2022年四川省宜宾市中考数学试卷(解析版).docx

四川省宜宾市2022年中考数学试卷
一、选择题：本大题共8小题，每题3分，共24分，在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的.
1．〔3分〕〔2022•宜宾〕2的倒数是〔 〕

A．

B．
﹣
C．
±
D．
2
考点：
倒数．
分析：
根据乘积为1的两个数互为倒数，可得一个数的倒数．
解答：
解：2的倒数是，
应选：A．
点评：
此题考查了倒数，分子分母交换位置是求一个数的倒数的关键．
2．〔3分〕〔2022•宜宾〕以下运算的结果中，是正数的是〔 〕

A．
〔﹣2022〕﹣1
B．
﹣〔2022〕﹣1
C．
〔﹣1〕×〔﹣2022〕
D．
〔﹣2022〕÷2022
考点：
负整数指数幂；正数和负数；有理数的乘法；有理数的除法．
分析：
分别根据负指数幂和有理数的乘除法进行计算求得结果，再判断正负即可．
解答：
解：A、原式=＜0，故A错误；
B、原式=﹣＜0，故B错误；
C、原式=1×2022=2022＞0，故C正确；
D、原式=﹣2022÷2022=﹣1＜0，故D错误；
应选C．
点评：
此题主要考查了有理数的乘除法，负指数幂的运算．负整数指数为正整数指数的倒数．
3．〔3分〕〔2022•宜宾〕如图1放置的一个机器零件，假设其主〔正〕视图如图2，那么其俯视图是〔 〕

A．

B．

C．

D．

考点：
简单组合体的三视图．
分析：
找到从上面看所得到的图形即可．
解答：
解：从上面看可得到左右相邻的3个矩形．应选D．
点评：
此题考查了三视图的知识，俯视图是从物体的上面看得到的视图．
4．〔3分〕〔2022•宜宾〕一个袋子中装有6个黑球3个白球，这些球除颜色外，形状、大小、质地等完全相同，在看不到球的条件下，随机地从这个袋子中摸出一个球，摸到白球的概率为〔 〕

A．

B．

C．

D．

考点：
概率公式．
专题：
应用题；压轴题．
分析：
让白球的个数除以球的总数即为摸到白球的概率．
解答：
解：6个黑球3个白球一共有9个球，所以摸到白球的概率是．
应选B．
点评：
此题考查了概率的根本计算，摸到白球的概率是白球数比总的球数．
5．〔3分〕〔2022•宜宾〕假设关于x的一元二次方程的两个根为x1=1，x2=2，那么这个方程是〔 〕

A．
x2+3x﹣2=0
B．
x2﹣3x+2=0
C．
x2﹣2x+3=0
D．
x2+3x+2=0
考点：
根与系数的关系．
分析：
解决此题可用验算法，因为两实数根的和是1+2=3，两实数根的积是1×2=2．解题时检验两根之和是否为3及两根之积是否为2．
解答：
解：两个根为x1=1，x2=2那么两根的和是3，积是2．
A、两根之和等于﹣3，两根之积却等于﹣2，所以此选项不正确．
B、两根之积等于2，两根之和等于3，所以此选项正确．
C、两根之和等于2，两根之积却等3，所以此选项不正确．
D、两根之和等于﹣3，两根之积等于2，所以此选项不正确．
应选B．
点评：
验算时要注意方程中各项系数的正负．
6．〔3分〕〔2022•宜宾〕如图，过A点的一次函数的图象与正比例函数y=2x的图象相交于点B，那么这个一次函数的解析式是〔 〕

A．
y=2x+3
B．
y=x﹣3
C．
y=2x﹣3
D．
y=﹣x+3
考点：
待定系数法求一次函数解析式；两条直线相交或平行问题．
分析：
根据正比例函数图象确定A点坐标再根据图象确定B点的坐标，设出一次函数解析式，代入一次函数解析式，即可求出．
解答：
解：∵B点在正比例函数y=2x的图象上，横坐标为1，
∴y=2×1=2，
∴B〔1，2〕，
设一次函数解析式为：y=kx+b，
∵过点A的一次函数的图象过点A〔0，3〕，与正比例函数y=2x的图象相交于点B〔1，2〕，
∴可得出方程组 ，
解得 ，
那么这个一次函数的解析式为y=﹣x+3，
应选D．
点评：
此题主要考查了待定系数法求一次函数解析式，解决问题的关键是利用一次函数的特点，来列出方程组，求出未知数，即可写出解析式．
7．〔3分〕〔2022•宜宾〕如图，将n个边长都为2的正方形按如下列图摆放，点A1，A2，…An分别是正方形的中心，那么这n个正方形重叠局部的面积之和是〔 〕

A．
n
B．
n﹣1
C．
〔〕n﹣1
D．
n
考点：
正方形的性质；全等三角形的判定与性质
专题：
规律型．
分析：
根据题意可得，阴影局部的面积是正方形的面积的，两个正方形可得到一个阴影局部，那么n个这样的正方形重叠局部即为〔n﹣1〕个阴影局部的和．
解答：
解：由题意可得一个阴影局部面积等于正方形面积的，即是×4=1，
5个这样的正方形重叠局部〔阴影局部〕的面积和为：1×4，
n个这样的正方形重叠局部〔阴影局部〕的面积和为：1×〔n﹣1〕=n﹣1．
应选：B．
点评：
此题考查了正方形的性质，解决此题的关键是得到n个这样的正方形重叠局部〔阴影局部〕的面积和的计算方法，难点是求得一个阴影局部的面积．
8．〔3分〕〔2022•宜宾〕⊙O的半径r=3，设圆心O到一条直线的距离为d，圆上到这条直线的距离为2的点的个数为m，给出以下命题：
①假设d＞5，那么m=0；②假设d=5，那么m=1；③假设1＜d＜5，那么m=3；④假设d=1，那么m=2；⑤假设d＜1，那么m=4．
其中正确命题的个数是〔 〕

A．
1
B．
2
C．
4
D．
5
考点：
直线与圆的位置关系；命题与定理．
分析：
根据直线与圆的位置关系和直线与圆的交点个数结合答案分析即可得到答案．
解答：
解：①假设d＞5时，直线与圆相离，那么m=0，正确；
②假设d=5时，直线与圆相切，那么m=1，故正确；
③假设1＜d＜5，那么m=3，正确；
④假设d=1时，直线与圆相交，那么m=2正确；
⑤假设d＜1时，直线与圆相交，那么m=2，故错误．
应选C．
点评：
考查了直线与圆的位置关系，解题的关键是了解直线与圆的位置关系与d与r的数量关系．
二、填空题：本大题共8小题，每题3分，共24分.
9．〔3分〕〔2022•宜宾〕分解因式：x3﹣x= x〔x+1〕〔x﹣1〕 ．
考点：
提公因式法与公式法的综合运用．
专题：
压轴题．
分析：
此题可先提公因式x，分解成x〔x2﹣1〕，而x2﹣1可利用平方差公式分解．
解答：
解：x3﹣x，
=x〔x2﹣1〕，
=x〔x+1〕〔x﹣1〕．
点评：
此题考查了提公因式法，公式法分解因式，先提取公因式后再利用平方差公式继续进行因式分解，分解因式一定要彻底．
10．〔3分〕〔2022•宜宾〕分式方程﹣=1的解是 x=﹣1.5．
考点：
解分式方程．
专题：
计算题．
分析：
分式方程去分母转化为整式方程，求出整式方程的解得到x的值，经检验即可得到分式方程的解．
解答：
解：去分母得：x〔x+2〕﹣1=x2﹣4，
整理得：x2+2x﹣1=x2﹣4，
移项合并得：2x=﹣3
解得：x=﹣1.5，
经检验x=﹣1.5是分式方程的解．
故答案为：x=﹣1.5
点评：
此题考查了解分式方程，解分式方程的根本思想是“转化思想〞，把分式方程转化为整式方程求解．解分式方程一定注意要验根．
11．〔3分〕〔2022•宜宾〕如图，直线a、b被第三条直线c所截，如果a∥b，∠1=70°，那么∠3的度数是 70°．
考点：
平行线的性质
分析：
根据两直线平行，同位角相等可得∠2=∠1，再根据对顶角相等可得∠3=∠2．
解答：
解：∵a∥b，
∴∠2=∠1=70°，
∴∠3=∠2=70°．
故答案为：70°．
点评：
此题考查了平行线的性质，对顶角相等的性质，熟记性质是解题的关键．
12．〔3分〕〔2022•宜宾〕菱形的周长为20cm，两个相邻的内角的度数之比为1：2，那么较长的对角线长度是 5cm．
考点：
菱形的性质；特殊角的三角函数值
分析：
根据菱形的对角线互相垂直且平分各角，可设较小角为x，因为邻角之和为180°，∴x+2x=180°，所以x=60°，画出其图形，根据三角函数，可以得到其中较长的对角线的长．
解答：
解：∵菱形的周长为20cm
∴菱形的边长为5cm
∵两邻角之比为1：2
∴较小角为60°
画出图形如下所示：
∴∠ABO=30°，AB=5cm，
∵最长边为BD，BO=AB•cos∠ABO=5×=
∴BD=2BO=．

点评：
此题考查了菱形的对角线互相垂直且平分各角，特殊三角函数的熟练掌握．
13．〔3分〕〔2022•宜宾〕在平面直角坐标系中，将点A〔﹣1，2〕向右平移3个单位长度得到点B，那么点B关于x轴的对称点C的坐标是 〔2，﹣2〕 ．
考点：
坐标与图形变化-平移；关于x轴、y轴对称的点的坐标
分析：
首先根据横坐标，右移加，左移减可得B点坐标，然后再关于x轴对称点的坐标特点可得答案．
解答：
解：点A〔﹣1，2〕向右平移3个单位长度得到的B的坐标为〔﹣1+3，2〕，即〔2，2〕，
那么点B关于x轴的对称点C的坐标是〔2，﹣2〕，
故答案为：〔2，﹣2〕．
点评：
此题主要考查了坐标与图形变化﹣平移，以及关于x轴对称点的坐标，关键是掌握点的坐标变化规律．
14．〔3分〕〔2022•宜宾〕如图，在Rt△ABC中，∠B=90°，AB=3，BC=4，将△ABC折叠，使点B恰好落在边AC上，与点B′重合，AE为折痕，那么EB′= 1.5．
考点：
翻折变换〔折叠问题〕
分析：
首先根据折叠可得BE=EB′，AB′=AB=3，然后设BE=EB′=x，那么EC=4﹣x，在Rt△ABC中，由勾股定理求得AC的值，再在Rt△B′EC中，由勾股定理可得方程x2+22=〔4﹣x〕2，再解方程即可算出答案．
解答：
解：根据折叠可得BE=EB′，AB′=AB=3
设BE=EB′=x，那么EC=4﹣x，
∵∠B=90°，AB=3，BC=4，
∴在Rt△ABC中，由勾股定理得，，
∴B′C=5﹣3=2，
在Rt△B′EC中，由勾股定理得，x2+22=〔4﹣x〕2，
解得x=1.5．
故答案为：1.5．
点评：
此题主要考查了翻折变换，关键是分析清楚折叠以后哪些线段是相等的．
15．〔3分〕〔2022•宜宾〕如图，AB为⊙O的直径，AB=2，AD和BE是圆O的两条切线，A、B为切点，过圆上一点C作⊙O的切线CF，分别交AD、BE于点M、N，连接AC、CB，假设∠ABC=30°，那么AM=．
考点：
切线的性质
专题：
计算题．
分析：
连接OM，OC，由OB=OC，且∠ABC的度数求出∠BCO的度数，利用外角性质求出∠AOC度数，利用切线长定理得到MA=AC，利用HL得到三角形AOM与三角形COM全等，利用全等三角形对应角相等得到OM为角平分线，求出∠AOM为30°，在直角三角形AOM值，利用锐角三角函数定义即可求出AM的长．
解答：
解：连接OM，OC，
∵OB=OC，且∠ABC=30°，
∴∠BCO=∠ABC=30°，
∵∠AOC为△BOC的外角，
∴∠AOC=2∠ABC=60°，
∵MA，MC分别为圆O的切线，
∴MA=MC，且∠MAO=∠MCO=90°，
在Rt△AOM和Rt△COM中，
，
∴Rt△AOM≌Rt△COM〔HL〕，
∴∠AOM=∠COM=∠AOC=30°，
在Rt△AOM中，OA=AB=1，∠AOM=30°，
∴tan30°=，即=，
解得：AM=．
故答案为：

点评：
此题考查了切线的性质，锐角三角函数定义，外角性质，以及等腰三角形的性质，熟练掌握切线的性质是解此题的关键．
16．〔3分〕〔2022•宜宾〕规定：sin〔﹣x〕=﹣sinx，cos〔﹣x〕=cosx，sin〔x+y〕=sinx•cosy+cosx•siny．
据此判断以下等式成立的是②③④〔写出所有正确的序号〕
①cos〔﹣60°〕=﹣；
②sin75°=；
③sin2x=2sinx•cosx；
④sin〔x﹣y〕=sinx•cosy﹣cosx•siny．
考点：
锐角三角函数的定义；特殊角的三角函数值．
专题：
新定义．
分析：
根据中的定义以及特殊角的三角函数值即可判断．
解答：
解：①cos〔﹣60°〕=cos60°=，命题错误；
②sin75°=sin〔30°+45°〕=sin30°•cos45°+cos30°•sin45°=×+×=+=，命题正确；
③sin2x=sinx•cosx+cosx•sinx═2sinx•cosx，故命题正确；
④sin〔x﹣y〕=sinx•cos〔﹣y〕+cosx•sin〔﹣y〕=sinx•cosy﹣cosx•siny，命题正确．
故答案是：②③④．
点评：
此题考查锐角三角函数以及特殊角的三角函数值，正确理解题目中的定义是关键．
三、解答题〔共8小题，总分值72分〕解容许写出文字说明，证明过程或演算步骤.
17．〔10分〕〔2022•宜宾〕〔1〕计算：|﹣2|﹣〔﹣〕0+〔〕﹣1
〔2〕化简：〔﹣〕•．
考点：
实数的运算；分式的混合运算；零指数幂；负整数指数幂．
分析：
〔1〕分别根据0指数幂及负整数指数幂的计算法那么、绝对值的性质计算出各数，再根据实数混合运算的法那么进行计算即可；
〔2〕根据分式混合运算的法那么进行计算即可．
解答：
解：〔1〕原式=2﹣1+3
=4；

〔2〕原式=•
=•
=•
=2a+12．
点评：
此题考查的是实数的运算，熟知0指数幂及负整数指数幂的计算法那么、绝对值的性质是解答此题的关键．
18．〔6分〕〔2022•宜宾〕如图，：在△AFD和△CEB中，点A、E、F、C在同一直线上，AE=CF，∠B=∠D，AD∥BC．求证：AD=BC．
考点：
全等三角形的判定与性质；平行线的性质．
专题：
证明题．
分析：
根据平行线求出∠A=∠C，求出AF=CE，根据AAS证出△ADF≌△CBE即可．
解答：
证明：∵AD∥BC，
∴∠A=∠C，
∵AE=CF，
∴AE+EF=CF+EF，
即AF=CE，
∵在△ADF和△CBE中
，
∴△ADF≌△CBE〔AAS〕，
∴AD=BC．
点评：
此题考查了平行线的性质和全等三角形的性质和判定的应用，判定两三角形全等的方法有：SAS、ASA、AAS、SSS．
19．〔8分〕〔2022•宜宾〕我市中小学全面开展“阳光体育〞活动，某校在大课间中开设了A：体操，B：跑操，C：舞蹈，D：健美操四项活动，为了解学生最喜欢哪一项活动，随机抽取了局部学生进行调查，并将调查结果绘制成了如下两幅不完整的统计图，请根据统计图答复以下问题：
〔1〕这次被调查的学生共有 500人．
〔2〕请将统计图2补充完整．
〔3〕统计图1中B工程对应的扇形的圆心角是 54度．
〔4〕该校共有学生3600人，请根据调查结果估计该校喜欢健美操的学生人数．
考点：
条形统计图；用样本估计总体；扇形统计图
分析：
〔1〕利用C的人数÷所占百分比可得被调查的学生总数；
〔2〕利用总人数减去其它各项的人数=A的人数，再补图即可；
〔3〕计算出B所占百分比，再用360°×B所占百分比可得答案；
〔4〕首先计算出样本中喜欢健美操的学生所占百分比，再利用样本估计总体的方法计算即可．
解答：
解：〔1〕140÷28%=500〔人〕，
故答案为：500；

〔2〕A的人数：500﹣75﹣140﹣245=40；

〔3〕75÷500×100%=15%，
360°×15%=54°，
故答案为：54；

〔4〕245÷500×100%=49%，
3600×49%=1764〔人〕．

点评：
此题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个工程的数据；扇形统计图直接反映局部占总体的百分比大小．
20．〔8分〕〔2022•宜宾〕在我市举行的中学生平安知识竞赛中共有20道题．每一题答对得5分，答错或不答都扣3分．
〔1〕小李考了60分，那么小李答对了多少道题
〔2〕小王获得二等奖〔75～85分〕，请你算算小王答对了几道题
考点：
一元一次不等式组的应用；一元一次方程的应用
分析：
〔1〕设小李答对了x道题，那么有〔20﹣x〕道题答错或不答，根据答对题目的得分减去答错或不答题目的扣分是60分，即可得到一个关于x的方程，解方程即可求解；
〔2〕先设小王答对了y道题，根据二等奖在75分～85分之间，列出不等式组，求出y的取值范围，再根据y只能取正整数，即可得出答案．
解答：
解：〔1〕设小李答对了x道题．
依题意得 5x﹣3〔20﹣x〕=60．
解得x=15．
答：小李答对了16道题．

〔2〕设小王答对了y道题，依题意得：
，
解得：≤y≤，即
∵y是正整数，
∴y=17或18，
答：小王答对了17道题或18道题．
点评：
此题考查了一元一次方程的应用．利用方程解决实际问题的根本思路如下：首先审题找出题中的未知量和所有的量，直接设要求的未知量或间接设一关键的未知量为x，然后用含x的式子表示相关的量，找出之间的相等关系列方程、求解、作答，即设、列、解、答．
21．〔8分〕〔2022•宜宾〕在平面直角坐标系中，假设点P〔x，y〕的坐标x、y均为整数，那么称点P为格点，假设一个多边形的面积记为S，其内部的格点数记为N，边界上的格点数记为L，例如图中△ABC是格点三角形，对应的S=1，N=0，L=4．
〔1〕求出图中格点四边形DEFG对应的S，N，L．
〔2〕格点多边形的面积可表示为S=N+aL+b，其中a，b为常数，假设某格点多边形对应的N=82，L=38，求S的值．
考点：
规律型：图形的变化类；三元一次方程组的应用
分析：
〔1〕理解题意，观察图形，即可求得结论；
〔2〕根据格点多边形的面积S=N+aL+b，结合图中的格点三角形ABC及格点四边形DEFG，建立方程组，求出a，b即可求得S．
解答：
解：〔1〕观察图形，可得S=3，N=1，L=6；

〔Ⅱ〕根据格点三角形ABC及格点四边形DEFG中的S、N、L的值可得，
，
解得a，
∴S=N+L﹣1，
将N=82，L=38代入可得S=82+×38﹣1=100．
点评：
此题考查格点图形的面积变化与多边形内部格点数和边界格点数的关系，从简单情况分析，找出规律解决问题．
22．〔10分〕〔2022•宜宾〕如图，一次函数y=﹣x+2的图象与反比例函数y=﹣的图象交于A、B两点，与x轴交于D点，且C、D两点关于y轴对称．
〔1〕求A、B两点的坐标；
〔2〕求△ABC的面积．
考点：
反比例函数与一次函数的交点问题
专题：
计算题．
分析：
〔1〕根据反比例函数与一次函数的交点问题得到方程组，然后解方程组即可得到A、B两点的坐标；
〔2〕先利用x轴上点的坐标特征确定D点坐标，再利用关于y轴对称的点的坐标特征得到C点坐标，然后利用S△ABC=S△ACD+S△BCD进行计算．
解答：
解：〔1〕根据题意得，解方程组得或，
所以A点坐标为〔﹣1，3〕，B点坐标为〔3，﹣1〕；

〔2〕把y=0代入y=﹣x+2得﹣x+2=0，解得x=2，
所以D点坐标为〔2，0〕，
因为C、D两点关于y轴对称，
所以C点坐标为〔﹣2，0〕，
所以S△ABC=S△ACD+S△BCD
=×〔2+2〕×3+×〔2+2〕×1
=8．
点评：
此题考查了反比例函数与一次函数的交点问题：求反比例函数与一次函数的交点坐标，把两个函数关系式联立成方程组求解，假设方程组有解那么两者有交点，方程组无解，那么两者无交点．
23．〔10分〕〔2022•宜宾〕如图，在△ABC中，以AC为直径作⊙O交BC于点D，交AB于点G，且D是BC中点，DE⊥AB，垂足为E，交AC的延长线于点F．
〔1〕求证：直线EF是⊙O的切线；
〔2〕假设CF=5，cos∠A=，求BE的长．
考点：
切线的判定
分析：
〔1〕连结OD．先证明OD是△ABC的中位线，根据中位线的性质得到OD∥AB，再由DE⊥AB，得出OD⊥EF，根据切线的判定即可得出直线EF是⊙O的切线；
〔2〕先由OD∥AB，得出∠COD=∠A，再解Rt△DOF，根据余弦函数的定义得到cos∠FOD==，设⊙O的半径为R，解方程=，求出R=，那么AB=2OD=，解Rt△AEF，根据余弦函数的定义得到cos∠A==，求出AE=，然后由BE=AB﹣AE即可求解．
解答：
〔1〕证明：如图，连结OD．
∵CD=DB，CO=OA，
∴OD是△ABC的中位线，
∴OD∥AB，AB=2OD，
∵DE⊥AB，
∴DE⊥OD，即OD⊥EF，
∴直线EF是⊙O的切线；

〔2〕解：∵OD∥AB，
∴∠COD=∠A．
在Rt△DOF中，∵∠ODF=90°，
∴cos∠FOD==，
设⊙O的半径为R，那么=，
解得R=，
∴AB=2OD=．
在Rt△AEF中，∵∠AEF=90°，
∴cos∠A===，
∴AE=，
∴BE=AB﹣AE=﹣=2．

点评：
此题考查了切线的判定，解直角三角形，三角形中位线的性质知识点．要证某线是圆的切线，此线过圆上某点，连接圆心与这点〔即为半径〕，再证垂直即可．
24．〔12分〕〔2022•宜宾〕如图，抛物线y=x2+bx+c的顶点坐标为M〔0，﹣1〕，与x轴交于A、B两点．
〔1〕求抛物线的解析式；
〔2〕判断△MAB的形状，并说明理由；
〔3〕过原点的任意直线〔不与y轴重合〕交抛物线于C、D两点，连接MC，MD，试判断MC、MD是否垂直，并说明理由．
考点：
二次函数综合题．
分析：
〔1〕待定系数法即可解得．
〔2〕由抛物线的解析式可知OA=OB=OC=1，得出∠AMO=∠MAO=∠BMO=∠BOM=45°从而得出△MAB是等腰直角三角形．
〔3〕分别过C点，D点作y轴的平行线，交x轴于E、F，过M点作x轴的平行线交EC于G，交DF于H，设D〔m，m2﹣1〕，C〔n，n2﹣1〕，通过FG∥DH，得出=，从而求得m、n的关系，根据m、n的关系，得出△CGM∽△MHD，即可求得结论．
解答：
解：〔1〕∵抛物线y=x2+bx+c的顶点坐标为M〔0，﹣1〕，
∴b=0，c=﹣1，
∴抛物线的解析式为：y=x2﹣1．

〔2〕△MAB是等腰直角三角形，
由抛物线的解析式为：y=x2﹣1可知A〔﹣1，0〕，B〔1，0〕，
∴OA=OB=OC=1，
∴∠AMO=∠MAO=∠BMO=∠BOM=45°，
∴∠AMB=∠AMO+∠BMO=90°
∵y轴是对称轴，
∴A、B为对称点，
∴AM=BM，
∴△MAB是等腰直角三角形．

〔3〕MC⊥MF；
分别过C点，D点作y轴的平行线，交x轴于E、F，过M点作x轴的平行线交EC于G，交DF于H，
设D〔m，m2﹣1〕，C〔n，n2﹣1〕，
∴OE=﹣n，CE=1﹣n2，OF=m，DF=m2﹣1，
∵OM=1，
∴CG=n2，DH=m2，
∵FG∥DH，
∴=，
即=
解得m=﹣，
∵==﹣n，==，
∴=，
∵∠CGM=∠MHD=90°，
∴△CGM∽△MHD，
∴∠CMG=∠MDH，
∵∠MDH+∠DMH=90°
∴∠CMG+∠DMH=90°，
∴∠CMD=90°，
即MC⊥MF．
点评：
此题考查了待定系数法求解析式，等腰三角形的判定，三角形相似的判定和性质，作出辅助线是此题的关键．