2021高考物理一轮复习经典组合之电磁感应中的电路和图象问题Word版含答案.docx

电磁感应中的电路和图象问题考纲解读1.能生疏电磁感应现象中的电路结构，并能计算电动势、电压、电流、电功等.2.能由给定的电磁感应过程推断或画出正确的图象或由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量1 对电磁感应中等效电源的理解粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框一边a、b两点间的电势差确定值最大的是 ()答案B解析线框各边电阻相等，切割磁感线的那个边为电源，电动势相同均为Blv.在A、C、D中，UabBlv，B中，UabBlv，选项B正确2 电磁感应中的电路问题如图1所示，MN、PQ是间距为L的平行金属导轨，置于磁感应强度为B、方向垂直导轨所在平面对里的匀强磁场中，M、P间接有一阻值为R的电阻一根与导轨接触良好、有效阻值为的金属导线ab垂直导轨放置，并在水平外力F的作用下以速图1度v向右匀速运动，则(不计导轨电阻)()A通过电阻R的电流方向为PRMBa、b两点间的电压为BLvCa端电势比b端电势高D外力F做的功等于电阻R上产生的焦耳热答案C解析由右手定则可知通过金属导线的电流由b到a，即通过电阻R的电流方向为MRP，A错误；金属导线产生的感应电动势为BLv，而a、b两点间的电压为等效电路路端电压，由闭合电路欧姆定律可知，a、b两点间电压为BLv，B错误；金属导线可等效为电源，在电源内部，电流从低电势流向高电势，所以a端电势高于b端电势，C正确；依据能量守恒定律可知，外力F做的功等于电阻R和金属导线产生的焦耳热之和，D错误3 对Bt图象物理意义的理解一矩形线圈abcd位于一随时间变化的匀强磁场内，磁场方向垂直线圈所在的平面对里(如图2甲所示)，磁感应强度B随时间t变化的规律如图乙所示以I表示线圈中的感应电流(图甲中线圈上箭头方向为电流的正方向)，则下列选项中能正确表示线圈中电流I随时间t变化规律的是()图2答案C解析01 s内磁感应强度均匀增大，依据楞次定律和法拉第电磁感应定律可判定，感应电流为逆时针(为负值)、大小为定值，A、B错误；4 s5 s内磁感应强度恒定，穿过线圈abcd的磁通量不变化，无感应电流，C正确，D错误4 对电磁感应现象中ix图象物理意义的理解如图3所示，两个相邻的有界匀强磁场区域，方向相反，且垂直纸面，磁感应强度的大小均为B，以磁场区左边界为y轴建立坐标系，磁场区域在y轴方向足够长，在x轴方向宽度均为a.矩形导线框ABCD的CD边与y轴重合，AD边长为a.线框从图示位置水平向右匀速穿过两磁场区域，且线框平面始终保持与磁场垂直，图3线框中感应电流i与线框移动距离x的关系图象正确的是(以逆时针方向为电流的正方向)()答案C解析由楞次定律可知，刚进入磁场时电流沿逆时针方向，线框在磁场中时电流沿顺时针方向，出磁场时沿逆时针方向，进入磁场和穿出磁场等效为一条边切割磁感线，在磁场中时，AB边和CD边均切割磁感线，相当于两等效电源串联，故电流为进入磁场和穿出时的两倍，所以C正确考点梳理一、电磁感应中的电路问题1 内电路和外电路(1)切割磁感线运动的导体或磁通量发生变化的线圈都相当于电源(2)该部分导体的电阻或线圈的电阻相当于电源的内阻，其余部分是外电路2 电源电动势和路端电压(1)电动势：EBlv或En.(2)路端电压：UIREIr.二、电磁感应中的图象问题1 图象类型(1)随时间变化的图象如Bt图象、t图象、Et图象和it图象(2)随位移x变化的图象如Ex图象和ix图象2 问题类型(1)由给定的电磁感应过程推断或画出正确的图象(2)由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量(3)利用给出的图象推断或画出新的图象.考点一电磁感应中的电路问题1 对电磁感应中电源的理解(1)电源的正负极、感应电流的方向、电势的凹凸、电容器极板带电问题，可用右手定则或楞次定律判定(2)电源的电动势的大小可由EBlv或En求解2 对电磁感应电路的理解(1)在电磁感应电路中，相当于电源的部分把其他形式的能通过电流做功转化为电能(2)“电源”两端的电压为路端电压，而不是感应电动势例1如图4(a)所示，水平放置的两根平行金属导轨，间距L0.3 m，导轨左端连接R0.6 的电阻，区域abcd内存在垂直于导轨平面B0.6 T的匀强磁场，磁场区域宽D0.2 m细金属棒A1和A2用长为2D0.4 m的轻质绝缘杆连接，放置在导轨平面上，并与导轨垂直，每根金属棒在导轨间的电阻均为r0.3 .导轨电阻不计使金属棒以恒定速度v1.0 m/s沿导轨向右穿越磁场计算从金属棒A1进入磁场(t0)到A2离开磁场的时间内，不同时间段通过电阻R的电流强度，并在图(b)中画出图4解析t10.2 s在0t1时间内，A1产生的感应电动势E1BLv0.18 V.其等效电路如图甲所示由图甲知，电路的总电阻 甲R总r0.5 总电流为I0.36 A通过R的电流为IR0.12 AA1离开磁场(t10.2 s)至A2刚好进入磁场(t20.4 s)的时间内，回路无电流，IR0，乙从A2进入磁场(t20.4 s)至离开磁场t30.6 s的时间内，A2上的感应电动势为E20.18 V，其等效电路如图乙所示由图乙知，电路总电阻R总0.5 ，总电流I0.36 A，流过R的电流IR0.12 A，综合以上计算结果，绘制通过R的电流与时间关系如图所示答案见解析 解决电磁感应中的电路问题三步曲1确定电源切割磁感线的导体或磁通量发生变化的回路将产生感应电动势，该导体或回路就相当于电源，利用En或EBlvsin 求感应电动势的大小，利用右手定则或楞次定律推断电流方向2分析电路结构(内、外电路及外电路的串、并联关系)，画出等效电路图3利用电路规律求解主要应用欧姆定律及串、并联电路的基本性质等列方程求解突破训练1如图5所示，两根足够长的光滑金属导轨水平平行放置，间距为l1 m，cd间、de间、cf间分别接阻值为R10 的电阻一阻值为R10 的导体棒ab以速度v4 m/s匀速向左运动，导体棒与导轨接触良好；导轨所在平面存在磁感应强度大小为B0.5 T、方向竖直向下的匀强磁场下列说法中正确的是 ()图5A导体棒ab中电流的流向为由b到aBcd两端的电压为1 VCde两端的电压为1 VDfe两端的电压为1 V答案BD解析由右手定则可判知A选项错；由法拉第电磁感应定律EBlv0.514 V2 V，UcdE1 V，B正确；由于de、cf间电阻没有电流流过，故UcfUde0，所以UfeUcd1 V，C错误，D正确考点二电磁感应中的图象问题1 题型特点一般可把图象问题分为三类：(1)由给定的电磁感应过程选出或画出正确的图象；(2)由给定的有关图象分析电磁感应过程，求解相应的物理量；(3)依据图象定量计算2 解题关键弄清初始条件，正负方向的对应，变化范围，所争辩物理量的函数表达式，进、出磁场的转折点是解决问题的关键3 解决图象问题的一般步骤(1)明确图象的种类，即是Bt图象还是t图象，或者是Et图象、It图象等；(2)分析电磁感应的具体过程；(3)用右手定则或楞次定律确定方向对应关系；(4)结合法拉第电磁感应定律、欧姆定律、牛顿运动定律等规律写出函数关系式；(5)依据函数关系式，进行数学分析，如分析斜率的变化、截距等(6)画出图象或推断图象例2(2022福建理综18)如图6所示，一圆形闭合铜环由高处从静止开头下落，穿过一根竖直悬挂的条形磁铁，铜环的中心轴线与条形磁铁的中轴线始终保持重合若取磁铁中心O为坐标原点，建立竖直向下为正方向的x轴，则下图中最能正确反映环中感应电流i随环心位置坐标x变化的关系图象是 () 图6解析条形磁铁的磁感线分布示意图如图所示铜环由静止开头下落过程中磁通量的变化率是非均匀变化的，故环中产生的感应电动势、环中的感应电流也是非均匀变化的，A错误在关于O点对称的位置磁场分布对称，但环的速率是增大的，则环在O点下方的电流最大值大于在O点上方电流的最大值，故C错误由于磁通量在O点上方是向上增大而在O点下方是向上减小的，故环中电流方向在经过O点时发生转变，D错误可知B选项正确答案B 1.对图象的生疏，应留意以下几方面 (1)明确图象所描述的物理意义；(2)必需明确各种“”、“”的含义；(3)必需明确斜率的含义；(4)必需建立图象和电磁感应过程之间的对应关系；(5)留意三个相像关系及其各自的物理意义：vv，BB，、分别反映了v、B、变化的快慢2电磁感应中图象类选择题的两个常见解法(1)排解法：定性地分析电磁感应过程中物理量的变化趋势(增大还是减小)、变化快慢(均匀变化还是非均匀变化)，特殊是物理量的正负，排解错误的选项(2)函数法：依据题目所给条件定量地写出两个物理量之间的函数关系，然后由函数关系对图象作出分析和推断，这未必是最简捷的方法，但却是最有效的方法突破训练2如图7甲所示，圆形导线框固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直规定磁场的正方向垂直纸面对里，磁感应强度B随时间变化的规律如图乙所示若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，下列各图中正确的是 ()甲乙图7答案C解析依据法拉第电磁感应定律：EnnS，由Bt图象知，1 s3 s，B的变化率相同，01 s、3 s4 s，B的变化率相同，再结合楞次定律知，01 s、3 s4 s内感应电流的方向为顺时针方向，1 s3 s内感应电流的方向为逆时针方向，可知C正确突破训练3如图8所示，在坐标系xOy中，有边长为L的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处在y轴右侧的、象限内有一垂直纸面对里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，左边界与y轴重合，右边界与y轴平行t0时刻，线框以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域取沿abcda方向的感应电流 图8为正方向，则在线框穿过磁场区域的过程中，感应电流i、ab间的电势差Uab随时间t变化的图线是下图中的 ()答案AD解析在ab边通过磁场的过程中，利用楞次定律或右手定则可推断出电流方向为逆时针方向，即沿正方向，电流在减小，UabI(RbcRcdRda)在减小在cd边通过磁场的过程中，可推断出电流为顺时针方向，即沿负方向，电流渐渐减小，UabIRab渐渐减小，A、D正确.42电磁感应中图象与电路综合问题的分析解析(1)线框进入磁场前，线框仅受到拉力F、斜面的支持力和线框重力，由牛顿其次定律得：Fmgsin ma线框进入磁场前的加速度a5 m/s2(4分)(2)由于线框进入磁场的最初一段时间做匀速运动，ab边进入磁场切割磁感线，产生的电动势EBl1v(1分)形成的感应电流I(1分)受到沿斜面对下的安培力F安BIl1(1分)线框受力平衡，有Fmgsin (1分)代入数据解得v2 m/s(1分)(3)线框abcd进入磁场前时，做匀加速直线运动；进入磁场的过程中，做匀速直线运动；线框完全进入磁场后至运动到gh线，仍做匀加速直线运动进入磁场前线框的运动时间为t1 s0.4 s(1分)进入磁场过程中匀速运动时间为t2 s0.3 s(1分)线框完全进入磁场后线框受力状况与进入磁场前相同，所以该阶段的加速度大小仍为a5 m/s2，该过程有xl2vt3at解得t31 s(2分)因此线框整体进入磁场后，ab边运动到gh线的过程中，线框中有感应电流的时间t4t1t2t30.9 s0.8 s(2分)E V0.25 V(2分)此过程产生的焦耳热Q J0.5 J(2分)答案(1)5 m/s2(2)2 m/s(3)0.5 J突破训练4如图10甲所示，水平面上的两光滑金属导轨平行固定放置，间距d0.5 m，电阻不计，左端通过导线与阻值R2 的电阻连接，右端通过导线与阻值RL4 的小灯泡L连接在CDFE矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，CE长l2 m，有一阻值r2 的金属棒PQ放置在靠近磁场边界CD处CDFE区域内磁场的磁感应强度B随时间变化规律如图乙所示在t0至t4 s内，金属棒PQ保持静止，在t4 s时使金属棒PQ以某一速度进入磁场区域并保持匀速运动已知从t0开头到金属棒运动到磁场边界EF处的整个过程中，小灯泡的亮度没有发生变化求：图10(1)通过小灯泡的电流；(2)金属棒PQ在磁场区域中运动的速度大小答案(1)0.1 A(2)1 m/s解析(1)04 s内，电路中的感应电动势ES0.52 V0.5 V此时灯泡中的电流IL A0.1 A(2)由于灯泡亮度没有变化，故IL没变化依据EBdvI，ULI，IL解得v1 m/s高考题组1(2022课标全国20)如图11，一载流长直导线和一矩形线框固定在同一平面内，线框在长直导线右侧，且其长边与长直导线平行已知在t0到tt1的时间间隔内，长直导线中电流i发生某种变化，而线框中的感应电流总是沿顺时针方向，线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右设电流i正方 图11向与图中箭头所示方向相同，则i随时间t变化的图线可能是()答案A解析因通电导线四周的磁场离导线越近磁场越强，而线框中左右两边的电流大小相等，方向相反，所以其受到的安培力方向相反，线框的左边受到的安培力大于线框的右边受到的安培力，所以合力与线框的左边受力的方向相同由于线框受到的安培力的合力先水平向左，后水平向右，依据左手定则，线框处的磁场方向先垂直纸面对里，后垂直纸面对外，依据右手螺旋定则，导线中的电流先为正，后为负，所以选项A正确，选项B、C、D错误2 (2022重庆理综21)如图12所示，正方形区域MNPQ内有垂直纸面向里的匀强磁场在外力作用下，一正方形闭合刚性导线框沿QN方向匀速运动，t0时刻，其四个顶点M、N、P、Q恰好在磁场边界中点下列图象中能反映线框所受安培力F的大小随时间t变化规律的是() 图12答案B解析如图所示，当MN从初始位置运动到M1N1位置的过程中，切割磁感线的有效长度随时间变化关系为：L1L(L2vt)2vt，L为导线框的边长产生的电流I1，导线框所受安培力F1BI1L1，所以F1为t的二次函数图象，是开口向上的抛物线当QP由CD位置运动到MN位置的过程中，切割磁感线的有效长度不变，电流恒定当QP由MN位置运动到M1N1位置的过程中，切割磁感线的有效长度L2L2vt，产生的电流I2，导线框所受的安培力F2，也是一条开口向上的抛物线，所以应选B.3 (2011海南单科6)如图13，EOF和EOF为空间一匀强磁场的边界，其中EOEO，FOFO，且EOOF；OO为EOF的角平分线，OO间的距离为l；磁场方向垂直于纸面对里一边长为l的正方形导线框沿OO方向匀速通过磁场，t0时刻恰好位于图示位置规定导线框中感应电流沿逆时针方向时为正，则感应电流i与时间t的关系图线可能正确的是 ()图13答案B解析本题中四个选项都是it关系图线，故可用排解法因在第一个阶段内通过导线框的磁通量向里增大，由楞次定律可判定此过程中电流沿逆时针方向，故C、D错误由于穿过整个磁场区域的磁通量变化量0，由q可知整个过程中通过导线框的总电荷量也应为零，而在it图象中图线与时间轴所围总面积表示通过的总电荷量，为零，即时间轴的上下图形面积的确定值应相等故A错误，B正确4 (2011重庆理综23)有人设计了一种可测速的跑步机，测速原理如图14所示该机底面固定有间距为L、长度为d的平行金属电极电极间布满磁感应强度为B、方向垂直纸面对里的匀强磁场，且接有电压表和电阻R.绝缘橡胶带上镀有间距为d的平行细金属条，磁场中始终仅有一根金属条，且与电极接触良好，不计金属电阻若橡胶带匀速运动时，电压表读数为U，求：(1)橡胶带匀速运动的速率；(2)电阻R消耗的电功率；(3)一根金属条每次经过磁场区域克服安培力做的功图14答案(1)(2)(3)解析(1)设该过程产生的感应电动势为E，橡胶带运动速率为v.由：EBLv，EU，得：v.(2)设电阻R消耗的电功率为P，则P.(3)设感应电流大小为I，安培力为F，克服安培力做的功为W.由：I，FBIL，WFd，得：W.模拟题组5 如图15所示有抱负边界的两个匀强磁场，磁感应强度均为B0.5 T，两边界间距s0.1 m，一边长L0.2 m的正方形线框abcd由粗细均匀的电阻丝围成，总电阻为R0.4 ，现使线框以v2 m/s的速度从位置匀速运动到位置，则下列能正确反映整个过图15程中线框a、b两点间的电势差Uab随时间t变化的图线是()答案A解析ab边切割磁感线产生的感应电动势为EBLv0.2 V，线框中感应电流为I0.5 A，所以在05102 s时间内，a、b两点间电势差为U1IR0.15 V；在5102 s10102 s时间内，ab两端电势差U2E0.2 V；在10102 s15102 s时间内，a、b两点间电势差为U1IR0.05 V.6 如图16所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两过程中()A导体框中产生的感应电流方向相同图16B导体框中产生的焦耳热相同C导体框ad边两端电势差相同D通过导体框截面的电荷量相同答案AD解析由右手定则可得两种状况导体框中产生的感应电流方向相同，A项正确；热量QI2Rt()2R，可知导体框产生的焦耳热与运动速度有关，B项错误；电荷量qIt，故通过截面的电荷量与速度无关，电荷量相同，D项正确；以速度v拉出时，UadBlv，以速度3v拉出时，UadBl3v，C项错误(限时：45分钟)题组1对电磁感应中电路问题的考查1如图1所示，竖直平面内有一金属环，半径为a，总电阻为R(指拉直时两端的电阻)，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过环平面，与环的最高点A铰链连接的长度为2a、电阻为的导体棒AB由水平位置紧贴环面摆下，当摆到竖直位置时，B点的线速度为v，则这时AB两 图1端的电压大小为()A.B.C.DBav答案A解析摆到竖直位置时，AB切割磁感线的瞬时感应电动势EB2a(v)Bav.由闭合电路欧姆定律得，UABBav，故选A.2 如图2所示，两光滑平行金属导轨间距为L，直导线MN垂直跨在导轨上，且与导轨接触良好，整个装置处在垂直于纸面对里的匀强磁场中，磁感应强度为B.电容器的电容为C，除电阻R外，导轨和导线的电阻均不计现给导线MN一初速度，使导线MN向右运动，图2当电路稳定后，MN以速度v向右做匀速运动时()A电容器两端的电压为零B电阻两端的电压为BLvC电容器所带电荷量为CBLvD为保持MN匀速运动，需对其施加的拉力大小为答案C解析当导线MN匀速向右运动时，导线MN产生的感应电动势恒定，稳定后，电容器既不充电也不放电，无电流产生，故电阻两端没有电压，电容器两极板间的电压为UEBLv，所带电荷量QCUCBLv，故A、B错，C对；MN匀速运动时，因无电流而不受安培力，故拉力为零，D错3 两根平行的长直金属导轨，其电阻不计，导线ab、cd跨在导轨上且与导轨接触良好，如图3所示，ab的电阻大于cd的电阻，当cd在外力F1(大小)的作用下，匀速向右运动时，ab在外力F2(大小)的作用下保持静止，那么在不计摩擦力的状况下(Uab、Ucd是导线与导轨接触间的电势差)() 图3AF1F2，UabUcd BF1Ucd DF1F2，UabUcd答案D解析通过两导线电流强度一样，两导线都处于平衡状态，则F1BIl，F2BIl，所以F1F2，A、B错误；UabIRab，这里cd导线相当于电源，所以Ucd是路端电压，UcdIRab，即UabUcd，故D正确4. 把总电阻为2R的均匀电阻丝焊接成一半径为a的圆环，水平固定在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，如图4所示，一长度为2a、电阻等于R、粗细均匀的金属棒MN放在圆环上，它与圆环始终保持良好的接触当金属棒以恒定速度v向右移动经过环心O时，求： 图4(1)棒上电流的大小和方向及棒两端的电压UMN；(2)圆环和金属棒上消耗的总热功率答案(1)，从N流向M(2)解析(1)把切割磁感线的金属棒看成一个内阻为R、电动势为E的电源，两个半圆环看成两个并联的相同电阻，画出等效电路图如图所示等效电源电动势为EBlv2Bav外电路的总电阻为R外R棒上电流大小为I电流方向从N流向M.依据分压原理，棒两端的电压为UMNEBav.(2)圆环和金属棒上消耗的总热功率为PIE.题组2对电磁感应图象的考查5. 如图5所示，两平行光滑的金属导轨MN、PQ固定在水平面上，相距为L，处于竖直向下的磁场中，整个磁场由n个宽度皆为x0的条形匀强磁场区域1、2、3、n组 图5成，从左向右依次排列，磁感应强度大小分别为B、2B、3B、nB，两导轨左端MP间接入电阻R，金属棒ab垂直放在水平导轨上，且与导轨接触良好，不计导轨和金属棒的电阻若在不同的磁场区对金属棒施加不同的拉力，使棒ab以恒定速度v向右匀速运动取金属棒图示位置(即磁场1区左侧)为x0，则通过棒ab的电流i、对棒施加的拉力F随位移x变化的图象是 ()答案AD解析金属棒切割磁感线产生的感应电动势EBLv，电路中感应电流I，所以通过棒的电流i与n成正比，选项A正确；棒所受的安培力F安BIL，由于棒匀速运动，对棒施加的外力F与F安等大反向，即F与n2成正比，选项D正确6 如图6所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO为其对称轴，一导线折成边长为L的正方形闭合线框abcd，线框在外力作用下由纸面内图示位置从静止开头向右做匀加速运动，若电流以逆时针方向为正方向，则从线框开头运动到ab边刚进入到PQ右侧磁场的过程中，能反映线框中感应电流随时间变图6化规律的图象是 ()答案B解析由法拉第电磁感应定律知在ab边运动到MN边界的过程中感应电动势E2BLv2BLat，感应电流为it，C、D错；在ab边从MN边界运动到PQ边界的过程中，产生的感应电动势为EBLvBLat，感应电流为it，即刚过MN边界时感应电动势、感应电流均减小一半，所以A错，B对7 如图7所示，导体棒沿两平行金属导轨从图中位置以速度v向右匀速通过一正方形abcd磁场区域，ac垂直于导轨且平行于导体棒，ac右侧的磁感应强度是左侧的2倍且方向相反，导轨和导体棒的电阻均不计，下列关于导体棒中感应电流和所受安培图7力随时间变化的图象正确的是(规定电流从M经R到N为正方向，安培力向左为正方向)()答案A解析导体棒运动时间t时切割磁感线产生的感应电动势大小EBlv2Bv2t，感应电流大小I，导体棒所受的安培力大小FBIl，由此可见，感应电流的大小I与时间t成正比，而安培力的大小F则与时间t是二次函数关系由楞次定律可知，导体棒在第一、二区域的磁场中运动时，产生的感应电流分别为从M经R到N和从N经R到M；由左手定则推断得出，导体棒在第一、二区域的磁场中运动时受到的安培力均为水平向左，只有A正确8 如图8甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示t0时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面对里，设产生的感应电流以顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向以水平向左为正则下面关于感应电流i和cd边所受安培力F随时间t变化的图象正确的是()图8答案AC解析02 s时间内，负方向的磁场在减弱，产生正方向的恒定电流，cd边受安培力向右且减小.2 s3 s时间内，电流仍是正方向，且大小不变，此过程cd边受安培力向左且增大.3 s6 s时间内，电流沿负方向，大小不变，cd边受安培力先向右后变为向左，故选A、C.题组3对电磁感应中电路与图象综合问题的考查9 如图9甲是半径为a的圆形导线框，电阻为R，虚线是圆的一条弦，虚线左右两侧导线框内磁场的磁感应强度随时间变化如图乙所示，设垂直线框向里的磁场方向为正，求：(1)线框中0t0时间内的感应电流大小和方向；(2)线框中0t0时间内产生的热量图9答案(1)，逆时针方向(2)解析(1)设虚线左侧的面积为S1，右侧的面积为S2，则依据法拉第电磁感应定律得：向里的变化磁场产生的感应电动势为E1S1感应电流方向为逆时针方向向外的变化磁场产生的感应电动势为E2S2感应电流方向为逆时针方向从题图乙中可以得到感应电流为I方向为逆时针方向(2)依据焦耳定律可得QI2Rt0