人教版高二物理选修3-2电磁感应专题强化训练(含详细解析).doc

人教版高二物理选修3-2电磁感应专题强化训练（含详细解析）电磁感应专题强化练1(2015新课标全国19) 1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图1所示实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后下列说法正确的是()图1A圆盘上产生了感应电动势B圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动答案AB解析当圆盘转动时，圆盘的半径切割磁针产生的磁场的磁感线，产生感应电动势，选项A正确如图所示，铜圆盘上存在许多小的闭合回路，当圆盘转动时，穿过小的闭合回路的磁通量发生变化，回路中产生感应电流，根据楞次定律，感应电流阻碍其相对运动，但抗拒不了相对运动，故磁针会随圆盘一起转动，但略有滞后，选项B正确；在圆盘转动过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量始终为零，选项C错误；圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成的电流的磁场方向沿圆盘轴线方向，会使磁针沿轴线方向偏转，选项D错误2如图2甲所示，一个圆形线圈的匝数n100，线圈面积S200 cm2，线圈的电阻r1 ，线圈外接一个阻值R4 的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示下列说法中正确的是()图2A线圈中的感应电流方向为顺时针方向B电阻R两端的电压随时间均匀增大C线圈电阻r消耗的功率为4104 WD前4 s内通过R的电荷量为4104 C答案C解析由图可知，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得：线圈产生的感应电流方向为逆时针方向，故A错误；根据法拉第电磁感应定律可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故B错误；由法拉第电磁感应定律：Enn1000.02 V0.1 V，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中的电流为：I A0.02 A，所以线圈电阻r消耗的功率：PI2r0.0221 W4104 W，故C正确；前4 s内通过R的电荷量：QIt0.024 C0.08 C，故D错误3如图3所示，倾角为的光滑导轨上端接入一定值电阻，和是边长都为L的两正方形磁场区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向上，区域中磁场的磁感应强度为B1，区域中磁场随时间按B2kt变化，一质量为m、电阻为r的金属杆ab穿过区域垂直地跨放在两导轨上，并恰能保持静止则()图3A通过金属杆的电流大小为B通过金属杆的电流方向从a到bC定值电阻的阻值为rD定值电阻的阻值为答案AC解析对金属杆：mgsin B1IL，解得：I，A对；由楞次定律知，电流方向为从b到a，B错；由法拉第电磁感应定律得EL2kL2，又因为：I，故：Rrr，C对，D错4如图4所示，平行虚线之间有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场左右宽度为L，磁感应强度大小为B.一等腰梯形线圈ABCD所在平面与磁场垂直，AB边刚好与磁场右边界重合，AB长等于L，CD长等于2L，AB、CD间的距离为2L，线圈的电阻为R.现让线圈向右以恒定速度v匀速运动，从线圈开始运动到CD边刚好要进入磁场的过程中()图4A线圈中感应电流沿顺时针方向B线圈中感应电动势大小为BLvC通过线圈截面的电荷量为D克服安培力做的功为答案CD解析当线圈向右运动时穿过线圈的磁通量在增加，根据楞次定律知，感应电流沿逆时针方向，故A错误设ADC，由几何知识可得：tan 4磁场宽度为L，线圈有效的切割长度为所以线圈中感应电动势大小为EBvBLv，故B错误通过线圈截面的电荷量为q，故C正确由B项分析知线圈产生的感应电动势不变，克服安培力做的功等于线圈产生的焦耳热，则克服安培力做的功为Wt，故D正确5如图5甲所示，在水平面上固定一个匝数为10匝的等边三角形金属线框，总电阻为3 ，边长为0.4 m金属线框处于两个半径为0.1 m的圆形匀强磁场中，顶点A恰好位于左边圆的圆心，BC边的中点恰好与右边圆的圆心重合左边磁场方向垂直水平面向外，右边磁场垂直水平面向里，磁感应强度的变化规律如图乙所示，则下列说法中正确的是(取3)()图5A线框中感应电流的方向是顺时针方向Bt0.4 s时，穿过线框的磁通量为0.005 WbC经过t0.4 s，线框中产生的热量为2.7 JD前0.4 s内流过线框的电荷量为0.2 C答案CD解析由磁感应强度B1垂直水平面向里，大小随时间增大；B2垂直水平面向外，大小不变，故线框的磁通量增大，由楞次定律可得，线框中感应电流方向为逆时针方向，故A错误；t0.4 s时穿过线框的磁通量为：B1r2B2r250.530.12 Wb430.12 Wb0.055 Wb，故B错误；QI2Rt()2Rt()230.4 J2.7 J，故C正确；在t0.4 s内通过线框中的电荷量qtt C0.2 C，故D正确6如图6所示，电阻不计、相距L的两条足够长的平行金属导轨倾斜放置，与水平面的夹角为，整个空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B，导轨上固定有质量为m、电阻为R的两根相同的导体棒，导体棒MN上方轨道粗糙下方光滑，将两根导体棒同时释放后，观察到导体棒MN下滑而EF始终保持静止，当MN下滑的距离为s时，速度恰好达到最大值vm，则下列叙述正确的是()图6A导体棒MN的最大速度vmB此时导体棒EF与轨道之间的静摩擦力为mgsin C当导体棒MN从静止开始下滑s的过程中，通过其横截面的电荷量为D当导体棒MN从静止开始下滑s的过程中，导体棒MN中产生的热量为mgssin mv答案AC解析导体棒MN速度最大时做匀速直线运动，由平衡条件得：mgsin BILBL，解得vm.故A正确；在MN下滑的过程中，穿过回路的磁通量增大，根据楞次定律判断知，EF受到沿导轨向下的安培力，根据平衡条件得：导体棒EF所受的静摩擦力 fmgsin F安故B错误；当导体棒MN从静止开始下滑s的过程中，通过其横截面的电荷量为 qtt，故C正确；根据能量守恒得：导体棒MN中产生的热量为 Q(mgssin mv)，故D错误7如图7所示，固定的竖直光滑U形金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为x1，此时导体棒具有竖直向上的初速度v0.在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触则下列说法正确的是()图7A初始时刻导体棒受到的安培力大小FB初始时刻导体棒加速度的大小a2gC导体棒往复运动，最终静止时弹簧处于压缩状态D导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Qmv答案BC解析由题意得：EBLv0，由闭合电路欧姆定律得：I，由安培力公式得：F，故A错误；初始时刻，Fmgkx1ma，得a2g，故B正确；因为导体棒最终静止时没有安培力，只有重力和弹簧的弹力，故弹簧处于压缩状态，故C正确；根据能量守恒，减少的动能和势能全都转化为焦耳热，但R上产生的焦耳热只是其中一部分，故D错误8.如图8所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属轨道上导轨平面与水平面的夹角为，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置、板长为x、间距为d的平行金属板，R和Rx分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻图8(1)调节Rx0，释放导体棒，当导体棒速度为v1时，求棒ab两端的电压；(2)调节RxR，释放导体棒，求棒下滑的最大速度及整个回路消耗的最大功率；(3)改变Rx，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电荷量为q的微粒(不计重力)从两板中间以水平速度v0射入金属板间，若粒子刚好落在上板边缘，求此时的Rx.解析(1)当导体棒速度为v1时，有：EBlv1；根据闭合电路欧姆定律，得：I那么：UabIRBlv1.(2)当RxR，棒沿导轨匀速下滑时，有最大速度v，由平衡条件得：Mgsin F安安培力为：F安BIl解得：I感应电动势为：EBlv电流为：I解得：v回路消耗的最大功率为：PI2R总.(3)微粒从板中间水平射入恰好落到上板边缘，则：竖直方向：at2水平方向：v0tx根据受力分析可知：a电场强度为：E联立，得：U棒沿导轨匀速运动，由平衡条件有：Mgsin BI1l金属板间电压为：UI1Rx解得：Rx9.如图10中MN和PQ为竖直方向的两平行足够长的光滑金属导轨，间距为L，电阻不计导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，两端分别接阻值为2R的电阻R1和电容为C的电容器一质量为m、电阻为R的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持良好接触杆ab由静止开始下滑，在下滑过程中最大的速度为v，整个电路消耗的最大电功率为P，则()图10A电容器左极板带正电B电容器的最大带电荷量为C杆ab的最大速度vD杆ab所受安培力的最大功率为答案BC解析根据右手定则，感应电动势的方向为：ab，故右极板带正电，故A错误；当金属杆ab的速度达到最大时，感应电动势最大，感应电动势的最大值为：EmBLvmBLv；路端电压的最大值为：UEmBLv，故电容器的带电荷量最大，为：QCU，故B正确；由PF安v，当P、F安达到最大时，杆ab的速度达到最大值，此时杆ab受力平衡，即：v，故C正确；杆ab克服安培力的最大功率为：PF安mvmmgvmmgvP，故D错误10.如图11所示，竖直向下的匀强磁场垂直穿过固定的金属框架平面，OO为框架abcde的对称轴，ab平行于ed，材料、横截面与框架完全相同的水平直杆gh，在水平外力F作用下向左匀速运动，运动过程中直杆始终垂直于OO且与框架接触良好，直杆从c运动到b的时间为t1，从b运动到a的时间为t2，则()A在t1时间内回路中的感应电动势增大B在t2时间内a、e间的电压增大C在t1时间内F保持不变D在t2时间内回路中的热功率增大解析在t1时间内，回路中的感应电动势为 EBLv，L是有效的切割长度，由于L增大，则感应电动势增大，故A正确在t2时间内，由EBLv知，L不变，E不变，而回路的总电阻增大，电流减小，则a、e间的电压为 UEIr，E、r不变，则U增大故B正确设杆与框架单位长度的电阻为r，bc与水平方向的夹角为.则在t1时间内，回路中的感应电动势为 EBLvB2vttan v2Bv2ttan 回路的总电阻为 Rr(2vttan 2)电流为I，联立得I，则知I不变由于杆匀速运动，F与安培力大小相等，则FBILBI2vttan ，可知F增大，故C错误在t2时间内回路中的热功率为 P，R增大，E不变，则P减小，故D错误11.如图12甲所示，不变形、足够长、质量为m10.2 kg的“U”形金属导轨PQMN放在绝缘水平桌面上，QP与MN平行且距离d1 m，Q、M间导体电阻阻值R4 ，右内侧紧靠两固定绝缘小立柱1、2；光滑金属杆KL电阻阻值r1 ，质量m20.1 kg，垂直于QP和MN，与QM平行且距离L0.5 m，左侧紧靠两固定绝缘小立柱3、4.金属导轨与桌面的动摩擦因数0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，其余电阻不计从t0开始，垂直于导轨平面的磁场的磁感应强度变化如图乙所示(g10 m/s2)(1)求在整个过程中，导轨受到的静摩擦力的最大值fmax；(2)如果从t2 s开始，给金属杆KL水平向右的外力，外力对金属杆作用的功率保持不变为P0320 W，杆到达最大速度时撤去外力，求撤去外力后QM上产生的热量QR为多少？解析(1)在01 s时间内，设t时刻磁场的磁感应强度为B，QKLM中的感应电动势为E，电流为I，金属导轨QM受到的安培力为F，则由题图乙得B22t(T)，得2 T/s由法拉第电磁感应定律得EdL210.5 V1 V I A0.2 A导轨所受的安培力 FBId(22t)Id当t1 s时，安培力最大为Fm，则Fm0.8 N设金属导轨PQMN受到的最大静摩擦力为fm，则fm(m1m2)g0.5(0.20.1)10 N1.5 N1 s以后，电动势为零，QM受到的安培力为零即安培力最大时，仍然小于金属导轨PQMN受到的最大静摩擦力，金属导轨PQMN始终静止，受到的是静摩擦力，所以fmaxFm，则得fmax0.8 N(2)从t2 s开始，导轨QM受到的安培力向右，由于小立柱1、2的作用，金属导轨PQMN静止设杆KL的最大速度为vm时，感应电动势为E1，电流为I1，受到的安培力为F1，外力为F0，则 E1B0dvm，I1则得 F1B0I1d速度最大时外力与安培力平衡，则有F0F1据题 F0vmP0即解得vm10 m/s撤去外力直到停下来，产生的总热量为Q0，则 Q0m2v0.1102 J5 JQM上产生的热量 QRQ05 J4 J.专题强化练1(2015新课标全国19) 1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”实验中将一铜圆盘水平放置，在其中心正上方用柔软细线悬挂一枚可以自由旋转的磁针，如图1所示实验中发现，当圆盘在磁针的磁场中绕过圆盘中心的竖直轴旋转时，磁针也随着一起转动起来，但略有滞后下列说法正确的是()A圆盘上产生了感应电动势B圆盘内的涡电流产生的磁场导致磁针转动C在圆盘转动的过程中，磁针的磁场穿过整个圆盘的磁通量发生了变化D圆盘中的自由电子随圆盘一起运动形成电流，此电流产生的磁场导致磁针转动2如图2甲所示，一个圆形线圈的匝数n100，线圈面积S200 cm2，线圈的电阻r1 ，线圈外接一个阻值R4 的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图乙所示下列说法中正确的是()A线圈中的感应电流方向为顺时针方向B电阻R两端的电压随时间均匀增大C线圈电阻r消耗的功率为4104 WD前4 s内通过R的电荷量为4104 C3如图3所示，倾角为的光滑导轨上端接入一定值电阻，和是边长都为L的两正方形磁场区域，其区域内的磁场方向都垂直于导轨平面向上，区域中磁场的磁感应强度为B1，区域中磁场随时间按B2kt变化，一质量为m、电阻为r的金属杆ab穿过区域垂直地跨放在两导轨上，并恰能保持静止则()A通过金属杆的电流大小为B通过金属杆的电流方向从a到bC定值电阻的阻值为rD定值电阻的阻值为4如图4所示，平行虚线之间有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场左右宽度为L，磁感应强度大小为B.一等腰梯形线圈ABCD所在平面与磁场垂直，AB边刚好与磁场右边界重合，AB长等于L，CD长等于2L，AB、CD间的距离为2L，线圈的电阻为R.现让线圈向右以恒定速度v匀速运动，从线圈开始运动到CD边刚好要进入磁场的过程中()A线圈中感应电流沿顺时针方向B线圈中感应电动势大小为BLvC通过线圈截面的电荷量为D克服安培力做的功为5如图5甲所示，在水平面上固定一个匝数为10匝的等边三角形金属线框，总电阻为3 ，边长为0.4 m金属线框处于两个半径为0.1 m的圆形匀强磁场中，顶点A恰好位于左边圆的圆心，BC边的中点恰好与右边圆的圆心重合左边磁场方向垂直水平面向外，右边磁场垂直水平面向里，磁感应强度的变化规律如图乙所示，则下列说法中正确的是(取3)()A线框中感应电流的方向是顺时针方向Bt0.4 s时，穿过线框的磁通量为0.005 WbC经过t0.4 s，线框中产生的热量为2.7 JD前0.4 s内流过线框的电荷量为0.2 C6如图6所示，电阻不计、相距L的两条足够长的平行金属导轨倾斜放置，与水平面的夹角为，整个空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B，导轨上固定有质量为m、电阻为R的两根相同的导体棒，导体棒MN上方轨道粗糙下方光滑，将两根导体棒同时释放后，观察到导体棒MN下滑而EF始终保持静止，当MN下滑的距离为s时，速度恰好达到最大值vm，则下列叙述正确的是()A导体棒MN的最大速度vmB此时导体棒EF与轨道之间的静摩擦力为mgsin C当导体棒MN从静止开始下滑s的过程中，通过其横截面的电荷量为D当导体棒MN从静止开始下滑s的过程中，导体棒MN中产生的热量为mgssin mv7如图7所示，固定的竖直光滑U形金属导轨，间距为L，上端接有阻值为R的电阻，处在方向水平且垂直于导轨平面、磁感应强度为B的匀强磁场中，质量为m、电阻为r的导体棒与劲度系数为k的固定轻弹簧相连放在导轨上，导轨的电阻忽略不计初始时刻，弹簧处于伸长状态，其伸长量为x1，此时导体棒具有竖直向上的初速度v0.在沿导轨往复运动的过程中，导体棒始终与导轨垂直并保持良好接触则下列说法正确的是()A初始时刻导体棒受到的安培力大小FB初始时刻导体棒加速度的大小a2gC导体棒往复运动，最终静止时弹簧处于压缩状态D导体棒开始运动直到最终静止的过程中，电阻R上产生的焦耳热Qmv8.如图8所示，质量为M的导体棒ab，垂直放在相距为l的平行光滑金属轨道上导轨平面与水平面的夹角为，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，左侧是水平放置、板长为x、间距为d的平行金属板，R和Rx分别表示定值电阻和滑动变阻器的阻值，不计其他电阻(1)调节Rx0，释放导体棒，当导体棒速度为v1时，求棒ab两端的电压；(2)调节RxR，释放导体棒，求棒下滑的最大速度及整个回路消耗的最大功率；(3)改变Rx，待棒沿导轨再次匀速下滑后，将质量为m、带电荷量为q的微粒(不计重力)从两板中间以水平速度v0射入金属板间，若粒子刚好落在上板边缘，求此时的Rx.9.如图10中MN和PQ为竖直方向的两平行足够长的光滑金属导轨，间距为L，电阻不计导轨所在平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，两端分别接阻值为2R的电阻R1和电容为C的电容器一质量为m、电阻为R的金属杆ab始终垂直于导轨，并与其保持良好接触杆ab由静止开始下滑，在下滑过程中最大的速度为v，整个电路消耗的最大电功率为P，则()图10A电容器左极板带正电B电容器的最大带电荷量为C杆ab的最大速度vD杆ab所受安培力的最大功率为10.如图11所示，竖直向下的匀强磁场垂直穿过固定的金属框架平面，OO为框架abcde的对称轴，ab平行于ed，材料、横截面与框架完全相同的水平直杆gh，在水平外力F作用下向左匀速运动，运动过程中直杆始终垂直于OO且与框架接触良好，直杆从c运动到b的时间为t1，从b运动到a的时间为t2，则()A在t1时间内回路中的感应电动势增大B在t2时间内a、e间的电压增大C在t1时间内F保持不变D在t2时间内回路中的热功率增大11.如图12甲所示，不变形、足够长、质量为m10.2 kg的“U”形金属导轨PQMN放在绝缘水平桌面上，QP与MN平行且距离d1 m，Q、M间导体电阻阻值R4 ，右内侧紧靠两固定绝缘小立柱1、2；光滑金属杆KL电阻阻值r1 ，质量m20.1 kg，垂直于QP和MN，与QM平行且距离L0.5 m，左侧紧靠两固定绝缘小立柱3、4.金属导轨与桌面的动摩擦因数0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，其余电阻不计从t0开始，垂直于导轨平面的磁场的磁感应强度变化如图乙所示(g10 m/s2)(1)求在整个过程中，导轨受到的静摩擦力的最大值fmax；(2)如果从t2 s开始，给金属杆KL水平向右的外力，外力对金属杆作用的功率保持不变为P0320 W，杆到达最大速度时撤去外力，求撤去外力后QM上产生的热量QR为多少？9 / 9