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1 (每日一练每日一练)()(文末附答案文末附答案)人教版人教版 20222022 年高中物理恒定电流重点知识归纳年高中物理恒定电流重点知识归纳 单选题 1、将一根电阻丝接在某恒定电压的电源两端，电流做功的功率为P若将该电阻丝均匀地拉长为原来的两倍后再接入该电源则它的功率为 A4PB0.25P C16PD0.125P 2、图甲表示某金属丝的电阻随摄氏温度变化的情况。把这段金属丝与电池、电流表串联起来（图乙），用这段金属丝做测温探头，把电流表的刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简易温度计。下列说法正确的是（）A应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是线性关系 B应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是非线性关系 C应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是线性关系 D应标在电流较大的刻度上，且温度与电流是非线性关系 3、将一个满偏电流为 10mA，内阻为 120 的电流计改装为量程为 0.06A 和 15V 的电流表和电压表两用表，如图所示为该表的内部结构，则电阻R2的阻值（）2 A24B250C130D230 4、在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为 1.0A 和 2.0V。重新调节R并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为 4.0A 和 24.0V。则这台电动机正常运转时输出功率为（）A64WB96WC80WD88W 5、如图所示，电路中E、r为电源的电动势和内电阻，1、2、3为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表，开关闭合时，平行金属板中一带电小液滴P处于静止状态。选地面为零电势参考面，当滑动变阻器4的滑片向a端移动时，则（）A电阻1消耗的功率增大 B带电小液滴的电势能增加 C电源的效率减小 D若电流表、电压表的示数变化量分别为和，则|U2 C1变小 D2变大 8、如图所示的电路中，R1、R2是定值电阻，当滑动变阻器滑片向下移动时（）4 A电流表示数变小 B电压表示数不变 C电源的输出功率一定变大 D电源的效率变大 填空题 9、在如图（a）所示的电路中，电源电动势为 3V，内阻不计，L1、L2为相同规格的小灯泡，这种小灯泡的U-I曲线如图（b）所示，R为定值电阻，阻值为 10 当开关 S 闭合后，L1消耗的电功率为_W，电路消耗的总功率_W。10、“用 DIS 测定电源的电动势和内阻”的实验中，选用同一型号的新、旧电池各一节分别做电源，做了两次实验，得到了新、旧电池的U-I图像如图所示，旧电池的U-I图像是图线_；当实验中外电阻R均为 2 时，新、旧电池输出功率的比值为_。5 6 人教版 2022 年高中物理恒定电流_026 参考答案 1、答案：B 解析：电阻丝拉长后，材料不变，均匀地拉长为原来的两倍，可知其横截面积变为原来的二分之一倍，根据导体的电阻与长度成正比，与横截面积成反比，所以其阻值变为原来的 4 倍，根据=2可知，电源电压不变时，功率变为原来的 0.25 倍。故选 B。2、答案：B 解析：由甲图可知，点对应的电阻阻值较小，由闭合电路欧姆定律知对应电路中的电流较大，故应标在电流较大的刻度上；而点对应的电阻阻值较大，由闭合电路欧姆定律知对应电路中的电流较小，故应标在电流较小的刻度上；由图甲得 =0+其中0为图线的纵截距，由闭合电路欧姆定律得 =+联立解得 =0+可知t与I是非线性关系，故 B 正确，ACD 错误。故选 B。3、答案：D 7 解析：把电流表改装成大量程电流表要并联电阻分流，所以 1=0.01 1200.06 0.01=24 改装后电流表内阻为 并=0.01 1200.06=20 改装成电压表需要串联分压电阻，串联电阻阻值为 2=150.06 并=250 20=230 故选 D。4、答案：A 解析：电动机停止转动时，电动机为一纯电阻，根据欧姆定律得 =2 正常运转后，其输出功率为 =2=24 4 42 2=64(W)故选 A。5、答案：D 解析：A由图可知，2与滑动变阻器4串联后与3并联，再与1串连接在电源两端；电容器与3并联；当滑片向a端移动时，滑动变阻器4接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小；8 路端电压增大，同时1两端的电压也减小；故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过3的电流增大，故电流表的示数减小；根据 1=干21 电阻1消耗的功率减小，A 错误；B电压表的示数变大，金属板板间的电场变强，电场力变大，电场力大于小液滴的重力，则小液滴向上运动，电势能减小，B 错误；C由于路端电压变大，根据 =外 100=外 100 可知电源效率增大，C 错误；D根据电路可知 干=3+很容易看出 干 由于 干=+1 有|1+D 正确。故选 D。9 6、答案：BD 解析：AR2的功率P=I2R2，图象应向上弯曲，与图不相符，则 A 错误；B电容器与滑动变阻器的分压相同，=(+2)电量为 =(+)+与图相符，则 B 正确；C电压表示数为路端电压 U=E-Ir 图为一直线，则 C 错误；D由U=E-Ir可知=故 D 正确；故选 BD。7、答案：AB 解析：A当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则L2变亮；变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗总电流增大，而L3的电流减小，则L1的电流增大，则L1变亮故 A 正确；10 B由上分析可知，电压表V1的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以 U1U2 故 B 正确；C由 U1=E-I（RL2+r）得：1=2+不变，故 C 错误；D根据欧姆定律得 2=R2 不变，故 D 错误。故选 AB。8、答案：AD 解析：AB在滑动变阻器R3的滑片向下移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻增大，则外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知，干路电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，R1两端的电压减小，则R2与R3并联电路两端的电压增大，由欧姆定律可知，通过R2的电流增大，由并联电路的分流规律可知，通过R3的电流减小，即电流表 A 示数减小，故 A 正确，B 错误；C由于不知道外电路电阻与电源内阻的关系，则不能判断电源输出功率变化情况，故 C 错误；11 D电源的效率为 =100%由上面的分析可知路端电压U增大，电源的效率变大，故 D 正确。故选 AD。9、答案：0.75W 1.35W 解析：1由图（b）可知，当小灯泡的电压为U1=3V 时，电流为I1=0.25A，所以L1消耗的电功率为 =11=3 0.25W=0.75W 2由图（a）可知，L2两端的电压与电流的关系为 2=2=310210 在图（b）中做出该关系式的图线，如图所示，由图可知L2两端的电压为U2=1V，电流为 I2=0.2A，L2消耗的功率为 2=22=0.2 1W=0.2W 电阻R消耗的功率为 3=(2)2=(3 1)0.2W=0.4W 电路消耗的总功率 12 P=P1+P2+P3=0.75W+0.2W+0.4W=1.35W 10、答案：B 2.04（或10049）解析：1旧电池的内阻较大，则U-I图像的斜率较大，则旧电池的U-I图像是 B；2将电阻R=2 的U-I图像画在电源的U-I图像上，如图 则新电池的输出功率 P1=I1U1=1.000.50=0.50W 旧电池的输出功率 P2=I2U2=0.700.35=0.245W 则 12=0.50.245=10049=2.04