广东省东莞中学松山湖学校2022-2023学年高一上数学期末综合测试试题含解析.doc

2022-2023学年高一上数学期末模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1函数的大致图象是（）A.B.C.D.2函数的最大值是（）A.B.1C.D.23设，给出下列四个结论：；.其中所有的正确结论的序号是A.B.C.D.4在轴上的截距分别是，4的直线方程是A.B.C.D.5过点且平行于直线的直线方程为（）A.B.C.D.6已知函数，的零点分别，则，的大小关系为（ ）A.B.C.D.7已知直线和互相平行，则实数的取值为（）A.或3B.C.D.1或8已知三个函数，的零点依次为、，则A.B.C.D.9菱形ABCD在平面内，PC，则PA与BD的位置关系是（ ）A.平行B.相交但不垂直C.垂直相交D.异面且垂直10如图中的图象所表示的函数的解析式为（）A.BC.D.二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11已知函数的图上存在一点,函数的图象上存在一点，恰好使两点关于直线对称，则满足上述要求的实数的取值范围是_12已知向量，若，则与的夹角为_13记函数的值域为，在区间上随机取一个数，则的概率等于_14已知向量,其中，若，则的值为_.15为了得到函数的图象，可以将函数的图象向右平移_个单位长度而得16已知函数，则无论取何值，图象恒过的定点坐标_；若在上单调递减，则实数的取值范围是_三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17已知函数是定义在上的奇函数.（1）求实数的值，并求函数的值域；（2）判断函数的单调性（不需要说明理由），并解关于的不等式.18已知函数为幂函数，且为奇函数.（1）求的值，并确定的解析式；（2）令，求在的值域.19已知函数是定义在上的增函数，且.（1）求的值；（2）若，解不等式.20已知平面直角坐标系内四点，.（1）判断的形状；（2）A，B，C，D四点是否共圆，并说明理由.21已知直线l经过点.（1）若在直线l上，求l的一般方程；（2）若直线l与直线垂直，求l的一般方程.参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每个小题给出的四个选项中，恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】利用奇偶性定义可知为偶函数，排除；由排除，从而得到结果.【详解】为偶函数，图象关于轴对称，排除又，排除故选：【点睛】本题考查函数图象的识别，对于此类问题通常采用排除法来进行排除，考虑的因素通常为：奇偶性、特殊值和单调性，属于常考题型.2、C【解析】利用正余弦的差角公式展开化简即可求最值.【详解】，函数的最大值是.故选：C.3、B【解析】因为，所以为增函数，故=1，故错误函数为减函数，故，所以正确函数为增函数，故，故，故正确函数为增函数，故，故错误点睛：结合指数函数、对数函数、幂函数单调性可以逐一分析得出四个结论的真假性.4、B【解析】根据直线方程的截距式写出直线方程即可【详解】根据直线方程的截距式写出直线方程，化简得，故选B.【点睛】本题考查直线的截距式方程，属于基础题5、A【解析】设直线的方程为，代入点的坐标即得解.【详解】解：设直线的方程为，把点坐标代入直线方程得.所以所求的直线方程为.故选：A6、A【解析】判断出三个函数的单调性，可求出，并判断，进而可得到答案【详解】因为在上递增，当时，所以；因为在上递增，当时，恒成立，故的零点小于0，即；因为在上递增，当时，故，故故选：A7、B【解析】利用两直线平行等价条件求得实数m的值.【详解】两条直线x+my+6=0和（m2）x+3y+2m=0互相平行，解得 m=1，故选B【点睛】已知两直线的一般方程判定两直线平行或垂直时，记住以下结论，可避免讨论：已知，则， 8、C【解析】令，得出，令，得出，由于函数与的图象关于直线对称，且直线与直线垂直，利用对称性可求出的值，利用代数法求出函数的零点的值，即可求出的值.【详解】令，得出，令，得出，则函数与函数、交点的横坐标分别为、.函数与的图象关于直线对称，且直线与直线垂直，如下图所示：联立，得，则点，由图象可知，直线与函数、的交点关于点对称，则，由题意得，解得，因此，.故选：C.【点睛】本题考查函数的零点之和的求解，充分利用同底数的对数函数与指数函数互为反函数这一性质，结合图象的对称性求解，考查数形结合思想的应用，属于中等题.9、D【解析】由菱形ABCD平面内,则对角线,又, 可得平面,进而可得,又显然，PA与BD不在同一平面内，可判断其位置关系.【详解】假设PA与BD共面，根据条件点和菱形ABCD都在平面内，这与条件相矛盾.故假设不成立，即PA与BD异面.又在菱形ABCD中，对角线，则且，所以平面平面.则,所以PA与BD异面且垂直.故选：D【点睛】本题考查异面直线的判定和垂直关系的证明,属于基础题.10、B【解析】分段求解：分别把0x1及1x2时解析式求出即可【详解】当0x1时，设f（x）=kx，由图象过点（1，），得k=，所以此时f（x）=x；当1x2时，设f（x）=mx+n，由图象过点（1，），（2，0），得，解得所以此时f（x）=函数表达式可转化为：y|x1|(0x2)故答案为B【点睛】本题考查函数解析式的求解问题，本题根据图象可知该函数为分段函数，分两段用待定系数法求得二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分。11、【解析】函数g(x)=lnx的反函数为，若函数f(x)的图象上存在一点P，函数g(x)=lnx的图象上存在一点Q，恰好使P、Q两点关于直线y=x对称，则函数g(x)=lnx的反函数图象与f(x)图象有交点，即在xR上有解，xR，即.三、12、#【解析】先求向量的模，根据向量积，即可求夹角.【详解】解：，所以与的夹角为.故答案为：13、【解析】因为；所以的概率等于 点睛：(1)当试验的结果构成的区域为长度、面积、体积等时，应考虑使用几何概型求解(2)利用几何概型求概率时，关键是试验的全部结果构成的区域和事件发生的区域的寻找，有时需要设出变量，在坐标系中表示所需要的区域（3）几何概型有两个特点：一是无限性，二是等可能性基本事件可以抽象为点，尽管这些点是无限的，但它们所占据的区域都是有限的，因此可用“比例解法”求解几何概型的概率14、4【解析】利用向量共线定理即可得出【详解】，8，解得，其中，故答案为【点睛】本题考查了向量共线定理，考查了向量的坐标运算，属于基础题15、（答案不唯一）；【解析】由于，再根据平移求解即可.【详解】解：由于，故将函数的图象向右平移个单位长度可得函数图像.故答案为：16、 . .【解析】计算的值，可得出定点坐标；分析可知，对任意的，利用参变量分离法可求得，分、三种情况讨论，分析函数在上的单调性，由此可得出实数的取值范围.【详解】因为，故函数图象恒过的定点坐标为；由题意可知，对任意的，则，因为函数在上单调递增，且当时，所以，.当时，在上为减函数，函数为增函数，所以，函数、在上均为减函数，此时，函数在上为减函数，合乎题意；当且时，不合乎题意；当时，在上为增函数，函数为增函数，函数、在上均为增函数，此时，函数在上为增函数，不合乎题意.综上所述，若在上单调递减，.故答案为：；.三、解答题：本大题共5小题，共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、（1），的值域为；（2）在上单调递增，不等式的解集为.【解析】（1）根据定义域为R时,代入即可求得实数的值;根据函数单调性,结合指数函数的性质即可求得值域.（2）根据解析式判断函数的单调性;结合函数单调性即可解不等式.【详解】（1）由题意易知,故,所以,故函数的值域为（2）由（1）知,易知在上单调递增,且,故,所以不等式的解集为.【点睛】本题考查了奇函数性质的综合应用,根据函数单调性解不等式,属于基础题.18、（1）,；（2）.【解析】（1）根据幂函数的定义及函数奇偶性的定义即可求解；（2）由（1），得，利用换元法得到，再根据二次函数的性质即可求解.【小问1详解】因为函数为幂函数，所以，解得或，当时，函数是奇函数，符合题意，当时，函数是偶函数，不符合题意，综上所述，的值为，函数的解析式为.【小问2详解】由（1）知，所以，令，则，所以，根据二次函数的性质知，的对称轴为，开口向上，所以在上单调递增；所以，所以函数在的值域为.19、（1）0（2）【解析】（1）直接利用赋值法，令即可得结果；（2）利用已知条件将不等式化为，结合单调性可得结果.【小问1详解】令则有.【小问2详解】，则可化为，即则，在上单调递增，解得.即不等式的解集为.20、（1）是等腰直角三角形（2）A，B，C，D四点共圆；理由见解析【解析】（1）利用两点间距离公式可求得,再利用斜率公式可得到,即可判断三角形形状；（2）由（1）先求得的外接圆,再判断点是否在圆上即可【详解】解：（1）,又,即,是等腰直角三角形（2）A，B，C，D四点共圆；由（1）,设的外接圆的圆心为,则,即,解得,此时,所以的外接圆的方程为,将D点坐标代入方程得,即D点在的外接圆上.A，B，C，D四点共圆【点睛】本题考查两点间距离公式的应用,考查斜率公式的应用,考查三角形的外接圆,考查圆的方程,考查运算能力21、（1）（2）【解析】（1）由两点式可求l的一般方程；（2）由垂直关系求出直线l的斜率，结合点斜式可求出l的一般方程.【小问1详解】直线l经过点，且在直线l上，则由两点式求得直线的方程为，即；【小问2详解】直线l与直线垂直，则直线l的斜率为.又直线l经过点，故直线l的方程为，即