人教版2023初中物理九年级物理全册第十三章内能基本知识过关训练.docx

人教版2023初中物理九年级物理全册第十三章内能基本知识过关训练

1

单选题
1、成都正以新发展理念创建公园城市，让市民可以出门见绿意，抬头望雪山。对下列美好生活场景的分析，正确的是（　　）
A．春天，蒲江品茗春茶暖；热茶暖手，是通过做功改变手的内能
B．夏天，龙泉戏水浸心凉；水比岸边石头凉，说明水的比热容小
C．秋天，新都赏桂满城香；花香袭人，是分子无规则运动的结果
D．冬天，郫都望雪西岭上；山顶积雪常年不化，积雪的内能为零
答案：C
A．热茶暖手是茶将热量传递给手，是通过热传递改变手的内能，故A错误；
B．水比岸边石头凉，是因为水的比热容大，与其它物质相比，相同质量的水在吸收相同热量时，水升温慢，故B错误；
C．花香袭人是花香分子进入鼻子，是分子无规则运动的结果，故C正确；
D．所以物体不论温度高低具有内能，所以雪的内能不为零，故D错误。
故选C。
2、下列有关分子的说法中错误的是（　　）
A．扩散现象表明，一切物质的分子都在做热运动
B．固体分子紧密排列，分子间没有间隙
C．气体分子之间的距离很大，分子间几乎没有力的作用
D．分子之间的引力和斥力是同时存在的
答案：B
A．分子在做永不停息的无规则热运动，扩散现象证明了分子在做永不停息的无规则热运动，故A正确，不符合题意；
B．固体有一定的体积和形状，固体分子间排列十分紧密，但分子间仍然存在空隙，故B错误，符合题意；
C．气体分子间距离较大，分子间的作用力比较弱，故C正确，不符合题意；
D．分子间既存在引力也存在斥力，故D正确，不符合题意。
故选B。
3、下列关于内能和热量的说法中正确的是（　　）
A．晒太阳使身体变暖，是通过做功改变内能的
B．热量总是由内能大的物体传递给内能小的物体
C．内能多的物体温度一定高
D．物体吸收热量，内能变大，温度可能不变
答案：D
A．晒太阳使身体变暖，是通过热传递改变内能的，故A错误；
B．热量总是自发地由温度高的物体传递给温度低的物体，而内能大物体温度不一定高，故B错误；
C．物体的内能与物体的质量和温度均有关，故内能多的物体温度不一定高，故C错误；
D．物体吸收热量，内能变大，温度可能不变，例如冰熔化时，吸收热量，内能变大，但温度保持在熔点不变，故D正确。
故选D。
4、在沿海地区，白天的风通常从海上吹来，而晚上的风从陆地吹去，这叫海陆风。陆风和海风通常在炎热晴朗的天气产生，这是由于陆地和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流。下图中与说明相符合的是（　　）

A．①③B．①④C．②③D．②④
答案：D
白天陆地受太阳辐射增温，陆面上空空气迅速增温而向上抬升，海面上由于水的比热容大，受热升温慢，上空的气温相对较冷，冷空气下沉并在近地面流向附近较热的陆面，补充那儿因热空气上升而造成的空缺，形成海风；夜间陆地冷却快，海上较为温暖，近地面气流从陆地吹向海面，称为陆风，这就是海陆风；同理可知，晚上是气流从海面吹向陆地，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
5、做完广播体操后，来到餐厅，妈妈为你端上香喷喷的早餐。关于人能闻到食物的香味，下列说法不正确的是（　　）

A．是一种扩散现象
B．是由于分子不停地做无规则运动产生的
C．温度越高，香味越浓
D．温度越高，香味越淡
答案：D
闻到了食物香味，这表明分子都在不停地做无规则运动，属于扩散现象；分子做无规则运动的快慢与温度有关，温度越高，热运动越剧烈，香味越浓。故ABC正确，不符合题意，D错误，符合题意。
故选D。
6、如图是在学习《看不见的运动》时某课堂中的四个实验，下面关于实验的描述错误的是（  ）

A．图甲说明分子总是在不断地做无规则运动，集气瓶水平放置可排除地心引力对实验的干扰
B．图乙说明分子之间有空隙，实验时将装置上下翻转几次，可加快酒精与水的混合
C．图丙中两杯水温度不同，红墨水扩散的速度也不同，说明分子运动的剧烈程度与温度有关
D．图丁和图乙实验操作方法、实验现象、实验结论都相同
答案：D
A．图甲中撤去玻璃板后右侧集气瓶中气体变红，左侧集气瓶气体颜色变淡，说明两种气体彼此进入对方发生了扩散现象，而扩散现象表明了分子总是在不断地做无规则运动，集气瓶水平放置进行实验可以排除是重力的因素使两种气体混合在一起，故A正确，不符合题意；
B．图乙中打开实验装置中间的阀门，水和酒精混合在一起，最终混合溶液的体积小于原来水和酒精的体积之和，说明分子之间有间隙，实验时将装置上下翻转几次，可以使水分子与酒精分子之间的相对运动速度更快，进而可加快酒精与水的混合，故B正确，不符合题意；
C．扩散现象表明分子在不停地做无规则运动，物质扩散速度越快，表明分子运动的越剧烈，图丙中两杯水温度不同，红墨水在热水中的扩散速度比在冷水中快，说明子运动的剧烈程度与温度有关，故C正确，不符合题意；
D．图乙中水和酒精混合过程是水分子和酒精分子进入了对方的分子之间，图丁中芝麻和黄豆是大量分子构成的物体，芝麻进入黄豆间的空隙发生的是机械运动，不属于分子运动，不能表明分子之间有间隙，因此图丁和图乙的实验现象、实验结论都不相同，故D错误，符合题意。
故选D。
7、2022年3月23日下午，中国空间站“天宫课堂”开展第二次太空授课活动，航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明（  ）

A．分子之间有引力
B．分子之间有斥力
C．物质由大量分子构成
D．水分子在不停地运动
答案：A
水分子间有相互作用的引力才会形成水桥，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
8、关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（　　）
A．0℃的水不具有内能
B．温度越高的物体，含有的热量越多
C．物体温度保持不变，内能一定不变
D．两个内能相同的物体相互接触时，也可能发生热传递
答案：D
A．一切物体都具有内能，不管温度多低，所以0℃的水也具有内能，故A错误；
B．热量是一个过程量，不能说物体“含有”热量，故B错误；
C．物体温度保持不变，内能也可能改变，如晶体在熔化过程中，吸热热量，温度保持不变，内能增加，故C错误；
D．发生热传递的条件是物体间存在温度差，两个物体内能相同，温度可能不同，所以在它们相互接触时，也可以发生热传递，故D正确。
9、关于热量、温度、内能的关系，下列说法正确的是（　　）
A．物体的温度越高，所含热量越多
B．物体放出热量，温度可以不变，内能一定减小
C．物体吸收了热量，温度一定升高，内能一定增加
D．发生热传递时，热量总是从内能大的物体传递给内能小的物体
答案：B
A．热量是一个过程量，指的是热传递过程中所传递的内能的多少，只能说传递了多少热量，不能说具有或含有多少热量，故A错误；
B．物体放出热量，内能一定减小，温度可能不变，如：晶体物体的凝固，故B正确；
C．物体吸收了热量，内能一定增加，但温度可能不变，如晶体物体的熔化和液化的沸腾，故C错误；
D．热传递的条件之一是，两物体要具有温度差，故热量是从高温度物体传递给低温度物体，故D错误。
故选B。
10、实验过程中，往往需要对实验进行优化改进，下列优化措施合理的是（　　）
A．证明分子间有空隙时，应先注入酒精，再注入水
B．研究压力作用效果时，应选用不容易发生形变的物体作为被压物体
C．做惯性实验时，击打棋子的速度要尽可能的快一些
D．探究分子引力时，为使铅块下能悬挂更重的物体，应使铅块表面更粗糙
答案：C
A．因为水的密度大于酒精的密度，所以证明分子间有空隙时，应先注入水，再注入酒精，这样可以排除密度因素对实验的影响，故A不符合题意；
B．研究压力作用效果时，应选用容易发生形变的物体作为被压物体，这样可以使形变的效果更明显，故B不符合题意；
C．做惯性实验时，击打棋子的速度要尽可能的快一些，这样的话，上面棋子的偏离程度较小，故C符合题意；
D．探究分子引力时，为使铅块下能悬挂更重的物体，应使铅块表面更光滑，这样可以使两个铅块之间的分子间引力更大，故D不符合题意。
故选C。
11、下列现象和推断不符合实际的是（  ）

A．现象：抽去玻璃板，两瓶中的气体都会变成红棕色。推断：分子在不停地做无规则运动
B．现象：稍稍用力向上拉玻璃板，弹簧测力计示数变大。推断：分子间只有引力没有斥力
C．现象：棉花被点燃。推断：外界对物体做功，物体的内能增大，温度升高
D．现象：当塞子跳起时瓶内出现白雾。推断：物体对外界做功，物体内能减小，温度降低
答案：B
A．抽去玻璃板后，两瓶中的气体逐渐混合，属于扩散现象，说明气体分子在不停地做无规则运动，故A正确，不符合题意；
B．缓慢向上提拉与水面接触的玻璃板，弹簧测力计示数变大，分子间同时存在引力和斥力，分子间距离较大，表现的是分子间的引力，故B错误，符合题意；
C．将活塞迅速下压，压缩气体做功，使筒内的气体内能增大，气体温度升高，达到硝化棉的燃点，使硝化棉燃烧，故C正确，不符合题意；
D．向烧瓶内打气，当瓶塞跳出时，瓶内气体膨胀对外做功，温度降低，内能减小，水蒸气液化形成白雾，说明物体对外界做功，物体内能减小，故D正确，不符合题意。
故选B。
12、如图所示，热熔法连接PPR管时，用热熔器加热粗管端口内层和细管端口外层，然后把细管推进粗管，冷却后两根管子就连接在一起很难被拉开了，这个现象说明（  ）

A．分子是由原子构成的B．分子是运动的
C．分子间存在引力D．分子间存在斥力
答案：C
把加热后的细管推进粗管，减小了PPR管分子间的距离，分子间存在较大的引力，使两根管子很难被拉开了，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
13、下列说法中能反映物体放出热量多少跟降低的温度有关的是（　　）
A．相同质量的同种物质，降低不同的温度，放出的热量不同
B．相同质量的不同物质，降低相同的温度，放出的热量一般不同
C．不同质量的同种物质，降低相同的温度，放出的热量不同
D．以上说法都可以
答案：A
A．同种物质比热容相同，由于质量也相同，当降低不同的温度时，由Q=cmΔt可知，由于温度的变化不同，物体放出的热量不同，则物体放出的热量多少跟降低的温度有关，故A符合题意；
B．相同质量的不同物质，降低相同的温度，这是研究物体放出热量的多少与物质的种类的关系，故B不符合题意；
C．不同质量的同种物质，降低相同的温度，这是研究物体放出热量多少跟物体质量的关系，故C不符合题意；
D．BC说法错误，故D不符合题意。
故选A。
14、下面是对生活中一些事例的判断，其中正确的是（　　）
A．冰熔化时温度不变，内能也不变
B．钻木取火利用热传递改变内能
C．用热水袋取暖利用了水的比热容小的特性
D．高压锅应用了气压增大水的沸点升高的原理
答案：D
A．冰熔化时吸热，温度不变，内能增大，故A错误；
B．钻木取火，是克服摩擦做功，使木头的内能增加、温度升高，达到木头的着火点而燃烧，属于做功改变物体的内能，故B错误；
C．水的比热容大，说明相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。用热水袋取暖利用了水的比热容大的特性，故C错误；
D．高压锅的原理，是高压锅密封好，水沸腾时锅内气压增大，沸点升高，容易煮熟食物，故D正确。
故选D。
15、已知铜的比热容比铝的比热容小，下列说法正确的是（  ）
A．将一块铜的质量减小一半，它的比热容减半
B．质量相同的铜块和铝块，铜块的内能比铝块的内能小
C．质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜块升高的温度多
D．质量和初温都相等的铜块和铝块，放出相等热量后相接触，热传递的方向是从铜块传给铝块
答案：C
A．比热容是物质的一种特性，与质量无关，故将一块铜的质量减小一半，铜的比热容不变，故A错误；
B．影响物体内能的因素有物质的种类、质量、温度和状态，而选项中不确定铜块和铝块的温度，因此不确定二者内能大小关系，故B错误；
C．根据Δt=Qcm可知，质量相同的铜块和铝块，吸收相同的热量，铜的比热容较小，因此铜块升高的温度多，故C正确；
D．根据Δt=Qcm可知，质量相同的铜块和铝块，放出相同的热量，铜的比热容较小，因此铜块降低的温度多，铜块和铝块初温相同，则铜块的末温较低，所以热传递的方向是从温度较高的铝块传给温度较低的铜块，故D错误。
故选C。
多选题
16、用两个相同的电加热器给质量均为0.2kg的物质甲和水加热，在单位时间内它们吸收的热量相等。它们的温度随加热时间的变化关系如图所示，不计热量损失，已知：c水＝4.2×103J/(kg⋅°C) ，则下列计算正确的是（  ）

A．物质甲的比热容为2.1×103J/(kg⋅°C)
B．加热20min时间内，水所吸收的热量是甲的两倍
C．甲在前10min内吸收的热量是5.04×104J
D．每个电加热器每秒放出42J的热量
答案：AD
A．由图象可知，加热器对水加热20min，水温度升高了60℃，所以加热器对水加热10min，水温度升高30℃，根据两个相同的电加热器给质量相同的甲和水，加热10min，甲和水吸收的热量相同，甲温度升高60℃，水温度升高30℃，即
Q吸甲=Q吸水 
c甲m甲Δt甲=c水m水Δt水
物质甲的比热容
c甲=c水Δt水Δt甲=4.2×103J/(kg⋅°C)×30°C60°C＝2.1×103J/(kg⋅°C)
故A正确；
B．用相同的加热器加热相同时间，表示甲和水吸收的热量相同；所以加热20min，物质甲和水吸收的热量相同，故B错误；
C．由选项A分析可知，甲的比热容是2.1×103J/(kg⋅°C)，甲在前10min内吸收的热量
Q吸＝cmΔt＝2.1×103J/(kg⋅°C)×0.2kg×60°C＝2.52×104J
故C错误；
D．由选项C可知，甲加热10min吸收的热量是2.52×104J，所以每秒甲吸收的热量是
2.52×104J10×60s＝42J/s
由于加热过程没有热量损失，所以每秒加热器放出的热量等于甲每秒吸收的热量，即每秒加热器放出的热量是42J，故D正确。
故选AD。
17、图中对热学知识进行归纳总结，正确的是（    ）
A． 下滑时通过做功增加物体内能
B． 空气推动塞子时内能减少
C． 海边昼夜温差小是因为水的比热容小
D． 水蒸气轮机利用内能转化为机械能来工作
答案：ABD
A．从滑梯上滑下时，克服摩擦力做功，机械能转化内能，内能增大，温度升高，通过做功增加物体内能，故A正确；
B．空气推动塞子做功，空气的内能减小，温度降低，故B正确；
C．因为水的比热容较大，在吸收（放出）相同的热量时温度变化较小，所以海边昼夜温差较小，故C错误；
D．蒸汽轮机利用蒸汽的内能做功，将内能转化为机械能工作的，故D正确。
故选ABD。
18、2021年江西某地的当日气温低至﹣5℃，教室内，小华和小丽同学展开了有趣的谈话。关于他们的谈话中，说法正确的是（  ）
A．小丽：天气太冷了，我感觉我现在的内能都是负数了
B．小华：天气再冷，你的内能都不会成为负数，因为你体内含有很多热量
C．小丽：哈口气，我都看到它液化成“白气”悬浮在空中，可能要下雪了，下雪之后就更冷
D．小华：所谓“雪后寒”，是指固态的雪变成液态的水需要吸热，空气中的部分热量给吸走了，故空气温度降低
答案：CD
A．一切物体分子在任何温度时都在做无规则运动，都具有内能，内能不会为负数，故A错误；
B．热量是过程量，不能说含有，故B错误；
C．口中的水蒸气温度高，哈口气，水蒸气在口腔外遇冷液化成小水滴，在空气中悬浮，即我们看到的“白气”，故C正确；
D．雪变成液态的水是熔化现象，熔化吸热，空气中的部分热量给吸走了，空气温度降低，故D正确。
故选CD。
19、图甲是“比较不同物质吸热的情况”的实验装置，图乙是对应的温度-时间图象。下列说法正确的是（  ）

A．图甲中左边烧杯应再加一些水，使水和食用油的液面相平
B．用相同的电热器加热，是为了使水和食用油每秒吸收的热量相同
C．由图乙分析可知，水的吸热能力较弱
D．接下来可以换用不同液体进行实验，以使结论更具有普遍性
答案：BD
A．我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转化法。比较物质吸热能力的2种方法：①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热量多的吸热能力强；②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强。根据控制不同物质吸热能力的两种方法，要控制不同物质的质量相同，由ρ=mV得m=ρV，因水和食用油的密度不同，若甲中左边烧杯应再加一些水，使水和食用油的液面相平，水和食用油的体积相同，则两种物质质量不同，故A错误；
 B．使用相同规格的电加热器分别对水和食用油加热，根据转换法，相同时间两种物质吸热相同，即使水和食用油每秒吸收的热量相同，故B正确；
C．由图乙知，升高相同的温度，水加热时间长，故水的吸热能力比煤油的吸热能力强，故C错误；
D．用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多。实验中换用不同液体进行多次实验，可以使结论更具有普遍性，故D正确。
故选BD。
20、关于温度、热量和内能的说法，正确的是（　　）
A． 等质量的热水比冷水所含有的热量要多
B． 灯丝炽热时的内能比未通电时的内能大
C． 空气压缩仪中的空气被压缩，是通过做功的方式使空气的内能增加的
D． 棉被晒得热乎乎的，是通过热传递的方式使被子的内能增加的
答案：BCD
A．热量是一个过程量，不能用“含有”描述，故A错误；
B．灯丝通电后发光发热，温度升高，电能转化为内能和光能，故内能与未通电时相比更大，温度更高，故B正确；
C．图中玻璃筒内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，是通过做功的方式增加内能的，故C正确；
D．使物体内能增加有两种方式，做功或者热传递，晒棉被是通过热传递的方式增加内能的，故D正确。
故选BCD。
21、下列说法中正确的是（　　）
A．温度越高的物体，放出的热量越多
B．在“摩擦生热”的过程中，内能转化为机械能
C．铁块很难被压缩，是因为分子间存在着斥力
D．长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，这种现象是扩散现象
答案：CD
A．温度高的物体，如果不发生热传递，不会放出热量，故A错误；
B．在“摩擦生热”的过程中，是机械能转化为内能；故B错误；
C．因为分子间存在相互的斥力，致使铁块很难被压缩，故C正确；
D．长时间压在一起的铅板和金板互相渗入，属于扩散现象，说明分子不停地做无规则运动，故D正确。
故选CD。
22、贝贝根据表一、表二所提供的几种物质的比热容和密度，得出以下四个结论，其中正确的是（  ）
表一几种常见物质的比热容
物质
比热容c/[Jkg⋅℃-1]
物质
比热容c/[Jkg⋅℃-1]
水
4.2×103
冰
2.1×103
酒精
2.4×103
铝
0.88×103
水银
0.14×103
铜
0.39×103
表二几种常见物质的密度（常温常压下）
物质
密度ρ/（kg⋅m-3）
物质
密度ρ/（kg⋅m-3）
水
1.0×103
冰
0.9×103
酒精
0.8×103
铝
2.7×103
水银
13.6×103
铜
8.9×103
A．固体的密度大于液体的密度，固体的比热容小于液体的比热容
B．质量相等的水和酒精，吸收相等的热量后，温度的变化一定相等
C．体积相等的铝块和铜块升高相同的温度，铜块吸收的热量多
D．体积相等的铝块和冰块，铝块质量是冰块质量的3倍
答案：CD
A．由表格数据可知，冰的密度小于水的密度，由此说明固体的密度不一定大于液体的密度；由表格数据可知，冰的比热容大于水银的比热容，说明固体的比热容不一定小于液体的比热容，故A错误；
B．根据Q=cmΔt有
Δt=Qcm
根据表中数据，因水的比热容大，质量相等的水和酒精，吸收相等的热量后，水的温度变化小，故B错误； 
C．由m=ρV 和Q=cmΔt可知铝、铜吸收的热量为
Q铝=c铝m铝Δt=c铝ρ铝VΔt=0.88×103J/(kg⋅°C)×2.7×103kg/m3×VΔt
Q铜=c铜m铜Δt=c铜ρ铜VΔt=0.39×103J/(kg⋅°C)×8.9×103kg/m3×VΔt
由此可知，铜吸收的热量多，故C正确； 
D．由表格数据可知，铝和冰的密度之比为
ρ铝:ρ冰=2.7×103kg/m3:0.9×103kg/m3=3:1
由m=ρV 可知，在体积相等时，质量与密度成正比，故铝块质量是冰块质量的3倍，故D正确。
故选CD。
23、质量相等的甲、乙两种不同液体，甲的比热容是4.2103J/(kg℃)，装在相同的容器中，用相同的电加热器加热，其温度随时间变化的图像如图所示，下列说法正确的是（  ）

A．甲的比热容大于乙的
B．1kg甲从25oC加热到沸腾，需吸收3.15×105J热量
C．1min内，甲吸收的热量等于乙吸收的热量
D．1min后乙温度不变，由此判断，乙物质不再吸热，内能不变
答案：ABC
A．由图可知，0~1min时当甲、乙经过相同的加热时间即吸收的热量相同时，甲的温度变化量小于乙，由Q=cm∆t，相同质量的不同物质吸收热量相同时温度的变化量越小则比热容越大，则甲的比热容大于乙的比热容，故A正确；
B．甲的质量m=1kg，甲从25℃加热到沸腾时温度为100℃，需吸收的热量为
Q=cm(t-t0)=4.2103J/(kg℃)1kg(100℃-75℃)=3.15105J
故B正确；
C．质量相等的甲、乙两种液体，装在相同的容器中，用相同的电加热器加热，可认为加热器经过相同时间释放的热量相同，相同的容器可使甲、乙两种液体吸收的热量相同，故C正确；
D．1min后乙温度不变是由于乙此时处于沸腾状态，液体沸腾时需持续吸热且温度不变，内能增大，故D错误。
故选ABC。
24、下列现象中属于能量转移的是（　　）
A．冬天“哈气”取暖B．摩擦生热
C．点燃的火箭腾空而起D．热水在空气中逐渐变凉
答案：AD
A．冬天“哈气”取暖，是通过热传递增加手的内能，属于能量的转移过程，故A符合题意；
B．摩擦生热，是克服摩擦做功改变物体内能，属于能量的转化过程，故B不符合题意；
C．点燃的火箭腾空而起，是利用内能做功，属于能量的转化过程，故C不符合题意；
D．热水在空气中逐渐变凉，是通过热传递减少水的内能，属于能量的转移过程，故D符合题意。
故选AD。
25、下列说法中正确的是（　　）
A．温度越高的物体，放出的热量越多
B．铁块很难被压缩，是因为分子间存在着斥力
C．-18℃的冰块由于温度太低可能没有内能
D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因之一是砂石的比热容比水的比热容小
答案：BD
A．由Q=cmΔt可知，放出热量与物质的比热容、质量、降低的温度有关，因此温度越高的物体，放出的热量不一定越多。故A错误；
B．分子之间存在着相互作用的引力和斥力。铁块很难被压缩，是因为分子间存在着斥力。故B正确；
C．任何物体在任何情况下都具有内能。-18℃的冰块有内能。故C错误；
D．内陆地区比沿海地区昼夜温差大，原因内陆地区砂石多，沿海地区水多，砂石的比热容比水的比热容小，同样受冷和受热时砂石的温度变化小。故D正确。
故选BD。
填空题
26、周末，小明用热水为家人热盒装牛奶，他把3盒牛奶放入装有温度是90℃、质量是2kg热水的盆中，经过一段时间，3盒牛奶的温度都从10℃变成了45℃，这段时间内每盒牛奶从水中吸收了_______J的热量；若盆中热水对牛奶加热的效率是50%，则此时盆中水的温度是_______℃。已知：每盒牛奶的质量0.25kg，牛奶的比热容4.0×103J/（kg•℃），水的比热容4.2×103J/（kg•℃）。
答案：     3.5×104     65
[1]这段时间内每盒牛奶从水中吸收了
Q吸=c牛奶mΔt=4×103J/kg⋅℃×0.25kg×45℃-10℃=3.5×104J
这段时间内每盒牛奶从水中吸收了3.5×104J。
 [2]三盒牛奶能够吸收能量为
Q吸总=3Q吸=3×3.5×104J=1.05×105J
水放出的热量为
Q放=W有η=1.05×105J50%=2.1×105J
水降低的温度为
Δt=Q放mc=2.1×105J2kg×4.2×103J/kg•℃=25℃
此时盆中水的温度是
t末=t0-Δt=90℃-25℃=65℃
此时盆中水的温度是65℃。
27、知识梳理是学习的一种重要方法，请将动能、能、机械能、内能填在下列知识结构图对应的序号框中。
（1）___________；（2）___________；（3）___________；（4）___________

答案：     能     机械能     内能     动能
[1][2][3][4]能量的种类比较多：有光能、机械能、内能等；其中机械能包括动能和势能。
28、合理分类和利用垃圾可以变废为宝，在一定条件下，1kg垃圾能“榨”出0.17kg燃料油，若燃料油的热值为4.0×107J/kg，则这些燃料油完全燃烧释放出的热量为______J，燃烧时燃料油的化学能转化为______能；如果这些热量的42%被水吸收，则可以使______kg的水温度从20℃升高到100℃，这是通过______的方式改变水的内能。
答案：     6.8×106     内     8.5     热传递
[1][2]若燃料油的热值为4.0×107J/kg，则0.17kg燃料油完全燃烧释放出的热量为
Q=mq=0.17kg×4.0×107J/kg=6.8×106J
燃料燃烧时消耗化学能得到内能，故燃烧时燃料油时燃料油的化学能转化为内能。
[3][4]如果这些热量的42%被水吸收，则水吸收的热量
Q吸=42%×Q=42%×6.8×106J=2.856×106J
水温从20℃升高到100℃水的质量为
m水=Q吸c水Δt=2.856×106J4.2×103J/(kg⋅°C)×(100°C-20°C)=8.5kg
改变物体内能的方法有做功和热传递两种方式，水吸热升温是通过热传递的方式改变水的内能。
29、如图是用完全相同的加热装置给甲、乙两种质量相等的不同晶体同时均匀加热，两种晶体熔化前后温度随时间变化的图象。则单位质量的两种晶体熔化过程中吸收的热量相比较，Q甲___________Q乙；液态时它们的比热容c甲___________c乙（填“大于”、“小于”或“等于”）。

答案：     小于     大于
[1]物质吸热的多少由加热时间的长短决定，由于是用完全相同的加热装置给甲、乙两种质量相等的不同晶体同时均匀加热，由图可知：甲晶体在熔化过程所用时间比乙熔化过程所用时间短，则：Q甲小于Q乙。
[2]由图形可知，当甲、乙两种晶体熔化成液体后，吸收相同的热量时，乙晶体升高的温度多，由c=QmΔt 可知，乙的比热容比甲的比热容小，即c甲大于c乙。
30、小明将质量为100g的碎冰放入试管中探究冰的熔化特点，根据数据绘制了温度时间图像，由图像可知冰属于______（晶体/非晶体）；若在持续加热的过程中相同时间内吸收的热量相同，则冰在熔化过程中吸收的热量是______J（已知c水=4.2×103J/(kg·℃)）。

答案：     晶体     4.2×103
[1]从图中可以看到，冰在第5min到第15min这段时间，温度保持不变，则由图像可知冰属于晶体。
[2]从图中可以看到，从第15min到第20min这段时间，该物质已经是水，并且吸热了5min，温度升高5℃，已知c水=4.2×103J/(kg·℃)，水的质量和原来碎冰的质量一样，都是100g，根据比热容公式，可知，5min内，吸收的热量
Q=c水m水Δt=4.2×103J/kg⋅℃×0.1kg×5℃=2.1×103J
5min内吸收的热量为2.1×103J，而冰在熔化过程中，需要的时间是10min，在持续加热的过程中相同时间内吸收的热量相同，则冰在熔化过程中吸收的热量
Q'=2Q=2×2.1×103J=4.2×103J
冰在熔化过程中吸收的热量为4.2×103J。

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