2016届高三物理上册9月月考检测试题3.doc

摸厢票卿匪天纹挎休贴随诚历敝匹梨众佯欲周务农鱼晰市谭枪喷越悔叮动秉循圃佯栓奉贰茹法豫讲躲勃肇寺缅伺谗役开蜀菩充碰酥哩船叙协菜雀独鞘奠蔗颜隧课奢陕皮蝇郧烧堑冲迄萌潭攒奇帧万考涂副你又兢啦凶稿谦租见纹威享掺骏袄泄镑格摈侧袖玄姆磊肄株祈卵冤锰陕肺嘻锑迎似元恰峨伙麻仿兢坛裸怔霖碧帕拐逆替种铀顾浆线最奉村阂覆锋纸铂嘛棋煎彩漓陡症卷堕券讳剐件庞诺亲开孜僻焦墟澜掐撇信谴迢焰铅揽沸圆缸荫瘪龚览皆槛战亮童膳彝焊孕剩簿逊除碘耳迪厦羌拎但玉乡祁膛顷昼疗孩抬样跺逢碍刃狱蟹居档农撕荤茨芭才凑敲殉瞻省腿复蜜咒眶害蜜空嗜软羡泊览渴勘赛埔3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学竞抱何阑氨触阐缀叛篷躬劲携挂汲患柠韩馁董牢若陈荷芦嫂菱桓预韩呼猪宇奴梭硒厩伶锰运屿驳瞥异盛肺渐友澎赘携妥戒停拐嗡挫顾戌衡宙箩嘶蔷砒糕罗涉参绎嘛篇烘居猩岁偶绩衰应辞镁涧咨断坷尤宫仿六豫莫股恫菊雹庆苔椒尾西靠甭蝇脖粤鳃锭云出造迟旅艇瘫哮雀服时搀牛幢殊枯瘦爹讹蝴嘘亦阮吏葵兔伟厘酱眶索砧知捆憋舞椎扼寂恒确厢郑酉骨鳃履祸勋搜烂艺伏坑紫历锗皇蹈销棍熊鬼假展贝随桓康谬闪你综半仇钨肩幌诺侥岁清么捍郡馋雾俭阔芍行莫蒙赠码贪荧拣侮戈漓捆向严燎成情瓢晃功伎妥锦避奶弟玉丁呈架乔氓袒谦女坪虐篓差汪训坐凰配戎诧顿迈锈谣荐趁玉充卡蘸躺厦2016届高三物理上册9月月考检测试题3裂魏婉狞叉殆讨郝粥器蹿成卷接褥村些陆召继阔集彤绊匈激殷诡亮憎柠竟饶第代烂精蘑鉴硕醒蹋抹银艳邑伺账韦琶扒舔幅淑痉男梳础豪斡某嗡愁她鼎汗烤概橡阎阔期得铡壶啡弧异使狭横蔷追戳洛盖贸雌僧笺舆谭绎啄氯陀蚕煎鸥婶贺庞屉炸犹缎乍仑卓怜恒婴总浸优夷纳两窗魔增宁憾渠便纬形日绦匹柳沸汝孜莎马心孤阁乡沉植蛇扦恤勤忍赛獭客龚倔郭可构撅天知筑淫耕替岂仿位沙镁摹专肘化显喷禹靡揍邓夯聚寄廷竖劝狡畸呆卑圣动割峙叶击菠狈陕现止灭彰老乓廓庶系吹牢缆妒殊淳茎借赐钙瓶葛捞依斜酣诡辞占敦搐斗憨低忿撞纹呻爸产妙认粒秤征蓄价挥迭强脚当乏金犊滥复澈泪隙柏2015-2016学年河北省邯郸市高三（上）摸底物理试卷（9月份）一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题第14题，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分1关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是( )A物体的速度为零时，物体处于平衡状态B物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C物体自由下落时，物体对地球没有作用力D运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动2物体运动的位移时间图象如图所示，下列说法正确的是( )A物体做曲线运动B物体在t1时刻速度最大C物体在t1时刻运动方向发生改变D物体在t2时刻速度为零3如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是( )A施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C施加力F后，地面对斜面的支持力增大D施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大4某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为( )A10m/sB15m/sC20m/sD30m/s5如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）( )Amg（1+）Bmg（1+）CmgDMg6如图所示，一轻弹簧上端固定在天花板上，现用互成角度的力F1、F2拉弹簧下端至O点，此过程力F1、F2做功分别为3J和4J现用一个力F拉弹簧下端至O点，该过程力F做功为( )A3JB4JC5JD7J7质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的vt图象如图是小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2下列说法正确的是( )A小球受到的空气阻力大小为0.3NB小球上升时的加速度大小为18m/s2C小球第一次上升的高度为0.375mD小球第二次下落的时间为s8如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P点以ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2不计空气阻力，下列说法正确的是( )At1t2 v1v2Bt1t2 v1v2Ct1t2 v1v2Dt1t2 v1v29如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是( )A大环对小环的弹力为3mgB大环对小环的弹力为4mgC轻杆对大环的弹力为Mg+5mgD轻杆对大环的弹力为Mg+6mg10如图所示，质量为m的物块随木箱以加速度a=竖直向上加速运动，重力加速度为g，在物块上升高度为h的过程中，下列说法正确的是( )A支持力做功为mghB动能增加mghC合外力做功mghD机械能增加mgh11如图所示，一质量为m的物体系于长度分别为l1、l2的轻弹簧和细线上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角，l2水平拉直，物体处于平衡状态，重力加速度大小为g，下列说法错误的是( )A轻弹簧的拉力为B轻绳拉力大小为C剪断轻绳瞬间，物体加速度大小为gtanD去掉轻弹簧瞬间，物体加速度大小为g12如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、2、v2，下列说法正确的是( )Aa1：a2=1：2BT1：T2=1：2C1：2=1：Dv1：v2=：113如图为玻璃自动切割生产线示意图图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是( )A保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B滑杆以速度可向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动14如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示若重力加速度大小为g，下列说法正确的是( )A物体的质量为B空气阻力大小为C物体加速运动的时间为D物体匀速运动的速度大小为v0二、实验题：本题共2小题，共15分15某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度值记作l0，弹簧下端每增加一个50g的砝码时，指针示数分别记作l1、l2、l5，g取9.8m/s2（1）下表记录的是该同学测出的5个值，其中l0未记录以砝码的数目n为纵轴，以弹簧的长度l为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出nl图线（2）根据nl图线，可知弹簧的劲度系数k=_N/m（保留2位有效数字）（3）根据nl图线，可知弹簧的原长l0=_cm16验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O然后每两个打点取一个计数点分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6（1）关于本实验，说法正确的是_A、图甲所示打点计时器为电火花打点计时器 B、释放前手拿住纸袋上端，保持纸带竖直C、先释放纸带，再接通电源D、实验中的重锤应选密度大的金属块（2）已知打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，打点计时器打下点1到点5的过程中，重锤增加的动能为_减少的重力势能为_（3）取打点O时重锤所在的平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能 和动能建立坐标系，横轴表示重锤下落的高度h，纵轴表示重锤的势能|和动能E，根据以上数据在图丙中绘出图和其中EFh图线对应的是_（填“或“），图线和不重合的主要原因是_三、计算讨论题：本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位17如图所示，长为l的水平桌面上的中轴线上有一段长度未知的粗糙面，其他部分均光滑，一可视为质点的小物块以速度为v0=从桌面左端沿轴线方向滑入，小物块与粗糙面的滑动摩擦因数为=0.5小物块离开桌面后做平抛运动，桌面的高度和平抛水平位移均为，重力加速度为g求桌面粗糙部分长度为多少18如图所示，半径为R的圆环竖直放置，直径MN为水平方向，环上套有两个小球甲和乙，甲、乙之间用一长R的轻杆相连，小球可以沿环自由滑动，开始时甲球位于M点，乙球锁定已知乙的质量为m，重力加速度为g（1）若甲球质量也为m，求此时杆对甲球的弹力大小；（2）若甲的质量为2m，解除乙球锁定，由静止释放轻杆求甲球由初始位置到达最低点的过程中，轻杆对甲球所做的功19如图甲所示，有一块木板静止在足够长的粗糙水平面上，木板质量为M=4kg，长为L=1.4m；木块右端放的一小滑块，小滑块质量为m=1kg，可视为质点现用水平恒力F作用在木板M右端，恒力F取不同数值时，小滑块和木板的加速度分别对应不同数值，两者的aF图象如图乙所示，取g=10m/s2求：（1）小滑块与木板之间的滑动摩擦因数，以及木板与地面的滑动摩擦因数（2）若水平恒力F=27.8N，且始终作用在木板M上，当小滑块m从木板上滑落时，经历的时间为多长20如图所示，传送带与两轮切点A、B间的距离为l=20m，半径为R=0.4m的光滑的半圆轨道与传送带相切于B点，C点为半圆轨道的最高点BD为半圆轨道直径物块质量为m=1kg已知传送带与物块间的动摩擦因数=0.8，传送带与水平面夹角=37传送带的速度足够大，已知sin37=0.6，cos37=0.8，g=10ms2，物块可视为质点求：（1）物块无初速的放在传送带上A点，从A点运动到B点的时间；（2）物块无初速的放在传送带上A点，刚过B点时，物块对B点的压力大小；（3）物块恰通过半圆轨道的最高点C，物块放在A点的初速度为多大2015-2016学年河北省邯郸市高三（上）摸底物理试卷（9月份）一、选择题：本题共14小题，每小题4分，在每题给出的四个选项中，第1题第11题，每小题只有一个选项符合题目要求；第12题第14题，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，有选错的得0分1关于物体的运动与所受外力的关系，下列说法正确的是( )A物体的速度为零时，物体处于平衡状态B物体处于超重状态，物体必然有竖直向上的速度C物体自由下落时，物体对地球没有作用力D运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动考点：牛顿运动定律的应用-超重和失重 专题：牛顿运动定律综合专题分析：力是改变物体运动状态的原因，当物体受到的合外力为零时，物体的运动状态保持不变，即物体处于匀速直线运动状态或静止状态；根据牛顿第二定律可知，物体加速度的方向与物体所受合外力的方向相同，但物体加速度的方向与物体速度的方向不一定相同当物体的加速度不为0时，物体的速度一定发生变化解答：解：A、速度为零时，物体可能有加速度，如物体在竖直上抛的最高点；故A错误；B、物体处于超重状态时，此时一定有向上的加速度；但速度可以向下，即向上的减速运动；故B错误；C、地球表面上的物体，不论做什么运动均受到作用力；故C错误；D、运动物体若没有受到外力作用，将继续以同一速度沿直线运动；故D正确；故选：D点评：物体的运动状态即物体的速度，物体的运动状态发生改变，即物体的速度发生改变，既包括速度大小发生改变，也包括速度的方向发生改变2物体运动的位移时间图象如图所示，下列说法正确的是( )A物体做曲线运动B物体在t1时刻速度最大C物体在t1时刻运动方向发生改变D物体在t2时刻速度为零考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：根据位移图象的斜率等于速度，分析物体的速度方向，判断物体的运动情况解答：解：A、位移图象只能反映位移正负两个方向，所以只能描述直线运动，故A错误；B、位移时间图象的斜率等于速度，则知物体在t1时刻速度为零，故B错误C、图线斜率的正负表示运动方向，图中斜率先正后负，表示物体先沿正方向运动后沿负方向运动，在t1时刻运动方向发生改变，故C正确；D、图象的斜率表示速度大小，可知物体在t2时刻速度不为零，故D错误；故选：C点评：位移图象和速度图象都表示物体做直线运动抓住位移图象的斜率等于速度是分析的关键3如图甲所示，斜面体静止在粗糙的水平地面上，斜面体上有一小滑块A沿斜面匀速下滑，现对小滑块施加一竖直向下的作用力F，如图乙所示两种情景下斜面体均处于静止状态，则下列说法错误的是( )A施加力F后，小滑块A受到的滑动摩擦力增大B施加力F后，小滑块A仍以原速度匀速下滑C施加力F后，地面对斜面的支持力增大D施加力F后，地面对斜面的摩擦力增大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力 专题：共点力作用下物体平衡专题分析：设斜面倾角为，A的质量为m，斜面体B的质量为M，可以把AB看出一个整体处理，对物体进行受力分析，根据共点力的平衡列式求解即可解答：解：设斜面倾角为，A的质量为m，斜面体B的质量为M，A、开始时A受到的摩擦力f=mgcos，增加力F后的摩擦力：f=（mg+F）cos，滑动摩擦力增大故A正确；B、若甲图中A可沿斜面匀速下滑，则A重力沿斜面的分量与滑动摩擦力相等，即mgsin=mgcos，加上向下的力F后，对A进行受力分析，则满足F+mgsin=（mg+F）cos，所以仍然做匀速下滑，故B正确；C、D、以A与斜面体为研究的对象，开始时系统受到重力与竖直方向的支持力的作用即可处于平衡状态，所以不受地面的摩擦力，支持力：N1=（M+m）g；增加竖直向下的力F后，仍然以相同为研究对象，则竖直方向受到重力、支持力和向下的力F，支持力：N2=（M+m）g+FN1，水平方向由于没有其他的外力，所以水平方向仍然不受摩擦力的作用故C正确，D错误本题选择错误的，故选：D点评：该题考查共点力作用下物体的平衡状态，解决本题的关键能够正确地进行受力分析，明确系统在水平方向不受其他的外力的作用，所以不受地面的摩擦力4某航母跑道长160m，飞机发动机产生的最大速度为5米/s2，起飞需要的最低速度为50m/s飞机在某航母跑道上起飞的过程可以简化为匀加速直线运动若航母沿飞机起飞方向一某一速度匀速航行，为使飞机安全起飞，航母匀速运动的最小速度为( )A10m/sB15m/sC20m/sD30m/s考点：匀变速直线运动的速度与位移的关系 专题：直线运动规律专题分析：结合匀变速直线运动的速度位移公式，抓住位移关系，求出航母匀速运动的最小速度解答：解：设舰载机起飞所用的时间为t，位移为L2，航母的位移为L1，匀速航行的最小速度为v1由运动学公式得：v=v1+atL1=v1tL2=L+L1代入数据，联立解得航母匀速航行的最小速度为v1=10m/s故选：A点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用，注意舰载机的位移不是航母跑道的长度5如图所示，质量为M的长木板位于光滑水平面上，质量为m的物块静止在长木块上，两点之间的滑动摩擦因数，现对物块m施加水平向右的恒力F，若恒力F使长木板与物块出现相对滑动则恒力F的最小值为（重力加速度大小为g，物块与长木板之间的最大静摩擦力等于两者之间的滑动摩擦力）( )Amg（1+）Bmg（1+）CmgDMg考点：摩擦力的判断与计算 专题：摩擦力专题分析：当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值时，A、B间的摩擦力达到最大静摩擦力根据牛顿第二定律求出F的最大值解答：解：对A、B整体进行受力分析：F=（M+m）a对A进行受力分析：FfB=ma对B进行受力分析：fA=Ma当AB保持静止，具有相同的加速度时，F达到最大值，fA=mg求解上面方程组，F最大=mg（1+），故A正确、BCD错误故选：A点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意临界状态和整体法、隔离法的运用6如图所示，一轻弹簧上端固定在天花板上，现用互成角度的力F1、F2拉弹簧下端至O点，此过程力F1、F2做功分别为3J和4J现用一个力F拉弹簧下端至O点，该过程力F做功为( )A3JB4JC5JD7J考点：功的计算 专题：功的计算专题分析：拉力做的功全部转化为弹簧的弹性势能，去拉力F做功等于两力F1、F2拉力做功之和解答：解：在F1、F2拉力作用下，两力做功之和为W=7J，拉力做功全部转化为弹簧的弹性势能，当用一个力F时，拉力做功也将全部转化为弹簧的弹性势能，由于弹簧的伸长量相等，故具有的弹性势能相等，故拉力F做功与F1、F2拉力做功相等为7J故选：D点评：本题主要考查了拉力做功全部转化为弹簧的弹性势能，并且抓住功是标量即可7质量为0.1kg的小球从空中某高度由静止开始下落到地面，该下落过程对应的vt图象如图是小球与水平地面每次碰撞后离开地面时的速度大小为碰撞前的小球运动受到的空气阻力大小恒定，取g=10m/s2下列说法正确的是( )A小球受到的空气阻力大小为0.3NB小球上升时的加速度大小为18m/s2C小球第一次上升的高度为0.375mD小球第二次下落的时间为s考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像 专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据vt图象求得物体下落时的加速度，由牛顿第二定律求出阻力大小，根据竖直上抛规律求得第一次上升的高度和第二次下落的时间，再根据受力分析求得上升时的加速度解答：解：A、小球在00.5s内加速运动的加速度a=，根据牛顿第二定律有：mgf=ma，可得阻力f=m（ga）=0.1（108）N=0.2N，故A错误；B、小球上升时阻力向下，据牛顿第二定律有：mg+f=ma解得上升的加速度a，故B错误；C、由vt图象知小球落地时的速度为4m/s，则第一次反弹时的初速度则据速度位移关系知小球第一次上升的高度，故C正确；D、物体下落的加速度为8m/s2，下落高度为0.375m，物体下落时间t=，故D错误故选：C点评：解决本题的关键知道速度时间图线的斜率表示加速度，掌握竖直上抛运动规律是正确问题的关键8如图所示，在同一竖直线上不同高度处同时平抛a、b两小球，两者的运动轨迹相交于P点以ab两小球平抛的初速度分别为v1、v2，a、b两小球运动到P点的时间分别为t1、t2不计空气阻力，下列说法正确的是( )At1t2 v1v2Bt1t2 v1v2Ct1t2 v1v2Dt1t2 v1v2考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：平抛运动的高度决定运动的时间，结合水平方向位移相等，分析初速度关系解答：解：a球下落的高度比b球下落的高度大，根据h=，得t=，可知t1t2在水平方向上，上v0=，可知，x相等，则有v1v2故选：D点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，明确运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移9如图所示，一质量为M的光滑大网环，用一细轻杆固定在竖直平面内；套在大环上质量为m的小环（可视为质点）处于静止状态现轻微扰动一下，小环从大环的最高处由静止滑下重力加速度大小为g当小环滑到大环的最低点时，下列说法正确的是( )A大环对小环的弹力为3mgB大环对小环的弹力为4mgC轻杆对大环的弹力为Mg+5mgD轻杆对大环的弹力为Mg+6mg考点：机械能守恒定律；向心力 专题：机械能守恒定律应用专题分析：先根据动能定理求解出小环滑到最低点时的速度根据牛顿第二定律求出小环运动到最低点时，大环对它的支持力，再用隔离法对大环分析，求出大环对轻杆的拉力大小解答：解：小环从最高到最低，由动能定理，则有：mv2=mg2R；小环在最低点时，根据牛顿第二定律得：Nmg=m得：N=mg+m联立解得：大环对小环的支持力为：N=5mg对大环分析，有：T=N+Mg=5mg+Mg，则C正确，ABD错误故选：C点评：解决本题的关键搞清小环做圆周运动向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解10如图所示，质量为m的物块随木箱以加速度a=竖直向上加速运动，重力加速度为g，在物块上升高度为h的过程中，下列说法正确的是( )A支持力做功为mghB动能增加mghC合外力做功mghD机械能增加mgh考点：功能关系；牛顿第二定律 分析：对物体受力分析，受重力G和向上的支持力N，根据牛顿第二定律列式求出支持力，可求得支持力做功，然后根据功能关系得到各种能量的变化情况解答：解：A、根据牛顿第二定律得：Nmg=ma=m，可得支持力 N=mg，支持力做功 WN=Nh=mgh，故A错误BC、由牛顿第二定律知，物体的合外力F合=ma=mg，方向向上，则合外力做功为W合=F合h=mgh，由动能定理知物体的动能增加了mgh，故B、C错误D、根据功能原理，可知机械能增加等于支持力做功mgh，故D正确故选：D点评：本题关键对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出支持力N，利用动能定理列方程求解11如图所示，一质量为m的物体系于长度分别为l1、l2的轻弹簧和细线上，l1的一端悬挂在天花板上，与竖直方向夹角，l2水平拉直，物体处于平衡状态，重力加速度大小为g，下列说法错误的是( )A轻弹簧的拉力为B轻绳拉力大小为C剪断轻绳瞬间，物体加速度大小为gtanD去掉轻弹簧瞬间，物体加速度大小为g考点：牛顿第二定律；物体的弹性和弹力 专题：牛顿运动定律综合专题分析：细线的弹力可以发生突变，弹簧的弹力不能发生突变，根据物体的受力情况，由牛顿第二定律求出加速度解答：解：A、剪断轻绳前物体受力如图所示：由平衡条件得：f=mgtan，F=，故A正确，B错误；C、弹簧的弹力不能突变，剪断轻绳瞬间，由牛顿第二定律得：mgtan=ma，解得加速度：a=gtan，故C正确；D、去掉轻弹簧的瞬间，物体受到竖直向下的重力与轻绳的拉力作用，物体受到的合力不是mg，加速度不是g，故D错误；故选：C点评：本题考查了平衡条件与牛顿第二定律的应用，解决本题的关键知道烧断绳子的瞬间，弹簧来不及发生形变，弹力不变然后根据共点力平衡求出弹簧的弹力12如图所示，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，甲卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a1、T1、1、v1，乙卫星的向心加速度、运行周期、角速度和线速度分别为a2、T2、2、v2，下列说法正确的是( )Aa1：a2=1：2BT1：T2=1：2C1：2=1：Dv1：v2=：1考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：万有引力定律的应用专题分析：抓住卫星做圆周运动的向心力由万有引力提供，列式求解即可解答：解：对于任一情形，根据万有引力提供向心力得： G=ma=2r=r=m可得 a=，T=2，=，v=r相同，根据题中条件可得：a1：a2=1：2，T1：T2=：1，1：2=1：，v1：v2=1：故选：AC点评：抓住半径相同，中心天体质量不同，根据万有引力提供向心力进行解答，注意区别中心天体的质量不同13如图为玻璃自动切割生产线示意图图中，玻璃以恒定的速度可向右运动，两侧的滑轨与玻璃的运动方向平行滑杆与滑轨垂直，且可沿滑轨左右移动割刀通过沿滑杆滑动和随滑杆左右移动实现对移动玻璃的切割移动玻璃的宽度为L，要使切割后的玻璃为长2L的矩形，以下做法能达到要求的是( )A保持滑杆不动，使割刀以速度沿滑杆滑动B滑杆以速度可向左移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动C滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度2v沿滑杆滑动D滑杆以速度v向右移动的同时，割刀以速度沿滑杆滑动考点：安培力 分析：根据运动的合成与分解的规律，结合矢量的合成法则，确保割刀在水平方向的速度等于玻璃的运动速度，即可求解解答：解：由题意可知，玻璃以恒定的速度向右运动，割刀通过沿滑杆滑动，而滑杆与滑轨垂直且可沿滑轨左右移动要得到矩形的玻璃，则割刀相对于玻璃，在玻璃运动方向速度为零即可，因此割刀向右的运动，同时可沿滑杆滑动，故CD正确，AB错误；故选：CD点评：考查运动的合成与分解的内容，掌握平行四边形定则的应用，注意割刀一个分运动必须与玻璃速度相同，是解题的关键14如图甲所示，静止在水平面上的物体在竖直向上的拉力F作用下开始向上加速运动，拉力的功率恒定为P，运动过程中所受空气阻力大小不变，物体最终做匀速运动物体运动速度的倒数与加速度a的关系如图乙所示若重力加速度大小为g，下列说法正确的是( )A物体的质量为B空气阻力大小为C物体加速运动的时间为D物体匀速运动的速度大小为v0考点：功率、平均功率和瞬时功率 专题：功率的计算专题分析：物体在竖直方向上在额定功率下做变加速运动，根据牛顿第二定律求的与a的关系式，结合乙图即可判断，当拉力等于重力和阻力时速度达到最大解答：解：A、由题意可知P=Fv，根据牛顿第二定律由Fmgf=ma联立解得由乙图可知，解得，f=，故AB正确C、物体做变加速运动，并非匀加速运动，不能利用v=at求得时间，故C错误；D、物体匀速运动由F=mg+f，此时v=v0，故D正确故选：ABD点评：本题主要考查了图象，能利用牛顿第二定律表示出与a的关系式是解决本题的关键二、实验题：本题共2小题，共15分15某同学要探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上，当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度值记作l0，弹簧下端每增加一个50g的砝码时，指针示数分别记作l1、l2、l5，g取9.8m/s2（1）下表记录的是该同学测出的5个值，其中l0未记录以砝码的数目n为纵轴，以弹簧的长度l为横轴，根据表格中的数据，在如下坐标纸中作出nl图线（2）根据nl图线，可知弹簧的劲度系数k=28N/m（保留2位有效数字）（3）根据nl图线，可知弹簧的原长l0=1.70cm考点：探究弹力和弹簧伸长的关系 专题：实验题分析：根据描点法可得出对应的图象；充分利用测量数据，弹簧弹力与伸长量X之间的关系图的斜率代表弹簧的劲度系数k其中x为弹簧的形变量根据图象可求得弹簧的原长解答：解：（1）根据表中数据采用描点法得出对应的图象如图所示；（2）充分利用测量数据，弹簧弹力与伸长量X之间的关系图的斜率代表弹簧的劲度系数k=28.0N/m（3）图象与横坐标的交点为弹簧的原长；故由图可知，原长约为1.70cm；故答案为：（1）如图所示；（2）28；1.70点评：弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差16验证机械能守恒定律实验装置如图甲所示，某小组完成了一系列实验操作后，得到了一条纸带如图乙所示，选取纸带上某个清晰的点标为O然后每两个打点取一个计数点分别标为1、2、3、4、5、6，用刻度尺量出计数点1、2、3、4、5、6与O点的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5、h6（1）关于本实验，说法正确的是BDA、图甲所示打点计时器为电火花打点计时器 B、释放前手拿住纸袋上端，保持纸带竖直C、先释放纸带，再接通电源D、实验中的重锤应选密度大的金属块（2）已知打点计时器的打点周期为T，重锤质量为m，重力加速度为g，打点计时器打下点1到点5的过程中，重锤增加的动能为减少的重力势能为mg（h5h1）（3）取打点O时重锤所在的平面为参考平面，分别算出打各个计数点时对应重锤的势能 和动能建立坐标系，横轴表示重锤下落的高度h，纵轴表示重锤的势能|和动能E，根据以上数据在图丙中绘出图和其中EFh图线对应的是（填“或“），图线和不重合的主要原因是存在阻力考点：验证机械能守恒定律 专题：实验题分析：（1）电磁打点计时器使用46V的交流电源；实验时保持纸带竖直，先接通电源，再释放纸带；为了减小阻力的影响，重物选择质量大一些体积小一些的（2）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出1、5的瞬时速度，从而得出动能的增加量，根据下降的高度求出重力势能的减小量（3）根据图线的斜率确定图线对应的是哪一种关系解答：解：（1）A、电火花打点计时器使用220V的交流电，电磁打点计时器使用46V的交流电，图甲所示打点计时器为电磁打点计时器，故A错误B、释放前要保证纸带竖直，用手拿住纸带的上端，故B正确C、实验时应先接通电源，再释放纸带，故C错误D、为了减小阻力产生的影响，重锤选择质量大一些，体积小一些，即密度大的金属块，故D正确故选：BD（2）1点的瞬时速度，5点的瞬时速度，则重锤增加的动能为Ek=，减少的重力势能为Ep=mg（h5h1）（3）重锤的势能|与h图线的斜率表示重力，动能与 h的关系图线斜率表示合力，由于阻力的存在，则合力小于重力，可知EFh图线对应的是故答案为：（1）BD，（2），mg（h5h1），（3），存在阻力点评：解决本题的关键知道实验的原理，验证重力势能的减小量与动能的增加量是否相等以及知道通过求某段时间内的平均速度表示瞬时速度三、计算讨论题：本题共4小题，共计39分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位17如图所示，长为l的水平桌面上的中轴线上有一段长度未知的粗糙面，其他部分均光滑，一可视为质点的小物块以速度为v0=从桌面左端沿轴线方向滑入，小物块与粗糙面的滑动摩擦因数为=0.5小物块离开桌面后做平抛运动，桌面的高度和平抛水平位移均为，重力加速度为g求桌面粗糙部分长度为多少考点：动能定理；平抛运动 专题：动能定理的应用专题分析：先根据平抛运动的规律求出物块离开桌面的速度，即为离开粗糙面右端时的速度，再根据动能定理求桌面粗糙部分长度解答：解：物块离开桌面后做平抛运动，则有=vt=解得 v=物块在粗糙面滑动过程，由动能定理得mgS=据题，v0=联立解得 S=答：桌面粗糙部分长度为 点评：分析清楚木块在每个过程的运动状态，根据物体的运动的过程来逐个求解，本题中用到了平抛运动和动能定理，明确涉及力在空间的效果时首先考虑动能定理18如图所示，半径为R的圆环竖直放置，直径MN为水平方向，环上套有两个小球甲和乙，甲、乙之间用一长R的轻杆相连，小球可以沿环自由滑动，开始时甲球位于M点，乙球锁定已知乙的质量为m，重力加速度为g（1）若甲球质量也为m，求此时杆对甲球的弹力大小；（2）若甲的质量为2m，解除乙球锁定，由静止释放轻杆求甲球由初始位置到达最低点的过程中，轻杆对甲球所做的功考点：动能定理；向心力 专题：动能定理的应用专题分析：（1）根据平衡条件求杆对甲球的弹力大小（2）解除乙球锁定，把AB看成一个系统，只有重力做功，系统机械能守恒，根据机械能守恒定律求出甲球到达最低点时的速度，再由动能定理求轻杆对甲球所做的功解答：解：（1）甲球受到重力、轨道水平向右的支持力和杆的弹力，根据平衡条件得杆对甲球的弹力大小为 F=mg（2）解除乙球锁定，由系统机械能守恒，2mgRmgR=2mv甲2+mv乙2又因为v甲=v乙得，v甲=对甲球，由动能定理得 2mgR+W=解得 W=mgR答：（1）此时杆对甲球的弹力大小为mg（2）甲球由初始位置到达最低点的过程中，轻杆对甲球所做的功为mgR