD解析：1 mol Cu与浓硫酸反响可生成1 mol SO2,1 mol Cu与浓硝酸反响可生成2 mol NO2,1 mol Cu与稀硝酸反响可生成2/3 mol NO，Cu与稀硫酸不反响。答案：B4如图是制取、净化并测量生成气体体积的装置示意图。利用上述装置进行下表所列实验，能到达实验目的的是()物质实验a(液体)b(固体)c(液体)A稀盐酸锌粒浓硫酸B浓氨水生石灰浓硫酸C浓硫酸Cu片NaOH溶液D稀硝酸Cu片H2O解析：浓氨水与生石灰反响生成的氨气会与浓硫酸反响；Cu与浓硫酸在常温下不能反响；Cu与稀硝酸反响生成的NO气体可被装置中的空气氧化。答案：A5将碳与浓硫酸共热产生的气体X、铜与浓硝酸反响产生的气体Y同时通入盛有足量的氯化钡溶液的洗气瓶中，以下有关说法正确的选项是()A洗气瓶中产生的沉淀是碳酸钡B从Z导管出来的气体中无二氧化碳C洗气瓶中产生的沉淀是亚硫酸钡D在Z导管口有红棕色气体出现解析：依题意，X为SO2与CO2的混合气体，Y为NO2，同时通入BaCl2溶液后，发生反响3NO2H2O=2HNO3NO，所以HNO3会将SO2氧化为H2SO4，H2SO4与BaCl2反响生成BaSO4白色沉淀，出来的气体为CO2和NO，由于NO易被空气中的O2氧化，因而导管口会有红棕色气体出现。答案：D6在某100 mL混合液中，HNO3和H2SO4的物质的量浓度分别是0.4 mol/L、0.1 mol/L。向该混合液中参加1.92 g铜粉，加热，待充分反响后(假设反响前后溶液体积不变)，所得溶液中的Cu2的物质的量浓度(mol/L)是()A0.15 B0.225C0.35 D0.45解析：该混合溶液中含HNO3为0.04 mol，含H2SO4为0.01 mol，即含NO 0.04 mol，H 0.06 mol；1.92 g铜粉的物质的量0.03 mol，由离子方程式3Cu2NO8H=3Cu22NO4H2O可知H缺乏量，Cu过量，那么生成Cu2的物质的量0.06 mol0.022 5 mol，故c(Cu2)0.225 mol/L，B项正确。答案：B714 g铜、银合金与一定量某浓度的硝酸溶液完全反响，将放出的气体与1.12 L(标准状况下)氧气混合通入水中，恰好全部被水吸收，那么合金中铜的质量是()A9.6 gB6.4 gC4.8 gD3.2 g解析：Cu、Ag合金与HNO3反响过程如下：Cu、Ag与HNO3反响是氧化复原反响，Cu、Ag失电子，HNO3得电子，生成NO2或NO。由于NO2、NO、O2都被水吸收生成HNO3，即NO2、NO又将电子转移给O2，所以在整个反响过程中，相当于Cu、Ag失的电子给0.05 mol O2,0.05 mol O2得电子物质的量0.05 mol40.2 mol。设Cu为x mol、Ag为y mol，那么有解之得所以铜的质量为m(Cu)0.05 mol64g/mol3.2g。答案：D二、非选择题(此题包括4小题，共39分)8(6分)黑色固体A加热至红热投入到无色溶液B中发生如下转化关系：(1)由此可以推断(写化学式)：A为_，B为_，X为_，C为_，E为_。_。解析：根据“D(溶液)F(单质)G(蓝色溶液)E(无色气体)可知F为Cu，那么D为稀硝酸，E为NO，G为Cu(NO3)2溶液，继而推出X气体中有NO2，那么C气体中有NO。因与石灰水反响产生白色沉淀，所以C气体中还有CO2，那么X由NO2和CO2组成，因此A为炭。B为浓硝酸。答案：(1)CHNO3(浓)NO2和CO2NO和CO2NO(2)C4HNO3(浓)4NO2CO22H2O9(8分)盐酸、硫酸和硝酸是中学阶段常见的“三大酸。现就三大酸与金属铜反响的情况，答复以下问题：(1)稀盐酸不与Cu反响，假设在稀盐酸中参加H2O2后，那么可使铜顺利溶解。该反响的化学方程式为_。(2)在一定体积的10 mol/L的浓硫酸中参加过量铜片，加热使之反响，被复原的硫酸为0.9 mol，那么浓硫酸的实际体积_(填“大于，“等于或“小于)180 mL。假设使剩余的铜片继续溶解，可在其中参加硝酸盐溶液(如KNO3溶液)，那么该反响的离子方程式为_。(3)根据以下列图操作及现象推断酸X为_(填序号)。a浓盐酸b浓硫酸c浓硝酸解析：(1)根据题意可知，在盐酸存在的条件下，H2O2与铜发生氧化复原反响，H2O2作氧化剂，铜作复原剂。(2)只有浓硫酸才能和Cu发生氧化复原反响，稀硫酸和Cu不反响，所以被复原的硫酸为0.9 mol时，浓硫酸的实际体积必须大于根据方程式计算的理论值。(3)将酸X参加铁中，铁粉未见溶解；加水后溶解，说明酸是浓硫酸或浓硝酸；向反响后的溶液中滴加BaCl2溶液，产生白色沉淀，说明是浓硫酸。答案：(1)CuH2O22HCl=2H2OCuCl2(2)大于3Cu2NO8H=3Cu22NO4H2O(3)b10(12分)某化学课外兴趣小组为探究铜跟浓硫酸的反响情况，用如下列图装置进行有关实验：(1)B是用来收集实验中产生的气体的装置，但未将导管画全，请把导管补充完整。(2)实验中他们取6.4 g铜片和12 mL 18 mol/L浓硫酸放在圆底烧瓶中加热，直到反响完毕，最后发现烧瓶中还有铜片剩余。该小组学生根据所学的化学知识认为还有一定量的硫酸剩余。请写出铜跟浓硫酸反响的化学方程式：_。为什么有一定量的余酸但未能使铜片完全溶解你认为原因是_。A铁粉BBaCl2溶液C银粉 DNa2CO3溶液(3)装置C中试管D内盛装的是品红溶液，当B中气体收集满后，有可能观察到的现象是_。待反响结束后，向C中烧杯内参加沸水，D中观察到的现象是_。(4)实验装置C有可能造成环境污染。试用最简单的方法加以解决。(实验用品自选)_。解析：Cu只与浓硫酸在加热时反响，而不与稀硫酸反响。收集SO2气体用向上排空气法，因此B装置应为长进短出，证明硫酸有剩余，应证明溶液中含H，而不应证明含SO，因此BaCl2溶液和Ag均不可。对C装置逸出的SO2，用浸有NaOH溶液的棉花团塞在试管口是最简单的方法。答案：(1)(2)Cu2H2SO4(浓) CuSO4SO22H2O随着H2SO4的消耗，浓H2SO4的浓度不断降低，稀H2SO4与Cu不反响AD(3)红色褪去恢复红色(4)用浸有NaOH溶液的棉团塞在试管口11(13分)(1)实验室用金属铜和稀硝酸制取NO的化学方程式为_(2)NO是有毒气体。某学生为防止污染，用分液漏斗和烧杯装配了一套简易的、能随开随用、随关随停的NO气体发生装置，如图甲所示。A铁B铝C铂 D玻璃翻开分液漏斗的活塞使反响进行，在分液漏斗中实际看到的气体是红棕色的，原因是_(填化学方程式)。(3)为证明铜丝与稀硝酸反响生成确实实是NO，某学生另设计了一套如图乙所示的装置制取NO。反响开始后，可以在U形管右端观察到无色的NO气体。长玻璃管的作用是_。让反响停止的操作方法及原因是_。(4)以下收集NO气体的装置，合理的是_(填选项代号)。解析：此题考查铜与稀硝酸反响制取NO的实验。(1)化学方程式的书写，要注意配平。(2)这种丝状材料的成分须不能与稀硝酸反响，所以A、B项不行；红棕色的气体是NO2，原因是生成的NO与空气中的氧气反响。(3)该实验装置是防止产生的气体与空气接触，长玻璃管的作用是排稀硝酸，防止稀硝酸溢出；关闭活塞，产生的气体使稀硝酸液面下降，从而铜丝与稀硝酸分开，反响停止。(4)不能用排空气法来收集NO，因为NO与空气中的氧气反响，只能用排水法，C和D装置符合题意。答案：(1)3Cu8HNO3(稀)=3Cu(NO3)22NO4H2O(2)CD2NOO2=2NO2(3)接收被气体压出U形管的液体，防止稀硝酸溢出关闭U形管右端导气管上的活塞；反响产生的气体将U形管右端管内的稀硝酸向下压，使铜丝与稀硝酸分开，反响就会停止(4)CD