2022高考化学同步练习必修总复习.docx

期中测试题(本试卷总分值100分，测试时间90分钟)一、选择题(每题有1个或2个选项符合题意，每题3分，共54分)1(江苏前黄高级中学20222022学年度高一下学期期中考试，4)原子序数，可能推断原子的()质子数中子数质量数核电荷数核外电子数原子结构示意图元素在周期表中的位置ABCD【答案】B【点拨】由原子序数质子数核电荷数原子的核外电子数，再依据核外电子排布克推知该原子的原子结构示意图，进一步依据电子层数周期序数、最外层电子数主族序数可推知该元素在周期表中的位置。故B项符合题意。2根据原子结构特征，可以把三种微粒归为一类。以下微粒中，可以归入此类的微粒是()【答案】B【点拨】题中都是阴离子的结构示意图。3A、B、C均为短周期元素，它们在周期表中的位置如右图所示。：B、C两元素原子最外层电子数之和等于A元素原子最外层电子数的2倍；B、C两元素的核电荷数之和是A元素原子序数的4倍。那么A、B、C分别是()AC、Al、P BN、Si、SCO、P、Cl DF、S、Ar【解析】如果没有熟练掌握短周期元素在元素周期表的位置，那么很容易出错。由图可知，B、C两元素原子最外层电子数之和总会等于A元素原子最外层电子数的2倍；B、C两元素的核电荷数之和是A元素原子序数的4倍，设A的核电荷数为x，那么B和C的核电荷数之和为(x81)(x81)2x164x，得x8，所以A为O，B为P，C为Cl。【答案】C4五种短周期元素的原子半径及主要化合价(最高正价、最低负价)如下表：元素代号LMQRT原子半径/nm0.1600.1430.1020.0890.074主要化合价236、222以下表达正确的选项是()AT的原子序数最小B相同条件下，L、M的单质分别与稀盐酸反响速率MLCT、Q的氢化物常温常压下均为无色气体DM的最高价氧化物可用作耐火材料【答案】D5A元素的阳离子与B元素的阴离子具有相同的电子层结构。有关两元素的表达：原子半径AB；原子序数AB；原子最外层电子数AZD阴离子半径从大到小排列顺序为：XYZW【答案】D7甲、乙两种非金属：甲比乙容易与H2化合；甲原子能与乙的阴离子发生氧化复原反响；最高价氧化物对应的水化物酸性甲比乙强；与某金属反响时，甲原子得电子数目比乙的多；甲的单质熔、沸点比乙的低。能说明甲比乙的非金属性强的是()A只有B只有CD全部【答案】C8下表为元素周期表前四周期的一局部，以下有关R、W、X、Y、Z五种元素的表达中，正确的选项是()A常压下五种元素的单质中Z单质的沸点最高BY、Z的阴离子电子层结构都与R原子的相同CW的氢化物沸点比X的氢化物的沸点高DY元素的非金属性比W元素的非金属性强【答案】C【点拨】Fe2H=Fe2H2，参加CuSO4时发生反响Cu2Fe=CuFe2，反响掉少量的Fe，生成的Cu和Fe形成原电池，加快了反响速率，由于盐酸足量，Fe全部反响，A中少量Fe跟Cu2反响，减少了同盐酸反响的Fe的量，产生的氢气也就减少了。9氢气在氯气中燃烧时产生苍白色火焰。在反响过程中，破坏1mol H2中的化学键消耗的能量为Q1kJ，破坏1mol Cl2中的化学键消耗的能量为Q2kJ，形成1mol HCl中的化学键释放的能量为Q3kJ。以下关系式中，正确的选项是()AQ1Q2Q3BQ1Q22Q3CQ1Q2Q3DQ1Q22Q3【答案】D【点拨】反响方程式为：H2Cl22HCl，每破坏1molHH和1molClCl必生成2molHCl，由于燃烧放热，所以Q1Q2bcd BacdbCcabd Dbdca【解析】原电池中活泼金属被腐蚀做负极，故金属活泼性：ab，cd，ac，db那么acdb。【答案】B【点拨】金属活动性强的判断方法有：根据相同状态下的金属原子失去一个电子所需要吸收的能量判断；需要吸收的能量越大，其活动性越弱。根据相同条件下，同种酸的盐溶液的pH的大小来判断：pH越大，其金属的活动性越强。根据相同条件下，与水或酸反响的剧烈程度来判断：反响越剧烈，其金属的活动性越强。根据置换反响的规律来判断；活泼的金属将不活泼的金属从它的盐溶液中置换出来。根据金属的冶炼方法来判断，活动性顺序一般为：可用热分解冶炼的金属可用热复原法冶炼的金属、“、“；(3)C【点拨】(1)A族元素的最外层电子数均是相同的，故应选a，A族元素氢化物中HF因含有较强的相互作用(氢键)而沸点很大，其余的随其相对分子质量增大而升高，应选c项；核外电子层结构相同的离子半径随核电荷数的增加而减小，应选b项；第三周期元素的最高化合价由1价递增到7价，应选e项；第二周期元素Be、B、C、N、O的原子半径随核电荷数递增而减小，应选b项。(2)依据元素同周期、同主族可得答案。(3)由元素周期律的实质可知，元素性质呈周期性变化是元素原子核外电子排布呈周期性变化的结果。应选C项。20(10分)某学校设计了一节实验活动课，让学生从废旧电池中回收碳棒、MnO2、NH4Cl、ZnCl2等物质，整个实验过程如下。答复有关问题：(1)干电池的根本构造和工作原理。写出干电池工作时的电极反响式。MnO2的作用是除去正极上的产物，本身生成Mn2O3，反响的化学方程式是_。(2)锌皮和碳棒的回收。用钳子和剪子剪开回收的干电池的锌筒，将锌皮和碳棒取出，并用毛刷刷干净，将电池内的黑色粉末移入烧杯中。(3)氯化铵、氯化锌的提取、检验和别离。如何从黑色粉末中提取NH4Cl和ZnCl2等晶体的混合物写了简要的实验步骤。_设计简单的实验证明所得晶体中含NH和Zn2，并填写以下实验报告(Zn(OH)2是两性氢氧化物且能溶于氨水生成Zn(NH3)。实验步骤实验现象结论及有关离子方程式(4)用_法将NH4Cl和ZnCl2的晶体混和物分开，实验原理用方程式表示为_。【解析】依据原电池的工作原理，可写出电极反响式和总反响式；利用NH4Cl和ZnCl2易溶于水，MnO2难溶于水的性质，通过溶解过滤可得到NH4Cl和ZnCI2。由NH与NaOH溶液共热产生NH3，Zn(OH)2既能溶于盐酸又能溶于氨水的性质，可选择试剂，设计正确的实验步骤。【答案】(1)Zn2e=Zn2；2NH2e=2NH3H2；2MnO2H2=Mn2O3H2O。(3)向烧杯中参加一定量的水，充分搅拌，然后过滤，将溶液移入蒸发皿中，加热蒸发结晶。实验步骤实验现象结论及有关离子方程式取少量晶体溶于水配成溶液取少许溶液，参加NaOH溶液，然后加热，将湿润的红色石蕊试纸放在试管口试纸变蓝说明有NH NHOHNH3H2O取少许溶液向其中参加少量氨水或NaOH溶液，然后将其分为两份，向其中一份中参加盐酸，向另一份中参加氨水加氨水或NaOH溶液后，产生白色沉淀，加盐酸后沉淀溶解，加氨水后沉淀溶解说明有Zn2Zn22NH3H2O=Zn(OH)22NH或Zn22OH=Zn(OH)2Zn(OH)22H=Zn22H2OZn(OH)24NH3H2O=Zn(NH3)422OH4H2O(4)加热NH4ClNH3HCl21(6分)利用下述反响2FeCl3Cu=2FeCl2CuCl2设计一个原电池装置，试答复：(1)该原电池的正极材料是_，负极材料是_，电解质溶液是_。(2)该原电池的负极反响式为_，正极反响式为_。【答案】(1)石墨铜FeCl3溶液(2)Cu2e=Cu22Fe32e=2Fe222(10分)将一定量的SO2和含0.7mol氧气的空气(忽略CO2)放入一定体积的密闭容器中，550时，在催化剂作用下发生反响：2SO2O22SO3(正反响放热)。反响到达平衡后，将容器中的混合气体通过过量NaOH溶液，气体体积减少了21.28L；再将剩余气体通过焦性没食子酸的碱性溶液吸收O2，气体的体积又减少了5.6L(以上气体体积均为标准状况下的体积)。(计算结果保存一位小数)请答复以下问题：(1)判断该反响到达平衡状态的标志是_。(填字母)aSO2和SO3浓度相等bSO2百分含量保持不变c容器中气体的压强不变dSO3的生成速率与SO2的消耗速率相等e容器中混合气体的密度保持不变(2)欲提高SO2的转化率，以下措施可行的是_(填字母)a向装置中再充入N2b向装置中再充入O2c改变反响的催化剂d升高温度(3)求该反响到达平衡时SO2的转化率(用百分数表示)。(4)假设将平衡混合气体的5%通入过量的BaCl2溶液，生成沉淀多少克【解析】(1)由定义判断b正确；由于恒温恒容下的非等体积反响，压强不变说明气体的总物质的量不变，反响达平衡，c正确；由和V都是定值，故也始终不变，无法判断是否到达平衡，e错误；SO2和SO3的浓度大小关系不能作为平衡判定标志，a错；d中SO3的生成速率和SO2的消耗速率任意时间点都相等，d错。(2)由化学平衡的影响因素可知：恒容下充入N2不改变反响混合物各成分浓度，平衡不移动；充入O2那么增大了反响物O2的浓度，提高了SO2的转化率；催化剂不改变平衡，无法影响SO2的转化率；升高温度会使平衡逆向移动，降低SO2的转化率。(3)由信息知消耗氧气的物质的量：07mol0.45mol；反响达平衡时SO2和SO3的总物质的量为：0.95mol，因为SO2和SO3的消耗和生成关系为1:1，所以初始SO2的总量也是0.95mol；反响的n(SO2)0.45mol20.9mol，生成的n(SO3)0.9mol。所以(SO2)100%94.7%(4)在给定条件下，溶液呈强酸性，BaSO3不会沉淀，因此m(BaSO4)0.9mol5%233gmol110.5g。【答案】(1)bc(2)b(3)消耗氧气的物质的量：07mol0.45mol反响的n(SO2)0.45mol20.9mol，生成的n(SO3)0.9molSO2和SO3的物质的量之和：0.95mol反响前SO2的物质的量：0.95molSO2的转化率：100%94.7%(4)在给定条件下溶液呈强酸性，不会产生BaSO3沉淀，因此m(BaSO4)0.90mol5%233gmol110.5g23(10分)将对H2的相对密度为4.25的N2和H2的混合气体通入密闭容器中，在一定条件下反响生成NH3，到达平衡时，NH3占25%(体积分数)。求：(1)进入容器N2和H2的体积比；(2)N2的转化率(3)反响前后的压强之比，(4)反响前后的密度之比。【答案】(1)1:3(2)40%(3)5:4(4)4:5【点拨】设进入容器N2为xmol，H2为ymol，4.2528.5(1)8.5解得x:y1:3即V(N2):V(H2)1:3(2)N23H22NH3开始(mol)130反响(mol)z3z2z平衡(mol)1z 33z2z100%25%，z0.4mol即N2的转化率为100%40%。(3)。(4)