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福建专版2020中考数学复习方案第六单元圆课时训练32直线与圆的位置关系.docx

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课时训练(三十二) 直线与圆的位置关系 (限时:30分钟) |夯实基础| 1.在Rt△ABC中,∠C=90°,BC=3 cm,AC=4 cm,以点C为圆心,以2.5 cm为半径画圆,则☉C与直线AB的位置关系是 (  ) A.相交 B.相切 C.相离 D.不能确定 2.[2017·吉林]如图K32-1,直线l是☉O的切线,A为切点,B为直线l上一点,连接OB交☉O于点C.若AB=12,OA=5,则BC的长为 (  ) 图K32-1 A.5 B.6 C.7 D.8 3.[2017·长春]如图K32-2,点A,B,C在☉O上,∠ABC=29°,过点C作☉O的切线交OA的延长线于点D,则∠D的大小为 (  ) 图K32-2 A.29° B.32° C.42° D.58° 4.如图K32-3,在平面直角坐标系中,☉P与x轴相切,与y轴相交于A(0,2),B(0,8),则圆心P的坐标是 (  ) 图K32-3 A.(5,3) B.(5,4) C.(4,5) D.(3,5) 5.[2019·台州]如图K32-4,等边三角形ABC的边长为8,以BC上一点O为圆心的圆分别与边AB,AC相切,则☉O的半径为 (  ) 图K32-4 A.23 B.3 C.4 D.4-3 6.[2019·广州]平面内,☉O的半径为1,点P到O的距离为2,过点P可作☉O的切线条数为 (  ) A.0条 B.1条 C.2条 D.无数条 7.如图K32-5,☉O为△ABC的内切圆,∠C=90°,BO的延长线交AC于点D,若BC=3,CD=1,则☉O的半径长为    .  图K32-5 8.[2019·天津]已知PA,PB分别与☉O相切于点A,B,∠APB=80°,C为☉O上一点. (1)如图K32-6①,求∠ACB的大小; (2)如图K32-6②,AE为☉O的直径,AE与BC相交于点D,若AB=AD,求∠EAC的大小. 图K32-6 |能力提升| 9.[2019·台湾]如图K32-7,直角三角形ABC的内切圆分别与AB,BC相切于D点,E点,根据图中标示的长度,求AD的长度为何 (  ) 图K32-7 A.32 B.52 C.43 D.53 10.[2018·沧州三模]如图K32-8,☉O与等腰直角三角形ABC的两腰AB,AC相切,且CD与☉O相切于点D.若☉O的半径为5,且AB=11,则CD= (  ) 图K32-8 A.5 B.6 C.30 D.112 11.[2019·仙桃]如图K32-9,AB为☉O的直径,BC为☉O的切线,弦AD∥OC,直线CD交BA的延长线于点E,连接BD.下列结论:①CD是☉O的切线;②CO⊥DB;③△EDA∽△EBD;④ED·BC=BO·BE.其中正确结论的个数有 (  ) 图K32-9 A.4个 B.3个 C.2个 D.1个 12.[2019·眉山]如图K32-10,在Rt△AOB中,OA=OB=42,☉O的半径为2,点P是AB边上的动点,过点P作☉O的一条切线PQ(点Q为切点),则线段PQ长的最小值为    .  图K32-10 13.[2018·福州质检]如图K32-11,AB是☉O的直径,点C在☉O上,过点C的直线与AB的延长线相交于点P.若∠COB=2∠PCB,求证:PC是☉O的切线. 图K32-11 |思维拓展| 14.[2019·菏泽]如图K32-12,直线y=-34x-3交x轴于点A,交y轴于点B,点P是x轴上一动点,以点P为圆心,以1个单位长度为半径作☉P,当☉P与直线AB相切时,点P的坐标是    .  图K32-12 15.[2019·漳州质检]如图K32-13,AB是☉O的直径,AC为☉O的弦,OD⊥AB,OD与AC的延长线交于点D,点E在OD上,且∠ECD=∠B. (1)求证:EC是☉O的切线; (2)若OA=3,AC=2,求线段CD的长. 图K32-13 【参考答案】 1.A 2.D 3.B [解析]连接OC,∵CD是☉O的切线, ∴OC⊥CD,即∠OCD=90°, ∵∠COD=2∠ABC=58°, ∴∠D=32°. 4.C 5.A [解析]设AB,AC分别与☉O相切于D,E两点,连接OD,OE,OA, 则OD⊥AB,OE⊥AC, 又∵OD=OE,∴∠DAO=∠EAO, 又∵AB=AC,∴BO=CO,∴∠DAO=30°,BO=4,∴OD=OAsin∠DAO=12OA, 又∵在Rt△AOB中,AO=AB2-OB2=43,∴OD=23,故选A. 6.C [解析]∵☉O的半径为1,点P到圆心O的距离为2,∴d>r,∴点P与☉O的位置关系是:P在☉O外, ∵过圆外一点可以作圆的2条切线,∴选C. 7.34 8.解:(1)如图,连接OA,OB. ∵PA,PB分别是☉O的切线, ∴OA⊥PA,OB⊥PB, 即∠PAO=∠PBO=90°. ∵∠APB=80°, ∴在四边形OAPB中,∠AOB=360°-90°-90°-80°=100°, ∴∠ACB=12∠AOB=50°. (2)如图,连接CE,∵AE为☉O的直径, ∴∠ACE=90°. 由(1)知,∠ACB=50°, ∴∠BCE=∠ACE-∠ACB=40°, ∴∠BAE=∠BCE=40°. ∵在△ABD中,AB=AD, ∴∠ADB=∠ABD=70°. ∵△ACD中,∠ADB是外角, ∴∠EAC=∠ADB-∠ACB=70°-50°=20°. 9.D [解析]设AD=x,∵直角三角形ABC的内切圆分别与AB,BC相切于D点,E点,∴BD=BE=1,∴AB=x+1,AC=AD+CE=x+4,在Rt△ABC中,(x+1)2+52=(x+4)2,解得x=53, 即AD的长度为53.故选:D. 10.B 11.A [解析]连接OD, 易证△ODC≌△OBC,因为BC为☉O的切线,所以∠OBC=90°,所以∠ODC=90°,所以CD是☉O的切线,故①正确;因为OB=OD,∠COB=∠COD,所以CO⊥DB,故②正确;因为∠EDA+∠ADO=90°,∠DBA+∠DAO=90°,所以∠EDA=∠DBA, 所以△EDA∽△EBD,故③正确;因为△EDA∽△EBD,所以EDEB=DABD,易证△COB∽△BAD,所以OBAD=CBBD,所以DABD=OBCB,所以EDEB=OBCB,即ED·BC=BO·BE,故④正确. 因此本题选A. 12.23 [解析]连接OQ, ∵PQ是☉O的切线,∴OQ⊥PQ,根据勾股定理知:PQ2=OP2-OQ2,∴当PO⊥AB时,线段PQ最短, ∵在Rt△AOB中,OA=OB=42,∴AB=2OA=8,∴S△AOB=12OA·OB=12AB·OP, 即OP=OA·OBAB=4, ∴PQ=OP2-OQ2=42-22=23.故答案为23. 13.证法一:连接AC, ∵CB=CB, ∴∠COB=2∠CAB, ∵∠COB=2∠PCB, ∴∠CAB=∠PCB, ∵OA=OC, ∴∠OAC=∠OCA, ∵AB是☉O的直径, ∴∠ACB=90°, ∴∠OCA+∠OCB=90°, ∴∠PCB+∠OCB=90°, 即∠OCP=90°, ∴OC⊥CP, ∵OC是☉O的半径, ∴PC是☉O的切线. 证法二:过点O作OD⊥BC于D,则∠ODC=90°. ∴∠OCD+∠COD=90°, ∵OB=OC, ∴OD平分∠COB. ∴∠COB=2∠COD. ∵∠COB=2∠PCB, ∴∠COD=∠PCB, ∴∠PCB+∠OCD=90°, 即∠OCP=90°, ∴OC⊥CP. ∵OC是☉O的半径, ∴PC是☉O的切线. 14.-73,0或-173,0 [解析]∵直线y=-34x-3交x轴于点A,交y轴于点B, ∴令x=0,得y=-3,令y=0,得x=-4, ∴A(-4,0),B(0,-3), ∴OA=4,OB=3, ∴AB=5, 设☉P与直线AB相切于D, 连接PD, 则PD⊥AB,PD=1, ∵∠ADP=∠AOB=90°,∠PAD=∠BAO, ∴△APD∽△ABO, ∴PDOB=APAB, ∴13=AP5, ∴AP=53, ∴OP=73或OP=173, ∴P的坐标为-73,0或-173,0, 故答案为-73,0或-173,0. 15.解:(1)证明:连接OC, ∵AB是直径, ∴∠ACO+∠BCO=90°. ∵OB=OC, ∴∠B=∠BCO, ∴∠ACO+∠B=90°. ∵∠ECD=∠B, ∴∠ECD+∠ACO=90°,即∠OCE=90°, ∴CE是☉O的切线. (2)∵OA=3,∠BCA=90°,AC=2, ∴AB=6,cosA=ACAB=13, 又OD⊥AB, ∴cosA=OAAD=3CD+2=13, ∴CD=7. 9
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