2023年考研数学三真题和解析.doc

考研数学三真题一、选择题 18小题每题4分，共32分1若函数在处持续，则（A）（B）（C）（D）【详解】，要使函数在处持续，必需满足因此应当选（A）2二元函数极值点是（ ）（A） （B） （C） （D）【详解】，解方程组，得四个驻点对每个驻点验证，发现只有在点处满足，且，所认为函数极大值点，因此应当选（D）3设函数是可导函数，且满足，则（A） （B） （C） （D）【详解】设，则，也就是是单调增长函数也就得到，因此应当选（C）4 若级数收敛，则（ ）（A） （B） （C） （D）【详解】iv时显然当且仅当，也就是时，级数一般项是有关二阶无穷小，级数收敛，从而选择（C）5设为单位列向量，为阶单位矩阵，则（A）不可逆 （B）不可逆（C）不可逆 （D）不可逆【详解】矩阵特性值为和个，从而特性值分别为；显然只有存在零特性值，因此不可逆，应当选（A）6已知矩阵，则 （A）相似，相似 （B）相似，不相似（C）不相似，相似 （D）不相似，不相似【详解】矩阵特性值所有是与否可对解化，只需要关怀状况对于矩阵，秩等于1 ，也就是矩阵属于特性值存在两个线性无关特性向量，也就是可以对角化，也就是对于矩阵，秩等于2 ，也就是矩阵属于特性值只有一种线性无关特性向量，也就是不可以对角化，当然不相似故选择（B）7设，是三个随机事件，且互相独立，互相独立，则和互相独立充足必需条件是（ ）（A）互相独立 （B）互不相容（C） 互相独立 （D）互不相容【详解】显然，和互相独立充足必需条件是，因此选择（C ）8设为来自正态总体简朴随机样本，若，则下列结论中不对的是（ ）（A）服从分布 （B）服从分布 （C）服从分布 （D）服从分布解：（1）显然且互相独立，因此服从分布，也就是（A）结论是对的；（2），因此（C）结论也是对的；（3）注意，因此（D）结论也是对的；（4）对于选项（B）：，因此（B）结论是错误，应当选择（B）二、填空题（本题共6小题，每题4分，满分24分. 把答案填在题中横线上）9 解：由对称性知10差分方程通解为 【详解】齐次差分方程通解为；设特解为，代入方程，得；因此差分方程通解为11设生产某产品平均成本，其中产量为，则边际成本为 .【详解】答案为平均成本，则总成本为，从而边际成本为12设函数具有一阶持续偏导数，且已知，则 【详解】，因此，由，得，因此13设矩阵，为线性无关三维列向量，则向量组秩为 【详解】对矩阵进行初等变换，知矩阵A秩为2，由于为线性无关，因此向量组秩为214设随机变量概率分布为，若，则 【详解】显然由概率分布性质，知，解得，三、解答题15（本题满分10分）求极限【详解】令，则，16（本题满分10分）计算积分，其中是第一象限中以曲线和轴为边界无界区域【详解】17（本题满分10分）求【详解】由定积分定义18（本题满分10分）已知方程在区间内有实根，确定常数取值范围【详解】设，则令，则，因此在上单调减少，由于，因此当时，也就是在上单调减少，当时，深入得到当时，也就是在上单调减少，也就是得到19（本题满分10分）设，为幂级数和函数（1）证明收敛半径不小于（2）证明，并求出和函数表达式【详解】（1）由条件也就得到，也就得到也就得到，因此收敛半径（2）因此对于幂级数， 由和函数性质，可得，因此也就是有解微分方程，得，由于，得因此20（本题满分11分）设三阶矩阵有三个不同样特性值，且（1）证明：；（2）若，求方程组通解【详解】（1）证明：由于矩阵有三个不同样特性值，因此是非零矩阵，也就是假若时，则是矩阵二重特性值，和条件不符合，因此有，又由于，也就是线性有关，也就只有（2）由于，因此基础解系中只有一种线性无关解向量由于，因此基础解系为；又由，得非齐次方程组特解可取为；方程组通解为，其中为任意常数21（本题满分11分）设二次型在正交变换下原则形为，求值及一种正交矩阵【详解】二次型矩阵由于二次型原则形为也就阐明矩阵有零特性值，因此，故令得矩阵特性值为通过度别解方程组得矩阵属于特性值特性向量，属于特性值特性值特性向量，特性向量，所认为所求正交矩阵22（本题满分11分）设随机变量互相独立，且概率分布为，概率密度为（1）求概率；（2）求概率密度【详解】（1）因此（2）分布函数为故概率密度为23（本题满分11分）某工程师为理解一台天平精度，用该天平对一物体质量做了次测量，该物体质量是已知，设次测量成果互相独立且均服从正态分布该工程师记录是次测量绝对误差，运用估计参数（1）求概率密度；（2）运用一阶矩求矩估计量；（3）求参数最大似然估计量【详解】（1）先求分布函数为当时，显然；当时，；因此概率密度为（2）数学期望，令，解得矩估计量（3）设观测值为当时似然函数为，取对数得：令，得参数最大似然估计量为