2022届高一化学专题3第一单元第二课时能力特训(含解析)苏教版必修1.docx

【专题训练】2022年高中化学 专题3 第一单元 第二课时 能力特训〔解析版〕苏教版必修1
1．以下各组物质中，在高温引燃的条件下，不能发生化学反响的是(　　)
A．Al粉和Fe3O4粉末混合
B．V2O5粉末和Al粉混合
C．Al粉和MgO粉末混合
D．C粉和CuO粉末混合
解析：选C。Al粉和Fe3O4、V2O5在高温时均可发生铝热反响，而Al粉和MgO粉在高温时不发生化学反响，因为Mg比Al活泼。C粉和CuO粉末在高温也发生化学反响 2CuO＋C2Cu＋CO2↑。
2．等质量的同种镁铝合金分别与以下4种过量的溶液充分反响，放出氢气最多的是(　　)
A．2 mol·L－1 H2SO4溶液
B．18 mol·L－1 H2SO4溶液
C．6 mol·L－1 KOH溶液
D．3 mol·L－1 HNO3溶液
解析：选A。镁、铝与稀H2SO4均可反响放出H2；在KOH溶液中只有铝与KOH反响放出H2；镁与浓H2SO4反响不生成H2，Al在浓H2SO4中钝化；Mg、Al与HNO3作用都不生成H2。
3．假设在参加铝粉能放出氢气的溶液中，分别参加以下各组离子，一定能大量共存的是(　　)
A．NH、SO、CO、K＋
B．Na＋、Ba2＋、Ca2＋、HCO
C．Mg2＋、Ag＋、K＋、Cl－
D．K＋、Cl－、Na＋、SO
解析：选D。铝与酸、强碱反响都放出氢气，那么参加铝粉能放出氢气的溶液中可能含H＋，也可能含OH－。分别参加各组离子，一定能大量共存，是指各组离子应与H＋和OH－都能共存。A项中，NH与OH－生成NH3·H2O，CO与H＋生成H2CO3；B项中，HCO与H＋、OH－都能发生反响；C项，Mg2＋与OH－不能共存，Ag＋与Cl－不能共存；D项中，各离子与H＋和OH－都不发生反响，符合要求。
4．用含少量镁粉的铝粉制取纯洁的氢氧化铝，下述操作步骤中最恰当的组合是(　　)
①加盐酸溶解；②加烧碱溶液溶解；③过滤；④通入过量CO2生成Al(OH)3沉淀；⑤参加盐酸生成Al(OH)3沉淀；⑥参加过量烧碱溶液
A．①⑥⑤③　　　　　　　　　 B．②③④③
C．②③⑤③ D．①③⑤③
解析：选B。由镁粉和铝粉制取纯洁Al(OH)3的过程为
5．镁和铝分别与等浓度、等体积的过量稀硫酸反响，产生气体体积(V)与时间(t)关系如右图。反响中镁和铝的(注：反响速率为单位时间内生成气体的量)(　　)
A．物质的量之比3∶2
B．质量之比为3∶2
C．摩尔质量之比为2∶3
D．反响速率之比为2∶3
解析：选A。由图像可知，两个反响中生成的氢气一样多，说明两种金属提供的电子数目一样多，那么镁、铝的物质的量之比为3∶2，质量之比为4∶3，故A项正确，B项错误；镁、铝的摩尔质量之比为8∶9，C项错误；由图像可知镁、铝与硫酸反响需要的时间之比为2∶3，那么二者的速率之比为3∶2，D项错误。
6．相同质量的以下物质分别与等浓度的NaOH溶液反响，至体系中均无固体物质，消耗碱量最多的是(　　)
A．Al B．Al(OH)3
C．AlCl3 D．Al2O3
解析：选A。根据化学反响中物质的量的对应关系：
A．1 mol Al～1 mol NaOH
B．1 mol Al(OH)3～1 mol NaOH
C．1 mol AlCl3 ～4 mol NaOH
D．1 mol Al2O3～2 mol NaOH
假设设四种物质的质量均为m g，那么消耗NaOH的物质的量分别为：
Al～ mol NaOH
Al(OH)3～ mol NaOH
AlCl3～ mol＝ mol NaOH
Al2O3～ mol＝ mol NaOH
由以上分析可知A消耗NaOH的量最多，应选A。
7．在某无色溶液中缓慢地滴入NaOH溶液直至过量，产生沉淀的质量与参加的NaOH溶液体积的关系如下列图，由此确定，原溶液中含有的阳离子是(　　)
A．Mg2＋、Al3＋、Fe2＋ B．H＋、Mg2＋、Al3＋
C．H＋、Ba2＋、Al3＋ D．只有Mg2＋、Al3＋
解析：选B。依据图像判断，开始参加NaOH时无沉淀产生，说明原溶液中含有H＋；再根据产生沉淀质量的变化，判断溶液中含有Mg2＋和Al3＋。
8．用铝箔包装0.10 mol金属钠，用针扎出一些小孔，放入水中，完全反响后，用排水集气法收集产生的气体，那么收集到的气体为(标准状况)(　　)
A．O2和H2的混合气体 B．1.12 L H2
C．大于1.12 L H2 D．小于1.12 L 气体
解析：选C。0.10 mol Na和水反响生成氢气1.12 L(标准状况下)，但铝箔又会和NaOH溶液反响放出氢气，应选C。
9．用一张已除去外表氧化膜的铝箔紧紧包裹在试管外壁(如右图)，将试管浸入硝酸汞溶液中，片刻取出，然后置于空气中，不久铝箔外表生出“白毛〞，红墨水柱右端上升。根据实验现象判断以下说错误的选项是(　　)
A．实验中发生的反响都是氧化复原还应
B．铝是一种较活泼的金属
C．铝与氧气的反响放出热量
D．铝片上生成的“白毛〞是氧化铝和氧化汞的混合物
解析：选D。红墨水柱右端上升说明反响放热，C正确；铝是一种较活泼的金属，容易被空气中的氧气所氧化变成氧化铝。通常的铝制品之所以不能被完全氧化掉，是由于铝制品外表有一层致密的氧化铝“外衣〞保护着。在铝箔的外表涂上硝酸汞溶液以后，硝酸汞穿过保护层，与铝发生置换反响，生成了液态金属——汞。汞能与铝结合成合金，俗称“铝汞齐〞，在“铝汞齐〞外表的铝没有氧化铝薄膜的保护，很快被空气中的氧气氧化，变成了白色固体氧化铝。当“铝汞齐〞外表的铝因氧化而减少时，铝箔上的铝会不断溶解进入“铝汞齐〞，并继续在外表被氧化，生成白色的氧化铝——“白毛〞。
10．(Ⅰ)以下铝及铝合金的用途，分别表达了铝或铝合金的哪些性质将序号填入下表中。
①制成铝箔
a.强度高、抗腐蚀能力强等
②制成铝锅
b.延展性好
③制成电线、电缆
c.具有金属光泽
④银粉(铝粉)制油漆
d.导电性好
⑤制门窗、车轮骨架等
e.有良好的导热性
用途
①
②
③
④
⑤
性质

(Ⅱ)(1)氧化铝坩埚能否加热烧碱至熔融为什么
(2)向含a mol AlCl3的溶液中逐滴参加氢氧化钠溶液至浑浊→变澄清为止，后又滴加稀盐酸至变浑浊→澄清为止，画出沉淀的物质的量随参加溶质的物质的量变化图像。
解析：(Ⅰ)此题考查铝合金的性质和用途的关系，二者相互依存，即物质有什么样的性质就有什么样的用途，如导电性——作电线、电缆，同理，物质的用途也表达其性质，如制成铝箔——表达延展性好。
答案：(Ⅰ)
用途
①
②
③
④
⑤
性质
b
e
d
c
a
(Ⅱ)(1)否，因为Al2O3可与熔融烧碱反响：
Al2O3＋2NaOH===2NaAlO2＋H2O。
(2)
11．把由NaOH、AlCl3、MgCl2三种固体组成的混合物溶于足量水中，有0.58 g白色难溶物析出，向所得溶液中逐滴参加0.5 mol·L－1的盐酸，参加盐酸的体积和生成沉淀的质量如下列图：
(1)混合物中NaOH的质量是________g；AlCl3的质量是________g；MgCl2的质量是________g。
(2)C点表示盐酸参加的体积为________mL。
解析：(1)混合后体积中的成分是：D点成分为 Mg(OH)2[m(MgCl2)＝0.95 g]、NaCl、NaAlO2、NaOH；A点成分为Mg(OH)2、NaCl、NaAlO2；B点成分为Mg(OH)2、Al(OH)3、NaCl；C点成分为AlCl3、MgCl2、NaCl。
设原固体中NaOH、AlCl3的物质的量分别是x、y，MgCl2的物质的量是0.01 mol。
由A点得：y＋3y＋0.02 mol＋0.005 mol＝x(Na元素守恒)，
由B点得3y＋0.02 mol＋0.015 mol＝x(Na元素守恒)，
解得y＝0.01 mol，x＝0.065 mol，m(MgCl2)＝0.95 g。
m(AlCl3)＝1.335 g，m(NaOH)＝2.6 g。
(2)由C点得：加盐酸的物质的量n(HCl)＝n(NaOH)＝0.065 mol，V(HCl)＝＝0.13 L＝130 mL，所得C点值为130。
答案：(1)2.6　1.335　0.95　(2)130
12．某学习小组用如下列图装置测定铝镁合金中铝的质量分数和铝的相对原子质量。
(1)A中试剂为__________________________________________________________。
(2)实验前，先将铝镁合金在稀盐酸中浸泡片刻，其目的是
________________________________________________________________________。
(3)检查气密性，将药品和水装入各仪器中，连接好装置后，需进行的操作还有：①记录C的液面位置；②将B中剩余固体过滤，洗涤，枯燥，称量；③待B中不再有气体产生并恢复至室温后，记录C的液面位置；④由A向B滴加足量试剂。上述操作的顺序是________(填序号)；记录C的液面位置时，除视线平视外，还应________。
(4)B中发生反响的化学方程式为____________________________________________。
(5)假设实验用铝镁合金的质量为a g，测得氢气体积为b mL(已换算为标准状况)，B中剩余固体的质量为c g，那么铝的相对原子质量为________。
(6)实验过程中，假设未洗涤过滤所得的不溶物，那么测得的质量分数将________(填“偏大〞、“偏小或“不受影响〞)。
解析：(1)观察实验装置图可知是用量气法完成实验目的，故A中应盛NaOH溶液，在B中发生2Al＋2NaOH＋2H2O===2NaAlO2＋3H2↑的反响。
(2)目的是除去铝镁合金外表的氧化膜。
(5)据　2Al　　　　～　　　　　　3H2
2 mol 3 mol

＝　解得Mr(Al)＝。
(6)据w(Al)＝×100%的计算公式可知未洗涤不溶物会造成铝的质量分数偏小。
答案：(1)NaOH溶液　(2)除去铝镁合金外表的氧化膜(3)①④③②　使D和C的液面相平
(4)2Al＋2NaOH＋2H2O===2NaAlO2＋3H2↑
(5)(6)偏小
13．A、B、C、D、E五种物质均含有某种常见金属元素，它们的转化关系如以下列图所示，其中B为白色难溶固体，E易溶于水。
(1)写出以下物质的化学式：
A____________________、B____________________、
C____________________、D____________________。
(2)写出以下反响的化学方程式：
B→C________________________________________________________________________，
B→D________________________________________________________________________。
(3)写出以下反响的离子方程式：
A→D________________________________________________________________________，
C→D________________________________________________________________________。
解析：
答案：(1)Al(OH)3　Al2O3　Al　AlCl3
(2)2Al2O34Al＋3O2↑
Al2O3＋6HCl===2AlCl3＋3H2O
(3)Al(OH)3＋3H＋===Al3＋＋3H2O
2Al＋6H＋===2Al3＋＋3H2↑