资源描述
2022-2023学年九上数学期末模拟试卷
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(每小题3分,共30分)
1．下列事件中，属于必然事件的是（ ）
A．掷一枚硬币，正面朝上． B．抛出的篮球会下落．
C．任意的三条线段可以组成三角形 D．同位角相等
2．已知圆心角为120°的扇形的弧长为6π，该扇形的面积为（ ）
A． B． C． D．
3．如图，小明夜晚从路灯下A处走到B处这一过程中，他在路上的影子（ ）
A．逐渐变长 B．逐渐变短
C．长度不变 D．先变短后变长
4．如图，在△ABC中，AB的垂直平分线交BC于D，AC的中垂线交BC于E，∠DAE＝20°，则∠BAC的度数为（ ）
A．70° B．80° C．90° D．100°
5．如图，矩形ABCD中，AB=8，BC=1．点E在边AB上，点F在边CD上，点G、H在对角线AC上．若四边形EGFH是菱形，则AE的长是（ ）
A．2 B．3 C．5 D．6
6．抛物线y＝ax2+bx+c与直线y＝ax+c（a≠0）在同一直角坐标系中的图象可能是（ ）
A． B．
C． D．
7．一元二次方程的根是（ ）
A． B． C． D．
8．在数轴上表示不等式﹣2≤x＜4，正确的是（ ）
A． B．
C． D．
9．已知点是线段的一个黄金分割点，则的值为（ ）
A． B． C． D．
10．如图，，如果增加一个条件就能使结论成立，那么这个条件可以是
A． B． C． D．
二、填空题(每小题3分,共24分)
11．正六边形的边长为6，则该正六边形的面积是______________.
12．如图，一个长为4，宽为3的长方形木板斜靠在水平桌面上的一个小方块上，其长边与水平桌面成30°夹角，将长方形木板按逆时针方向做两次无滑动的翻滚，使其长边恰好落在水平桌面l上，则木板上点A滚动所经过的路径长为_____．
13．若点、在二次函数的图象上，则的值为________．
14．如图，中，，，将斜边绕点逆时针旋转至，连接，则的面积为_______．
15．如图，在Rt△ABC中，∠C＝90°，∠ABC＝30°，AC＝2，将Rt△ABC绕点A逆时针旋转60°得到△ADE，则BC边扫过图形的面积为_____．
16．如图，边长为的正六边形在足够长的桌面上滚动(没有滑动)一周，则它的中心点所经过的路径长为______．
17．方程的根是________．
18．方程x2=8x的根是______．
三、解答题(共66分)
19．（10分）齐齐哈尔新玛特商场购进大嘴猴品牌服装每件成本为100元，在试销过程中发现：销售单价元，与每天销售量（件）之间满足如图所示的关系．
（1）求出与之间的函数关系式（不用写出自变量的取值范围）；
（2）写出每天的利润（元）与销售单价之间的函数解析式；并确定将售价定为多少元时，能使每天的利润最大，最大利润是多少？
20．（6分）如图，在中，对角线AC与BD相交于点O，，，．求证：四边形ABCD是菱形．
21．（6分）计算：﹣12119+|﹣2|+2cos31°+（2﹣tan61°）1．
22．（8分）四张质地相同的卡片如图所示．将卡片洗匀后，背面朝上放置在桌面上．
（1）求随机抽取一张卡片，恰好得到数字2的概率；
（2）小贝和小晶想用以上四张卡片做游戏，游戏规则见信息图．你认为这个游戏公平吗？请用列表法或画树状图法说明理由，若认为不公平，请你修改规则，使游戏变得公平．
23．（8分）如图，已知抛物线y1＝﹣x2+x+2与x轴交于A、B两点，与y轴交于点C，直线l是抛物线的对称轴，一次函数y2＝kx+b经过B、C两点，连接AC．
（1）△ABC是 三角形；
（2）设点P是直线l上的一个动点，当△PAC的周长最小时，求点P的坐标；
（3）结合图象，写出满足y1＞y2时，x的取值范围 ．
24．（8分）在平面直角坐标系中，点O为坐标原点，抛物线y＝ax2+ax+a（a≠0）交x轴于点A和点B（点A在点B左边），交y轴于点C，连接AC，tan∠CAO＝1．
（1）如图1，求抛物线的解析式；
（2）如图2，D是第一象限的抛物线上一点，连接DB，将线段DB绕点D顺时针旋转90°，得到线段DE（点B与点E为对应点），点E恰好落在y轴上，求点D的坐标；
（1）如图1，在（2）的条件下，过点D作x轴的垂线，垂足为H，点F在第二象限的抛物线上，连接DF交y轴于点G，连接GH，sin∠DGH＝，以DF为边作正方形DFMN，P为FM上一点，连接PN，将△MPN沿PN翻折得到△TPN（点M与点T为对应点），连接DT并延长与NP的延长线交于点K，连接FK，若FK＝，求cos∠KDN的值．
25．（10分）某商场今年2月份的营业额为万元，3月份的营业额比2月份增加，月份的营业额达到万元．求3月份到5月份营业额的平均月增长率．
26．（10分）小彬做了探究物体投影规律的实验，并提出了一些数学问题请你解答:
（1）如图1，白天在阳光下，小彬将木杆水平放置，此时木杆在水平地面上的影子为线段.
①若木杆的长为，则其影子的长为 ；
②在同一时刻同一地点，将另一根木杆直立于地面，请画出表示此时木杆在地面上影子的线段；
（2）如图2，夜晚在路灯下，小彬将木杆水平放置，此时木杆在水平地面上的影子为线段.
①请在图中画出表示路灯灯泡位置的点；
②若木杆的长为，经测量木杆距离地面，其影子的长为，则路灯距离地面的高度为.
参考答案
一、选择题(每小题3分,共30分)
1、B
【分析】直接利用随机事件以及必然事件的定义分别分析得出答案．
【详解】A、掷一枚硬币，正面朝上，是随机事件，故此选项错误；
B、抛出的篮球会下落是必然事件，故此选项正确；
C、任意三条线段可以组成一个三角形是随机事件，故此选项错误；
D、同位角相等，属于随机事件，故此选项错误；
故选：B．
【点睛】
本题考查的是必然事件、不可能事件、随机事件的概念．必然事件指在一定条件下，一定发生的事件．不可能事件是指在一定条件下，一定不发生的事件，不确定事件即随机事件是指在一定条件下，可能发生也可能不发生的事件．
2、B
【分析】设扇形的半径为r．利用弧长公式构建方程求出r，再利用扇形的面积公式计算即可．
【详解】解：设扇形的半径为r．
由题意：=6π，
∴r=9，
∴S扇形==27π，
故选B．
【点睛】
本题考查扇形的弧长公式，面积公式等知识，解题的关键是学会构建方程解决问题，属于中考常考题型．
3、A
【分析】因为人和路灯间的位置发生了变化，光线与地面的夹角发生变化，所以影子的长度也会发生变化，进而得出答案．
【详解】当他远离路灯走向B处时，光线与地面的夹角越来越小，小明在地面上留下的影子越来越长，
所以他在走过一盏路灯的过程中，其影子的长度逐渐变长，
故选：A．
【点睛】
此题考查了中心投影的性质，解题关键是了解人从路灯下走过的过程中，人与灯之间位置变化，光线与地面的夹角发生变化，从而导致影子的长度发生变化．
4、D
【分析】先根据垂直平分线的特点得出∠B=∠DAB，∠C=∠EAC，然后根据△ABC的内角和及∠DAE的大小，可推导出∠DAB+∠EAC的大小，从而得出∠BAC的大小．
【详解】如下图
∵DM是线段AB的垂直平分线，
∴DA＝DB，
∴∠B＝∠DAB，
同理∠C＝∠EAC，
∵∠B+∠DAB+∠C+∠EAC+∠DAE＝180°，
∵∠DAE=20°
∴∠DAB+∠EAC＝80°，
∴∠BAC＝100°，
故选：D．
【点睛】
本题考查垂直平分线的性质，解题关键是利用整体思想，得出∠DAB+∠EAC＝80°．
5、C
【解析】试题分析：连接EF交AC于点M，由四边形EGFH为菱形可得FM=EM，EF⊥AC；利用”AAS或ASA”易证△FMC≌△EMA，根据全等三角形的性质可得AM=MC；在Rt△ABC中，由勾股定理求得AC=，且tan∠BAC=；在Rt△AME中，AM=AC= ，tan∠BAC=可得EM=；在Rt△AME中，由勾股定理求得AE=2．故答案选C．
考点：菱形的性质；矩形的性质；勾股定理；锐角三角函数．
6、D
【分析】可先由一次函数y=ax+c图象得到字母系数的正负，再与二次函数y=ax2+bx+c的图象相比较看是否一致．
【详解】A．一次函数y=ax+c与y轴交点应为(0，c)，二次函数y=ax2+bx+c与y轴交点也应为(0，c)，图象不符合，故本选项错误；
B．由抛物线可知，a＞0，由直线可知，a＜0，a的取值矛盾，故本选项错误；
C．由抛物线可知，a＜0，由直线可知，a＞0，a的取值矛盾，故本选项错误；
D．由抛物线可知，a＜0，由直线可知，a＜0，且抛物线与直线与y轴的交点相同，故本选项正确．
故选：D．
【点睛】
本题考查了抛物线和直线的性质，用假设法来解答这种数形结合题是一种很好的方法．
7、D
【解析】x2−3x=0，
x(x−3)=0，
∴x1=0，x2=3.
故选：D.
8、A
【分析】根据不等式的解集在数轴上表示出来即可．
【详解】解：在数轴上表示不等式﹣2≤x＜4的解集为：
故选：A．
【点睛】
此题主要考查不等式解集的表示，解题的关键是熟知不等式解集的表示方法．
9、A
【解析】试题分析：根据题意得AP=AB，所以PB=AB-AP=AB，所以PB：AB=．故选B．
考点：黄金分割
点评：本题考查了黄金分割：把线段AB分成两条线段AC和BC（AC＞BC），且使AC是AB和BC的比例中项（即AB：AC=AC：BC），叫做把线段AB黄金分割，点C叫做线段AB的黄金分割点；其中AC=AB≈0.618AB，并且线段AB的黄金分割点有两个．
10、D
【解析】求出∠DAE=∠BAC，根据选项条件判定三角形相似后，可得对应边成比例，再把比例式化为等积式后即可判断．
【详解】解：∵∠1=∠2，
∴∠1+∠BAE=∠2+∠BAE，
∴∠DAE=∠BAC，
A、∵∠DAE=∠BAC，∠D=∠C，
∴△ADE∽△ACB，
∴，
∴，
故本选项错误；
B、∵，∠DAE=∠BAC，
∴△ADE∽△ACB，
∴，
∴，
故本选项错误；
C、∵，∠DAE=∠BAC，
∴△ADE∽△ACB，
∴，
∴，
故本选项错误；
D、∵∠DAE=∠BAC，，
∴△ADE∽△ABC，
∴，
∴，
故本选项正确；
故选：D．
【点睛】
本题考查了相似三角形的判定和性质的应用，比例式化等积式，特别要注意确定好对应边，不要找错了．
二、填空题(每小题3分,共24分)
11、
【分析】根据题意可知边长为6的正六边形可以分成六个边长为6的正三角形，从而计算出正六边形的面积即可．
【详解】解：连接正六变形的中心O和两个顶点D、E，得到△ODE，
因为∠DOE=360°×=60°，
又因为OD=OE，
所以∠ODE=∠OED=（180°-60°）÷2=60°，
则三角形ODE为正三角形，
∴OD=OE=DE=6，
∴S△ODE= OD•OE•sin60°= ×6×6×=9 ．
正六边形的面积为6×9 =54 ．
故答案为．
【点睛】
本题考查学生对正多边形的概念掌握和计算的能力，即要熟悉正六边形的性质，也要熟悉正三角形的面积公式．
12、π
【分析】木板转动两次的轨迹如图（见解析）：第一次转动是以点M为圆心，AM为半径，圆心角为60度；第二次转动是以点N为圆心，为半径，圆心角为90度，根据弧长公式即可求得.
【详解】由题意，木板转动两次的轨迹如图：
（1）第一次转动是以点M为圆心，AM为半径，圆心角为60度，即
所以弧的长
（2）第二次转动是以点N为圆心，为半径，圆心角为90度，即
所以弧的长（其中半径）
所以总长为
故答案为.
【点睛】
本题考查了图形的翻转、弧长公式（弧长，其中是圆心角弧度数，为半径），理解图形翻转的轨迹是解题关键.
13、-1
【分析】利用抛物线的对称性得到点A和点B为抛物线上的对称点，根据二次函数的性质得到抛物线的对称轴为直线x＝−2，从而得到m−（−2）＝−2−（−3），然后解方程即可．
【详解】∵点A（−3，n）、B（m，n），
∴点A和点B为抛物线上的对称点，
∵二次函数的图象的对称轴为直线x＝−2，
∴m−（−2）＝−2−（−3），
∴m＝−1．
故答案为：−1．
【点睛】
本题考查了二次函数图象上点的坐标特征：二次函数图象上点的坐标满足其解析式．也考查了二次函数的性质．
14、8
【分析】过点B'作B'E⊥AC于点E，由题意可证△ABC≌△B'AE，可得AC=B'E=4，即可求△AB'C的面积．
【详解】解：如图：过点B'作B'E⊥AC于点E
∵旋转 ∴AB=AB'，∠BAB'=90°
∴∠BAC+∠B'AC=90°，且∠B'AC+∠AB'E=90°
∴∠BAC=∠AB'E，且∠AEB'=∠ACB=90°，AB=AB'
∴△ABC≌△B'AE（AAS）
∴AC=B'E=4
∴S△AB'C=
故答案为：．
【点睛】
本题考查了旋转的性质，全等三角形的判定和性质，利用旋转的性质解决问题是本题的关键．
15、2π
【分析】根据BC边扫过图形的面积是：S扇形DAB+S△ABC-S△ADE-S扇形ACE，分别求得：扇形BAD的面积、S△ABC以及扇形CAE的面积，即可求解．
【详解】∵∠C＝90°，∠BAC＝60°，AC＝2，
∴AB＝4，
扇形BAD的面积是：＝，
在直角△ABC中，BC＝AB•sin60°＝4×＝2，AC＝2，
∴S△ABC＝S△ADE＝AC•BC＝×2×2＝2．
扇形CAE的面积是：＝，
则阴影部分的面积是：S扇形DAB+S△ABC﹣S△ADE﹣S扇形ACE
＝﹣
＝2π．
故答案为：2π．
【点睛】
本题考查了扇形的面积的计算，正确理解阴影部分的面积是：S扇形DAB+S△ABC-S△ADE-S扇形ACE是关键．
16、
【分析】首先求得从B到B´时，圆心O的运动路线与点F运动的路线相同，即是的长,又由正六边形的内角为120°，求得所对 的圆心角为60°，根据弧长公式计算即可.
【详解】解：∵正六边形的内角为120°，
∴∠BAF=120°,
∴∠FAF´=60°,
∴
∴正六边形在桌子上滚动(没有滑动)一周，则它的中心O点所经过的路径长为：
故答案为：
【点睛】
本题考查的是正六边形的性质及正六边形中心的运动轨迹长，找到其运动轨迹是解决本题的关键．
17、x1＝0，x1＝1
【分析】先移项，再用因式分解法求解即可．
【详解】解：∵，
∴，
∴x(x-1)=0，
x1＝0，x1＝1．
故答案为：x1＝0，x1＝1．
【点睛】
本题考查了一元二次方程的解法，常用的方法有直接开平方法、配方法、因式分解法、求根公式法，灵活选择合适的方法是解答本题的关键．
18、x1=0，x2=1
【解析】移项后分解因式，即可得出两个一元一次方程，求出方程的解即可．
【详解】解：x2=1x，
x2-1x=0，
x（x-1）=0，
x=0，x-1=0，
x1=0，x2=1，
故答案为x1=0，x2=1．
【点睛】
考查了解一元二次方程，能把一元二次方程转化成一元一次方程是解此题的关键．
三、解答题(共66分)
19、（1）；（2），售价定为140元∕件，每天获得最大利润为1600元
【分析】（1）设y与x之间的函数关系式为y＝kx+b（k≠0），根据所给函数图象列出关于kb的关系式，求出k、b的值即可；
（2）把每天的利润W与销售单价x之间的函数关系式化为二次函数顶点式的形式，由此关系式即可得出结论．
【详解】解：解：（1）设y与x之间的函数关系式为y＝kx+b（k≠0），由所给函数图象可知：
，
解得：，
故y与x的函数关系式为；
（2）∵，
∴W＝
＝
＝，
∴当x＝140时，W最大＝1600，
∴售价定为140元/件时，每天最大利润W＝1600元．
【点睛】
本题考查的是二次函数的应用，根据题意列出关于k、b的关系式是解答此题的关键．
20、见解析
【分析】根据平行四边形的性质得到AO和BO，再根据AB，利用勾股定理的逆定理得到∠AOB=90°，从而判定菱形．
【详解】解：∵四边形ABCD是平行四边形，AC=16，BD=12，
∴AO=8，BO=6，
∵AB=10，
∴AO2+BO2=AB2，
∴∠AOB=90°，即AC⊥BD，
∴平行四边形ABCD是菱形．
【点睛】
本题考查了菱形的判定，勾股定理的逆定理，解题的关键是证明∠AOB=90°．
21、2
【解析】直接利用零指数幂的性质以及特殊角的三角函数值和绝对值的性质分别化简得出答案．
【详解】解：原式＝﹣1+2﹣+1
＝2
【点睛】
此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键．
22、解：（1）P（抽到2）= ．
（2）不公平，修改规则见解析
【详解】解：（1）P（抽到2）= ．
（2）根据题意可列表
2
2
3
6
2
22
22
23
26
2
22
22
23
26
3
32
32
33
36
6
62
62
63
66
从表（或树状图）中可以看出所有可能结果共有16种，符合条件的有10种，
∴P（两位数不超过32）= ．
∴游戏不公平．
调整规则：
法一：将游戏规则中的32换成26～31（包括26和31）之间的任何一个数都能使游戏公平．法二：游戏规则改为：抽到的两位数不超过32的得3分，抽到的两位数不超过32的得5分；能使游戏公平
法三：游戏规则改为：组成的两位数中，若个位数字是2，小贝胜，反之小晶胜．
23、（1）直角;（2）P（，）;（3）0＜x＜1.
【分析】（1）求出点A、B、C的坐标分别为：（-1，0）、（1，0）、（0，2），则AB2=25，AC2=5，BC2=20，即可求解；
（2）点A关于函数对称轴的对称点为点B，则直线BC与对称轴的交点即为点P，即可求解；
（3）由图象可得：y1＞y2时，x的取值范围为：0＜x＜1．
【详解】解：（1）当x=0时，
y1＝0+0+2=2，
当y=0时，
﹣x2+x+2=0，
解得
x1=-1，x2=1，
∴点A、B、C的坐标分别为：(﹣1，0)、(1，0)、(0，2)，
则AB2＝25，AC2＝5，BC2＝20，
故AB2＝AC2+BC2，
故答案为：直角；
（2）将点B、C的坐标代入一次函数表达式：y＝kx+b得：
，
解得
，
∴直线BC的表达式为：y＝﹣x+2，
抛物线的对称轴为直线：x＝，
点A关于函数对称轴的对称点为点B，则直线BC与对称轴的交点即为点P，
当x＝时，y＝×+2＝，
故点P(，)；
（3）由图象可得：y1＞y2时，x的取值范围为：0＜x＜1，
故答案为：0＜x＜1．
【点睛】
本题考查了二次函数与坐标轴的交点，待定系数法求一次函数解析式，轴对称最短的性质，勾股定理及其逆定理，以及利用图像解不等式等知识，本题难度不大．
24、（1）y＝﹣x2+x+1；（2）D的坐标为（1，1）；（1）
【分析】（1）通过抛物线y＝先求出点A的坐标，推出OA的长度，再由tan∠CAO＝1求出OC的长度，点C的坐标，代入原解析式即可求出结论；
（2）如图2，过点D分别作x轴和y轴的垂线，垂足分别为W和Z，证△DZE≌△DWB，得到DZ＝DW，由此可知点D的横纵坐标相等，设出点D坐标，代入抛物线解析式即可求出点D坐标；
（1）如图1，连接CD，分别过点C，H作F的垂线，垂足分别为Q，I，过点F作DC的垂线，交DC的延长线于点U，先求出点G坐标，求出直线DG解析式，再求出点F的坐标，即可求出正方形FMND的边长，再求出其对角线FN的长度，最后证点F，K，M，N，D共圆，推出∠KDN＝∠KFN，求出∠KFN的余弦值即可．
【详解】解：（1）在抛物线y=中，
当y＝0时，x1＝﹣1，x2＝4，
∴A（﹣1，0），B（4，0），
∴OA＝1，
∵tan∠CAO＝1，
∴OC＝1OA＝1，
∴C（0，1），
∴a＝1，
∴a＝2，
∴抛物线的解析式为：y＝﹣x2+x+1；
（2）如图2，过点D分别作x轴和y轴的垂线，垂足分别为W和Z，
∵∠ZDW＝∠EDB＝90°，
∴∠ZDE＝∠WDB，
∵∠DZE＝∠DWB＝90°，DE＝DB，
∴△DZE≌△DWB（AAS），
∴DZ＝DW，
设点D（k，﹣k2+k+1），
∴k＝﹣k2+k+1，
解得，k1＝﹣（舍去），k2＝1，
∴D的坐标为（1，1）；
（1）如图1，连接CD，分别过点C，H作F的垂线，垂足分别为Q，I，
∵sin∠DGH＝
∴设HI＝4m，HG＝5m，则IG＝1m，
由题意知，四边形OCDH是正方形，
∴CD＝DH＝1，
∵∠CDQ+∠IDH＝90°，∠IDH+∠DHI＝90°，
∴∠CDQ＝∠DHI，
又∵∠CQD＝∠DIH＝90°，
∴△CQD≌△DIH（AAS），
设DI＝n，
则CQ＝DI＝n，DQ＝HI＝4m，
∴IQ＝DQ﹣DI＝4m﹣n，
∴GQ＝GI﹣IQ＝1m﹣（4m﹣n）＝n﹣m，
∵∠GCQ+∠QCD＝90°，∠QCD+∠CDQ＝90°，
∴∠GCQ＝∠CDQ，
∴△GCQ∽△CDQ，
∴
∴
∴n＝2m，
∴CQ＝DI＝2m，
∴IQ＝2m，
∴tan∠CDG＝，
∵CD＝1，
∴CG＝，
∴GO＝CO﹣CG＝，
设直线DG的解析式为y＝kx+，
将点D（1，1）代入，
得，k＝，
∴yDG＝，
设点F（t，﹣t2+t+1），
则﹣t2+t+1＝t+，解得，t1＝1（舍去），t2＝﹣，
∴F（﹣，）
过点F作DC的垂线，交DC的延长线于点U，
则，
∴在Rt△UFD中，
DF＝，
由翻折知，△NPM≌△NPT，
∴∠MNP＝∠TNP，NM＝NT＝ND，∠TPN＝∠MPN，TP＝MP，
又∵NS⊥KD，
∴∠DNS＝∠TNS，DS＝TS，
∴∠SNK＝∠TNP+∠TNS＝×90°＝45°，
∴∠SKN＝45°，
∵∠TPK＝180°﹣∠TPN，∠MPK＝180°﹣∠MPN，
∴∠TPK＝∠MPK，
又∵PK＝PK，
∴△TPK≌△MPK（SAS），
∴∠MKP＝∠TKP＝45°，
∴∠DKM＝∠MKP+∠TKP＝90°，
连接FN，DM，交点为R，再连接RK，
则RK＝RF＝RD＝RN＝RM，
则点F，D，N，M，K同在⊙R上，FN为直径，
∴∠FKN＝90°，∠KDN＝∠KFN，
∵FN＝，
∴在Rt△FKN中，
∴cos∠KDN＝cos∠KFN．
【点睛】
考核知识点：二次函数综合题．熟记二次函数基本性质，数形结合分析问题是关键.
25、
【解析】主要考查增长率问题，一般用增长后的量=增长前的量×（1+增长率），设3月份到5月份营业额的平均增长率是x，则四月份的营业额是400（1+10%）（1+x），5月份的营业额是400（1+10%）（1+x）2，据此即可列方程求解．要注意根据实际意义进行值的取舍．
【详解】设月份至月份的营业额的平均月增长率为．
依题意，得: ．
整理得: ．
解得: （不合题意，舍去）．
答：月份至月份的营业额的平均月增长率为．
【点睛】
可根据题意列出方程，判断所求的解是否符合题意，舍去不合题意的解．找到关键描述语，找到等量关系准确的列出方程是解决问题的关键．
26、（1）①；②见解析；（2）①见解析；②
【分析】（1）①根据题意证得四边形为平行四边形，从而求得结论；
②根据平行投影的特点作图：过木杆的顶点作太阳光线的平行线；
（2）①分别过影子的端点及其线段的相应的端点作射线，两条射线的交点即为光源的位置；
②根据∥，可证得，利用相似三角形对应高的比等于相似比即可求得结论.
【详解】（1）①根据题意：∥，∥，
∴四边形为平行四边形，
∴；
②如图所示，线段即为所求；
（2）①如图所示，点即为所求；
②过点作分别交、于点、
∵∥
∴
，，
解得：，
路灯距离地面的高度为米.
【点睛】
本题考查平行投影问题以及相似三角形的判定和性质，平行光线得到的影子是平行光线经过物体的顶端得到的影子，利用相似三角形对应高的比等于相似比是解决本题的关键．
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